四川省广安友谊中学2025年高一上物理期末检测模拟试题含解析.doc

四川省广安友谊中学2025年高一上物理期末检测模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、物体做匀速圆周运动，关于其向心加速度的说法正确的是（　　）
A.与线速度的方向始终相同
B.与线速度的方向始终相反
C.始终指向圆心
D.始终保持不变
2、如图甲所示，在倾角为300的足够长的光滑斜面上，有一质量为m的物体，受到沿斜面方向的力F作用，力F按图乙所示的规律变化, 图中纵坐标是F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正向，则物体运动的速度v随时间t变化的规律用可图中的哪一个图象表示（物体的初速度为零）

A. B.
C. D.
3、如图所示，物体P置于光滑的水平面上，用轻细线跨过质量不计的光滑定滑轮连接一个重力G=10N的重物，物体P向右运动的加速度为a1；若细线下端不挂重物，而用F=10N的力竖直向下拉细线下端，这时物体P的加速度为a2，则（ ）

A.a1＜a2
B.a1=a2
C.a1＞a2
D.条件不足，无法判断
4、如图所示，物体A重20N，物体B重5N，不计一切摩擦和绳重力，当两物体由静止释放后，物体A的加速度与绳子上的张力分别为（　　）

A.6m/s2 ，8N B.10m/s2 ，8N
C.8m/s2 ，6N D.6m/s2，9N
5、列各理量中，全部是矢量的有（　　）
A.速度、平均速率、加速度、位移
B.位移、速度、平均速度、加速度
C.位移、速度、加速度、质量
D.速度、加速度、位移、时间
6、质量相同的甲、乙两人乘坐两部构造不同、倾角相同的电梯去商场，他们均相对于电梯静止，则下列说法正确的是（ ）

A.若两电梯匀速上升，则甲、乙两人均没有受到摩擦力
B.若两电梯匀速上升，则甲受到重力和支持力
C.若两电梯匀加速上升，则两人均受到沿速度方向的摩擦力
D.无论电梯加速或匀速上升，甲都不会受到摩擦力的作用
7、水平力F作用于重为G的物体A的光滑左表面，使其恰好沿竖直墙壁匀速下滑，如图所示.若物体与墙壁间的动摩擦因数为μ，则物体所受摩擦力的大小为( )

A.μF
B.μF+G
C.G
D.μ(F+G)
8、如图，倾角的光滑斜面上甲，乙两个物块用轻弹簧连接，用平行斜面向上的拉力F拉甲物块，使甲、乙两物块一起沿斜面向上做匀速运动，两物块的质量均为m，重力加速度为g，下列说法正确的是

A.拉力的大小为mg
B.弹簧弹力大小为mg
C.撤去拉力F瞬间，两物体的加速度大小相等
D.撤去拉力F瞬间，乙的加速度为零，甲的加速度大小为g
9、以下有关超重与失重的说法，正确的是
A.无论是超重还是失重，物体自身重力并不变
B.物体竖直向下运动时，不可能处于超重状态
C.物体超重或失重时，其所受合力可能为0
D.如果物体沿光滑斜面下滑，则物体处于失重状态
10、关于重力加速度，下列说法正确的是（）
A.重力加速度表示自由下落物体运动速度变化的大小
B.重力加速度表示自由下落物体运动速度的快慢
C.重力加速度表示自由下落物体运动速度变化快慢
D.同一地方轻重物体的重力加速度相同
11、如图甲所示，倾角为θ的足够长的传送带以恒定的速率v0沿逆时针方向运行。t＝0时，将质量m＝1kg的物体（可视为质点）轻放在传送带上，物体相对地面的v﹣t图像如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g＝10m/s2。则（ ）

A.传送带的速率v0＝10m/s
B.传送带的倾角θ＝30°
C.物体与传送带之间的动摩擦因数µ＝0.5
D.0~2.0s内物体在传送带上留下的痕迹为6m
12、三角形传送带以1m/s的速度逆时针匀速转动，两边的传送带长都是2m且与水平方向的夹角均为。现有两个小物块A、B从传送带顶端都以1m/s的初速度沿传送带下滑，物块与传送带间的动摩擦因数都是0.5，（g取10m/s2，sin=0.6，cos=0.8）下列说法正确的是（ ）

