新疆乌鲁木齐七十中2025年物理高二第一学期期末考试试题含解析.doc

新疆乌鲁木齐七十中2025年物理高二第一学期期末考试试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、在下列研究中，可以把物体看成质点是（）
A.分析乒乓球的“弧旋球” B.研究地球自转时的地球
C.研究车轮旋转情况时的车轮 D.研究某同学骑自行车回校的速度
2、关于物体的惯性，下列说法正确的是
A.物体的体积越大惯性越大
B.物体的质量越大惯性越大
C.物体的惯性大小与它的受力大小有关
D.运动的物体具有惯性，静止的物体没有惯性
3、两块平行金属板带等量异号电荷，要使两板间的电压加倍，而板间的电场强度减半，可采用的办法有（　　）
A.两板的电量加倍，而距离变为原来的4倍
B.两板的电量加倍，而距离变为原来的2倍
C.两板的电量减半，而距离变为原来的4倍
D.两板的电量减半，而距离变为原来的2倍
4、关于静电场的电场线,下列说法正确的是(　　)
A.电场线是真实存在的线，最早由法拉第发现
B.电场强度较大的地方电场线一定较疏
C.沿电场线方向,电势一定越来越低
D.电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹
5、一辆汽车在4s内做匀加速直线运动，初速为2m/s，末速为10m/s，在这段时间内（）
A.汽车的加速度为4m/s2
B.汽车的加速度为8m/s2
C.汽车的平均速度为6m/s
D.汽车的平均速度为10m/s
6、如图所示，通电直导线ab位于两平行导线横截面MN的连线的中垂线上，当平行导线通以同向等值电流时，以下说法中正确的是：

A.ab顺时针旋转
B.ab逆时针旋转
C.a端向外，b端向里旋转
D.a端向里，b端向外旋转
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，图中的正方形为其边界．一细束由两种粒子组成的粒子流沿垂直于磁场的方向从O点入射．这两种粒子带同种电荷，它们的电荷量、质量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子（不计重力）．下列说法错误的是(　　)

A.入射速度不同的粒子在磁场中的运动时间不一定不同
B.入射速度相同的粒子在磁场中的运动轨迹一定相同
C.在磁场中运动时间相同的粒子，其运动轨迹一定相同
D.在磁场中运动轨迹越长的粒子，其运动时间一定越大
8、关于平抛运动，下列说法中正确的是（　　）
A.平抛运动的轨迹是曲线，所以平抛运动是变速运动
B.平抛运动是一种匀变速曲线运动
C.平抛运动的水平射程x由初速度决定，与下落的高度h无关
D.平抛运动的落地时间t由初速度决定，越大，t越大
9、如图所示，金属框架固定在水平面上，金属杆ab与框架间无摩擦，整个装置处于竖直方向的磁场中．若因磁场的变化，使杆ab运动，下列判断正确的是　　

A.若ab向右运动，则磁场可能竖直向上且减小
B.若ab向左运动，则磁场可能竖直向上且减小
C.若ab向右运动，则磁场可能竖直向上且增大
D.若ab向左运动，则磁场可能竖直向上且增大
10、如图所示，在真空中A、B两块平行金属板竖直放置并接入电路．调节滑动变阻器，使A、B两板间的电压为U时，一质量为m，电荷量为－q的带电粒子，以初速度v0从A板上的中心小孔沿垂直两板的方向射入电场中，恰从A、B两板的中点处沿原路返回（不计重力），则下列说法正确的是（　　）

A.使初速度变为2v0时，带电粒子恰能到达B板
B.使初速度变为2v0时，带电粒子将从B板中心小孔射出
C.使初速度v0和电压U都增加为原来的2倍时，带电粒子恰能到达B板
D.使初速度v0和电压U都增加为原来的2倍时，带电粒子将从B板中心小孔射出
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）如图所示，是“研究电磁感应现象”的实验装置.

