资源描述
第十三章 选修4－1 其次节
一、选择题
1．自圆O外一点P引圆的切线，切点为A，M为PA的中点，过M引圆的割线交圆于B，C两点，且∠BMP＝100°，∠BPC＝40°，则∠MPB的大小为( )
A．10° B．20°
C．30° D．40°
[答案] B
[解析] 由于PA与圆相切于点A，所以AM2＝MB·MC．而M为PA的中点，
所以PM＝MA，则PM2＝MB·MC，∴＝.
又∠BMP＝∠PMC，所以ΔBMP∽△PMC，所以∠MPB＝∠MCP，在△PMC中，由∠CMP＋∠MPC＋∠MCP＝180°，
即∠CMP＋∠BPC＋2∠MPB＝180°，所以100°＋40°＋2∠MPB＝180°，从而∠MPB＝20°.
2．(2022·天津高考)如图，△ABC是圆的内接三角形，∠BAC的平分线交圆于点D，交BC于点E，过点B的圆的切线与AD的延长线交于点F，在上述条件下，给出下列四个结论：①BD平分∠CBF；②FB2＝FD·FA；③AE·CE＝BE·DE；④AF·BD＝AB·BF.则全部正确结论的序号是( )
A．①② B．③④
C．①②③ D．①②④
[答案] D
[解析] 由弦切角定理知∠FBD＝∠BAD，
∵AD平分∠BAC，∠BAD＝∠CAD，
∵同弧所对的圆周角相等，∴∠CAD＝∠CBD．
∴∠FBD＝∠CBD，即BD平分∠CBF，∴①正确；
由切割线定理知，②正确；
由相交弦定理知，AE·ED＝BF·EC，∴③不正确；
∵△ABF∽△BDF，∴＝.
∴AF·BD＝AB·BF，∴④正确．故选D．
二、填空题
3．如图，AB为圆O的直径，PA为圆O的切线，PB与圆O相交于D，若PA＝3，PDDB＝916，则PD＝________，AB＝________.
[答案] ，4
[解析] 由于PDDB＝916，设PD＝9a，则DB＝16a，依据切割线定理有PA2＝PD·PB有a＝，所以PD＝，在直角△PBA中，AB2＝PB2－AP2＝16，所以AB＝4.
4．如图，在半径为的⊙O中，弦AB、CD相交于点P，PA＝PB＝2，PD＝1，则圆心O到弦CD的距离为________．
[答案]
[解析] 由相交弦定理知，PA·PB＝PD·PC，又PA＝PB＝2，PD＝1，得PC＝4，故CD＝5，
∴d＝＝.
5．(2022·湖北高考)如图，P为⊙O外一点，过P点作⊙O的两条切线，切点分别为A、B，过PA的中点Q作割线交⊙O于C、D两点，若QC＝1，CD＝3，则PB＝________.
[答案] 4
[解析] 由切线长定理得QA2＝QC·QD＝1×(1＋3)＝4，解得QA＝2.故PB＝PA＝2QA＝4.
6．如图，在圆内接梯形ABCD中，AB∥DC，过点A作圆的切线与CB的延长线交于点E，若AB＝AD＝5，BE＝4，则弦BD的长为________．
[答案]
[解析] 由于在圆的内接梯形ABCD中，AB∥DC，
所以AD＝BC，∠BAD＋∠BCD＝180°，∠ABE＝∠BCD，所以∠BAD＋∠ABE＝180°，又由于AE为圆的切线，
所以AE2＝BE·EC＝4×9＝36，AE＝6.
在△ABE中，由余弦定理得cos∠ABE＝＝＝，cos∠BAD＝cos(180°－∠ABE)＝－cos∠ABE＝－，在△ABD中，BD2＝AB2＋AD2－2AB·AD·cos∠BAD＝，所以BD＝.
7.如图，AB是圆O的直径，点C在圆O上，延长BC到D使BC＝CD，过C作圆O的切线交AD于E.若AB＝6，ED＝2，则BC＝________.
[答案] 2
[解析] ∵AB为⊙O的直径，C在⊙O上，∴AC⊥BD，
又∵BC＝CD，∴AD＝AB＝6，
又DE＝2，∴AE＝4，连OC，
∵CE为⊙O的切线，
∴CE⊥OC，
又OC为△ABD的中位线，∴OC∥AD．
∴CE⊥AD，∴CD2＝DE·DA＝12，∴CD＝2，
∴BC＝CD＝2.
8．如图，在圆O中，直径AB与弦CD垂直，垂足为E，EF⊥DB，垂足为F，若AB＝6，AE＝1，则DF·DB＝________.
[答案] 5
[解析] 本题考查了相交弦定理三角形相像等学问．
由已知AE·EB＝CE·DE＝DE2，
∴DE2＝5×1＝5，
因△DFE∽△DEB，所以＝，∴DE2＝DF·DB＝5.
平面几何在选修题中每年必考，难度不大，属保分题型．
三、解答题
9．(2022·江苏高考)如图，AB是圆O的直径，CD是圆O上位于AB异侧的两点，证明：∠OCB＝∠D．
[解析] 证明：OC＝OB，∴∠OCB＝∠B，
又∵∠B＝∠D，∴∠OCB＝∠D．
10．如图，直线AB为圆的切线，切点为B，点C在圆上，∠ABC的角平分线BE交圆于点E，DB垂直BE交圆于点D．
(1)证明：DB＝DC；
(2)设圆的半径为1，BC＝，延长CE交AB于点F，求△BCF外接圆的半径．
[解析] (1)连接DE，交BC于点G.
由弦切角定理得，∠ABE＝∠BCE.