A.物块A先到达传送带底端
B.物块A、B同时到达传送带底端
C.物块A、B到达传送带底端时速度大小相等
D.物块A、B在传送带上划痕长度之比为1:3
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、有关《探究小车速度随时间变化的规律》实验，完成下列问题：
（1）实验中用到的电火花计时器工作电压是220V的_______（选填“交流”或“直流”）电
（2）哪些操作对该实验是没有必要或者是错误的_________
A.要用天平测出钩码质量
B.先释放小车后启动打点计时器
C.为了便于测量，应该舍掉开头一些过于密集的点迹，找一个适当的点当作计时起点
D.作图像时，必须要把描出的各点都要连在同一条曲线上
（3）某同学利用打点计时器所记录的纸带来研究匀变速直线运动小车的运动情况，实验中获得一条纸带，如图所示，其中两相邻计数点间有四个点未画出．已知所用电源的频率为50Hz，则打A点时小车运动的速度v=_______m/s（保留3位有效数字），小车运动的加速度a=____m/s2（保留3位有效数字）

14、 (1)如下图所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，在图示状态下，开始做实验，该同学有装置和操作中的主要错误是：（至少三项）

①.__________________;②.___________________;③._______________________.
(2)某同学平衡摩擦力时是这样操作的：将小车静止地放在水平木板上，把木板不带滑轮的一端慢慢垫高，如图（乙），直到小车由静止开始沿木板向下滑动为止．请问这位同学的操作是否正确？如果不正确，应当如何进行？答：__________________________________
(3)如果这位同学先如(2)中的操作，然后不断改变对小车的拉力F，他得到M（小车质量）保持不变情况下的a-F图线是图中的________（将选项代号的字母填在横线上）

(4)如图给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6是计数点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出，打点计时器频率50Hz），计数点间的距离如图所示．根据图中数据计算的加速度a=_______m/s2（保留三位有效数字）

(5)实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是（ ）
A.M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g
B.M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g
C.M=200g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40g
D.M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g
15、某实验小组利用如图所示的装置研究物体做匀变速直线运动的情况：
按如图所示装置准备好器材后，先接通电源，然后后释放小车，让它拖着纸带运动，得到如图所示纸带，纸带上选取A、B、C、D、E五个计数点（相邻两个计数点间还有4个计时点未画出）．打点计时器使用的交流电源的频率f＝50Hz，则打点计时器在纸带上打下相邻两计数点的时间间隔为______s

根据纸带上的信息可计算出：在打下计数点C时小车运动的速度大小的测量值为________m/s；小车在砂桶的拉力作用下做匀加速直线运动的加速度大小的测量值为________m/s2．（计算结果均保留2位有效数字）
三．计算题(22分)
16、（12分）B、C两个小球重量均为G，用细线悬挂在竖直墙上的A、D两点．细线与竖直墙壁之间的夹角分别为30o和60o （见图中标注），两个小球处于静止状态．求：

（1）AB和CD两根细线的拉力FAB和FCD 分别为多大？
（2）细线BC与竖直方向的夹角θ是多少？
17、（10分）一滑块从静止开始从斜面顶端匀加速下滑，第5s末的速度是6m/s，试求：
（1）物体运动的加速度
（2）第4s末的速度
（3）运动后7s内的位移
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】向心加速度的方向始终指向圆心，方向时刻在变化，和线速度的方向垂直，不改变线速度的大小只是改变线速度的方向，因为加速度是矢量，因此向心加速度是时刻变化的。
故选C。
2、D
【解析】在0-1s内，通过受力分析由牛顿第二定律可得：F-mgsin30°=ma1
解得：a1=0．5g=5m/s
1s末获得速度为：v1=a1t1=5m/s
在1-2s内，由牛顿第二定律可得：-mgsin30°=ma2
解得：a2＝−0．5g＝−5m/s2
向上做减速运动，2s末的速度为：v2=v1+a2t2=0
在2-3s内由牛顿第二定律得：-F-mgsin30°=ma3
解得：a3=-1．5g=15m/s
3s末获得速度为：v3=a3t3=-15m/s
故D正确；故选D
3、A
【解析】挂重物时，选连接体为研究对象，有牛顿第二定律得，共同运动加速度大小为：；当改为10N拉力后，由牛顿第二定律得；P的加速度为：，故a1＜a2，
故选A.
考点：牛顿第二定律
4、A
【解析】静止释放后，物体A将加速下降，物体B将加速上升，二者加速度大小相等，由牛顿第二定律，对A有