（1）将实物电路中所缺的导线补充完整.
（ ）
（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将线圈L1迅速插入线圈L2中，灵敏电流计的指针将________偏转.(选填“向左”“向右”或“不”)
（3）线圈L1插入线圈L2后，将滑动变阻器滑片迅速向右移动时，灵敏电流计的指针将________偏转.(选填“向左”“向右”或“不”)
12．（12分）为了测定一节干电池的电动势和内电阻，现准备了下列器材：
A.被测干电池（电动势约1.5V，内阻约1.0Ω）
B.灵敏电流表G（满偏电流3.0mA，内阻10Ω）
C.电流表A（量程0~0.60A，内阻0.10Ω）
D.滑动变阻器R1（0~20Ω，10A）
E.滑动变阻器R2（0~100Ω，1A）
F.定值电阻R3=990Ω
G.电键和导线若干
(1)为了能较为准确地进行测量，也为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是_____。
(2)请在下图矩形框中画出实验电路图___。
(3)右图为某同学根据正确的电路图作出的I1—I2图线（I1为灵敏电流表G的示数，I2为电流表A的示数），由该图线可得：被测干电池的电动势E =_____V，内电阻r =____Ω。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

14．（16分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
15．（12分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】当物体的形状，大小对我们所研究的问题影响不大时这个物体就可以看成质点，所以研究某同学骑自行车回校的速度时可以将这个同学看成质点，而分析乒乓球的“弧旋球”，研究地球自转时的地球，研究车轮旋转情况时的车轮，都不能看成质点，否则无法进行研究，故ABC错误，D正确。
故选D。
2、B
【解析】质量是惯性大小的量度，与物体的体积无关．故A错误；质量是惯性大小的量度，物体的质量越大惯性越大．故B正确；惯性的大小与物体是否受力无关．故C错误；惯性的大小与物体的运动状态无关．故D错误
3、C
【解析】A、板间距离变为原来的4倍时，根据公式可得电容为原来的，两板的电量加倍，由得知，电压变为8倍，由分析得知，板间电场强度变为2倍，不符合题意，A错误；
B、距离变为原来的2倍时，根据公式可得电容为原来的，两板的电量加倍，由得知，电压变为4倍，由分析得知，板间电场强度变为2倍，不符合题意，B错误；
C、板间距离变为原来的4倍时，根据公式可得，两板的电量减半，由得知，电压变为原来的2倍，由分析得知，板间电场强度变为原来的符合题意，C正确；
D、板间距离变为原来的2倍，根据公式可得电容为原来的2倍，两板的电量减半，由得知，电压变为原来的，由分析得知，板间电场强度变为倍，不符合题意，D错误
4、C
【解析】A．电场线是人为了方便研究电场而假想出来的，A错误；
B．电场线的疏密表示场强的强弱，那么电场强度较大的地方电场线一定较密，B错误；
C．沿着电场线的方向，电势会降低，因此沿电场线方向电势越来越低，C正确；
D．电场线不一定与带电粒子的轨迹重合，只有电场线是直线，带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合，D错误；
故选C。
5、C
【解析】AB.汽车的加速度
a=
故AB错误;
CD.根据平均速度的公式