而∠ABE＝∠CBE，故∠CBE＝∠BCE，所以BE＝CE.
又∵DB⊥BE，∴DE为直径，∠DCE＝90°，
由勾股定理可得DB＝DC．
(2)由(Ⅰ)知，∠CDE＝∠BDE，DB＝DC，
故DG是BC的中垂线，所以BG＝.
设DE中点为O，连接BO，则∠BOG＝60°.
∠ABE＝∠BCE＝∠CBE＝30°，所以CF⊥BF，
故Rt△BCF外接圆半径等于.
一、填空题
1．如图，AB为⊙O的直径，C为⊙O上一点．AD和过C点的切线相互垂直，垂足为D，∠DAB＝80°，则∠ACO＝________.
[答案] 40°
[解析] ∵CD是⊙O的切线，
∴OC⊥CD，又∵AD⊥CD，∴OC∥AD．
由此得，∠ACO＝∠CAD，∵OC＝OA，∴∠CAO＝∠ACO，
∴∠CAD＝∠CAO，故AC平分∠DAB．
∴∠CAO＝40°，∴∠ACO＝40°.
2．如图，已知AB和AC是圆的两条弦，过点B作圆的切线与AC的延长线相交于点D，过点C作BD的平行线与圆相交于点E，与AB相交于点F，AF＝3，FB＝1，EF＝，则线段CD的长为________．
[答案]
[解析] 由于AF·BF＝EF·CF，解得CF＝2，所以＝，即BD＝.设CD＝x，AD＝4x，所以4x2＝，所以x＝.
3．如图，在△ABC中，AB＝AC，∠C＝72°，⊙O过A、B两点且与BC相切于点B，与AC交于点D，连接BD，若BC＝－1，则AC＝________.
[答案] 2
[解析] 由题易知，∠C＝∠ABC＝72°，∠A＝∠DBC＝36°，所以△BCD∽△ACB，所以BCAC＝CDCB，
又易知BD＝AD＝BC，所以BC2＝CD·AC＝(AC－BC)·AC，解得AC＝2.
4．如图，△ABC为圆的内接三角形，BD为圆的弦，且BD∥AC．过点A作圆的切线与DB的延长线交于点E，AD与BC交于点F.若AB＝AC，AE＝6，BD＝5，则线段CF的长为________．
[答案]
[解析] 如图所示：
∵AE为圆的切线，∴AE2＝BE·ED，
设BE＝x，∴36＝x(5＋x)，
x2＋5x－36＝0，∴x＝4.
∵AB＝AC，∴∠ACB＝∠ABC，
又∠EAB＝∠ACB，∴∠EAB＝∠ABC，∴AE∥BC，
又EB∥AC，∴四边形BCAE为平行四边形，
∴BC＝AE＝6，AC＝BE＝4，
∵△DFB∽△AFC，
∴＝，∴＝，∴FC＝.
5．(2022·重庆高考)过圆外一点P作圆的切线PA(A为切点)，再作割线PBC依次交圆于B，C，若PA＝6，AC＝8，BC＝9，则AB＝________.
[答案] 4
[解析] 本题主要考查切割线定理与三角形的相像，设AB＝x，PB＝y，由切割线定理可知，
PA2＝36＝x(x＋9) (1)
由三角形PAB与三角形PCB相像可得＝，
即＝ (2)
由(1)，(2)可得3y2＋36y－4×48＝0，y＝4(y＝－48舍去)．
二、解答题
6．(2022·新课标Ⅰ)如图，四边形ABCD是⊙O的内接四边形，AB的延长线与DC的延长线交于点E，且CB＝CE.
(1)证明：∠D＝∠E；
(2)设AD不是⊙O的直径，AD的中点为M，且MB＝MC，证明：△ADE为等边三角形．
[解析] (1)由题设知A，B，C，D四点共圆，所以∠D＝∠CBE，
由CB＝CE得∠CBE＝∠E，故∠D＝∠E.
(2)设BC的中点为N，连接MN，则由MB＝MC知MN⊥BC，故O在直线MN上．
又AD不是⊙O的直径，M为AD的中点，故OM⊥AD，即MN⊥AD．
所以AD∥BC，故∠A＝∠CBE.
又∠CBE＝∠E，故∠A＝∠E，
由(1)知，∠D＝∠E，所以△ADE为等边三角形．
7．(2022·辽宁高考)如图，EP交圆于E、C两点，PD切圆于D，G为CE上一点且PG＝PD，连接DG并延长交圆于点A，作弦AB垂直EP，垂足为F.
(1)求证：AB为圆的直径；
(2)若AC＝BD，求证：AB＝ED．
[解析] (1)∵PD＝PG，∴∠PDG＝∠PGD，
由于PD为切线，故∠PDA＝∠DBA，又∠PGD＝∠EGA，
∴∠DBA＝∠EGA．∴∠DBA＋∠BAD＝∠EGA＋∠BAD，从而∠BDA＝∠PFA．
由AF⊥EP，得∠PFA＝90°，∴∠BDA＝90°，故AB是直径．
(2)连接BC、DC．
∵AB是直径，∴∠BDA＝∠ACB＝90°，
在Rt△BDA与Rt△ACB中，AB＝BA，AC＝BD．
∴Rt△BDA≌Rt△ACB，∴∠DAB＝∠CBA．
又∵∠DCB＝∠DAB．∴∠DCB＝∠CBA，∴DC∥AB．
∵AB⊥EP，∴DC⊥EP，∠DCE为直角．
∴ED为直径，由(1)得ED＝AB．
展开阅读全文
浙ICP备2021020529号-1 | 浙B2-20240490 