对B有

代入数据解得

故选A。
5、B
【解析】A．速度、加速度、位移是矢量，平均速率是标量，A错误；
B．位移、速度、平均速度、加速度都是矢量，B正确；
C．位移、速度、加速度是矢量，质量是标量，C错误；
D．速度、加速度、位移是矢量，时间是标量，D错误。
故选B。
6、B
【解析】AB.若两电梯均为匀速上升，则甲只受重力和支持力，乙则受重力、支持力和摩擦力，所以A错误，B正确；
C.若两电梯匀加速上升，则甲所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上，C错误，D错误；
故选B.
【点睛】对人受力分析，由牛顿第二定律及共点力的平衡条件可确定人是否受到摩擦力
7、AC
【解析】物体在水平力的作用下，做匀速下滑．则物体受到是滑动摩擦力，摩擦力的大小与物体对竖直墙壁的正压力大小成正比．同时也可从平衡条件来确定，滑动摩擦力与重力处于平衡
【详解】由题意可知：物体沿竖直墙壁下滑，则受到是滑动摩擦力，所以有：Ff=μFN=μF.又由于物体匀速下滑，从平衡条件得：Ff=G.故A、C正确，B、D错误.
故选AC.
【点睛】本题考查滑动摩擦力的性质，要注意明确滑动摩擦力与正压力成正比，但不一定与重力成正比．正确理解正压力的性质
8、AD
【解析】A.斜面光滑，将甲乙两物块视为一个整体，做受力分析可得在沿斜面方向上平衡：

故A正确；
B.对乙物体受力分析，沿斜面方向上平衡可得弹簧弹力：

故B错误；
C.撤去拉力F瞬间，弹簧长度不变弹力不变。对甲物体受力分析，沿斜面方向上不平衡有：

解得：
D.对乙物体受力分析，沿斜面方向上有：

甲乙两物体加速度大小不同。故C错误；D正确。
故选ＡＤ。
9、AD
【解析】当物体的加速度竖直向上时，物体处于超重状态，当物体的加速度竖直向下时，物体处于失重状态；超重或者是失重并不是物体的重力发生变化，物体处于失重状态时是指对支撑物的压力或对悬挂物的拉力小于物体的重力，物体处于超重状态时是指对支撑物的压力或对悬挂物的拉力大于物体的重力。
【详解】A．不论是超重或者失重，物体所受的重力并没有发生改变，而是对支撑物的压力或者是对悬挂物的拉力变化，故A正确；
B．物体可以做竖直向下的减速运动，此时加速度向上，则是超重，故B错；
C．物体超重或者是失重时，必须具有加速度，所以物体的加速度肯定不是0，则所受的合力不可能为0，故C错误；
D．物体沿着光滑斜面下滑，是做的加速运动，物体的加速度沿斜面向下，把加速度可以分解为水平方向和竖直向下方向，因竖直向下方向有向下的加速度，则物体应是失重，故D正确。
故选AD。
【点睛】掌握了超重或失重的概念和特点是解决这类题目的关键，记住加速度向上超重，加速度向下失重。
10、CD
【解析】A、重力加速度是物体只受重力时产生的加速度，表示自由落体运动速度变化的快慢，故C正确，AB错误；
D、重力加速度的大小与所处的位置有关，与物体的大小、形状、质量无关，即同一地方轻重物体的重力加速度相同，故D正确
11、AC
【解析】A．由图知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在t＝1.0s时刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图像可知传送带的速度为v0＝10m/s，故A正确；
BC．在0~1.0s内，物体摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为：