故C正确，D错误。
故选C。
6、C
【解析】导线M和N的磁感线都是同心圆。因此对ab上半段，M导线的磁感线指向右下，可以用左手定则判断：a端受到向外的力。N导线的磁感线指向右上，也使a端受向外的力；同理也可以分析出b端受向里的力。从而使得a端转向纸外，b端转向纸里；
A．ab顺时针旋转，与结论不相符，选项A错误；
B．ab逆时针旋转，与结论不相符，选项B错误；
C．a端向外，b端向里旋转，与结论相符，选项C正确；
D．a端向里，b端向外旋转，与结论不相符，选项D错误；
故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AB
【解析】带电粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，虽然电量、质量不同，但比荷相同，所以运动圆弧对应的半径与速率成正比．它们的周期总是相等，因此运动的时间由圆心角来决定
【详解】A.入射速度不同的粒子，周期相同，半径大小不同，如果都从左边飞出，虽然轨迹不一样，若圆心角却相同，则磁场中运动时间相同．故A正确，C错误；
B.入射速度相同的粒子，半径不同，则运动轨迹一定相同，故B正确；
C.在磁场中运动时间：t=(θ为转过圆心角)，速度越大，轨道半径越大，但对应的圆心角不一定大（如从右侧边界射出的粒子），运动时间不一定长，故D错误
故选AB
8、AB
【解析】平抛运动是具有水平方向的初速度只在重力作用下的运动，是一个匀变速曲线运动．解决平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动
【详解】A、B项：平抛运动只受重力作用，加速度为重力加速度，不发生变化，是匀变速运动，运动轨迹是曲线，所以平抛运动一定是变速运动，故AB正确；
C项：由平抛可得：，解得：，即：平抛运动的水平射程由物体下落的高度和初速度共同决定，故C错误；
D项：由C知，平抛运动落地时间由h决定，与初速度无关，故D错误
【点睛】本题考查对平抛运动规律的掌握和理解，知道平抛运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，结合运动规律分析水平射程和落地时间
9、AD
【解析】根据“磁场的变化使杆ab运动”可知，本题考查电磁感应的动力学问题，根据楞次定律可判断感应电流的方向，左手定则判断通电导体所受的安培力方向；当穿过回路的磁通量均匀变化时，回路中产生的是恒定电流，进行分析推断.
【详解】A、B、当磁感应强度B方向向上并减小时，穿过回路的磁通量减小，根据楞次定律判断得到：回路中感应电流方向为逆时针方向俯视，杆中的感应电流方向是从b到a，由左手定则可知，安培力的方向向右，使杆向右运动，故A正确，B错误；
C、D、当磁感应强度B方向向上并增大时，穿过回路的磁通量增大，根据楞次定律判断得到：回路中感应电流方向为顺时针方向俯视，杆中的感应电流方向是从a到b，由左手定则可知，安培力的方向向左，使杆向左运动，故C错误，D正确；
故选AD.
【点睛】当磁感应强度B变化时，根据楞次定律(增反减同)判断感应电流的方向；根据法拉第电磁感应定律分析感应电流大小如何变化；由左手定则判断金属棒所受的安培力方向.
10、BC
【解析】AB．A、B两块平行金属间距为，粒子在极板间运动，应用能量守恒定律：

解得：

根据题意，粒子的初速度为时：

使粒子初速度变为时：

可知带电粒子将从B板中心小孔射出，A错误，B正确；
CD．使初速度v0和电压U都增加为原来2倍时：

可知带电粒子恰能到达B板，C正确，D错误。
故选BC
分卷II

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①. ②.向右 ③.向左
【解析】(1)[1]补充的实物电路如图所示

(2)[2]已知闭合开关瞬间，线圈L2中的磁通量增加，产生的感应电流使灵敏电流计的指针向右偏转．当开关闭合后，将线圈L1迅速插入线圈L2中时，线圈L2中的磁通量增加，由已知条件可知产生的感应电流也应使灵敏电流计的指针向右偏转
(3)[3]滑动变阻器的滑片迅速向右移动，线圈L1中的电流变小，线圈L2中的磁场方向不变，磁通量减少，则灵敏电流计的指针向左偏转
12、 ①.D ②. ③.1.47V ④.0.740.78
【解析】(1)[1]为方便实验操作，滑动变阻器应选阻值较小D。
(2)[2]伏安法测电源电动势与内阻，需要电压表，现在没有电压表，可以用G与R3串联组成电压表测电压，电流表测电路电流，电路图如图所示。

(3)[3][4]由闭合电路欧姆定律可得：E=U+Ir，U=E-Ir，则
I1（R3+RG)=E-I2r

由图像可知，电源电动势
E=I1（R3+RG)=1.47×10-3×（990+10）V=1.47V
电源内阻

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
14、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答