由图可得：

在1.0~2.0s，物体的加速度为：

由图可得：

联立解得：，，故B错误，C正确；
D．根据“面积”表示位移，可知0~1.0s物体相对于地的位移：

传送带的位移为：
x2＝v0t1＝10×1m＝10m
物体对传送带的位移大小为：

方向向上。1.0~2.0s物体相对于地的位移：

传送带的位移为：
x4＝v0t1＝10×1m＝10m
物体对传送带的位移大小为：

方向向下，故留下的痕迹为5m，故D错误。
故选：AC。
12、BCD
【解析】AB．对A，因为

则A物体所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，B所受的滑动摩擦力沿斜面向上，向下做匀加速直线运动，两物体匀加速直线运动的加速度大小均为

则加速度大小相等，初速度和位移大小均相等，则运动的时间相等，它们同时到达传送带底端，A错误，B正确；
C．由
v=v0+at
知物块A、B到达传送带底端时速度大小相等，C正确；
D．对A，划痕的长度等于A的位移减为传送带的位移，以A为研究对象，由运动学公式得

则运动时间为

所以皮带运动的位移为

所以A对皮带的划痕为

对B，划痕的长度等于B的位移加上传送带的位移，同理得出B对皮带的划痕为

所以划痕之比为1：3，D正确。
故选BCD。
第II卷（非选择题

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）交流 ②.（2）ABD ③.（3）0.337 ④.0.393
【解析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A点时小车的瞬时速度大小
【详解】（1）实验中用到的电火花计时器工作电压是220V的交流电
（2）实验处理纸带时不需要物体的质量，所以不用测出钩码质量，故A错误．在打点时应先启动打点计时器后释放小车，故B错误．在纸带上确定计时起点时，应从打点清晰的地方开始选点计时，故C正确．作图象时，要尽量把描出的各点都要连在同一条直线上，不在同一条直线上的点尽量分布在直线两侧，故D错误．此题选择没有必要或者是错误的，故选ABD.
（3）已知每两个记数点间有4个计时点未画出，所以T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度．得：
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x2=2a1T2；x3-x1=2a2T2
为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值
得：a=（a1+a2）
即小车运动的加速度计算表达式为：
解得：a=0.393m/s2
14、 ①.（1）①长木板右端垫高可以平衡摩擦力 ②.②电源应该用6V交流电源 ③.③牵引小车的细线不与木板平行④开始实验时，小车离打点计时器太远. ④.（2）不正确，应给小车一初速度，小车能匀速下滑 ⑤.（3）C ⑥.（4）0.496 ⑦.（5）A
【解析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项；根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小
【详解】（1）错误之处有：①电源应用交流电；②没有平衡摩擦力；③小车应靠近打点计时器端；④左端连接的细线应与木板平行
（2）不正确．平衡摩擦力的结果是不挂砂桶时，给小车一个初速度，小车能够匀速下滑．题中小车由静止开始沿木板向下滑动，做的是匀加速运动
（3）不施加力时小车有加速度，根据牛顿第二定律，随着拉力增大，小车的加速度逐渐增大．故选C
（4）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，
设0到1之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：
x4−x1=3a1T2 
x5−x2=3a2T2 
x6−x3=3a3T2 
为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：
a= (a1+a2+a3)
即小车运动的加速度计算表达式为：a=×10−2m/s2=0.496m/s2；
（5）本实验要求砂桶和砂子质量远小于小车质量，所以A组数据比较合理，故选A
15、 ①.0.1 ②.0.30 ③.0.80
【解析】[1]．打点计时器在纸带上打下相邻两计数点的时间间隔为
T=5×0.02s=0.1s
[2]．在打下计数点C时小车运动的速度大小的测量值为
；
[3]．根据可知，小车加速度大小

三．计算题(22分)
16、（1），；（2）
【解析】（1）对两个小球构成的整体受力分析：

在x、y轴方向正交分解，根据平衡条件可知

联立可得：

（2）对C球受力分析

在x、y轴方向正交分解，根据平衡条件：

联立解得：
17、（1）1.2m/s2 ；（2）4.8m/s；（3）29.4m
【解析】（1）物体加速度为

（2）第4s末的速度为

（3）运动后7s内的位移