人教版初二上学期期末数学质量检测试题附答案.doc

人教版初二上学期期末数学质量检测试题附答案一、选择题1、下面图形中，是轴对称图形的是（）ABCD2、华为搭载海思麒麟9000高端双模芯片，工艺制程，集成了亿个集成电路，那么用科学记数法表示为（）A5109mB0.5108mC5108mD5107m3、若，则的值为（）A8B12C16D244、若代数式有意义，则实数的取值范围是（）ABCD且5、下列各式从左边到右边的变形中，属于因式分解的是（）Aa(x+y)=ax+ayB10x-5=5x(2-)Cy2-4y+4=(y-2)2Dt2-16+3t=(t+4)(t-4)+3t6、下列各式中，正确的是（）ABCD7、如图，已知，那么添加下列一个条件后，仍无法判定的是 （）ABCD8、若关于x的方程有增根，则的值为（）A2B3C4D69、如图，已知点D为ABC的边BC上一点，连接AD，若B60，则21的度数为（）A30B45C60D90二、填空题10、直接依据图中图形面积之间的关系，通过计算可以表示的等式是（）A（ab）2a22ab+b2B（a+b）2a2+2ab+b2C2a（a+b）2a2+2abD（a+b）（ab）a2b211、分式的值等于0，则x_12、在平面直角坐标系中，若点与点关于轴对称，则的值是_13、若，则_14、求值：_15、如图，直线，、分别为直线、上一点，且满足，是射线上的一个动点（不包括端点），将三角形沿折叠，使顶点落在点处若，则的度数为_16、x2+2kx+9是一个完全平方式，则k的值为_17、若x+y5，xy2，则x2+y2_18、如图，CAAB，垂足为点A，AB12米，AC6米，射线BMAB，垂足为点B，动点E从A点出发以2米/秒沿射线AN运动，点D为射线BM上一动点，随着E点运动而运动，且始终保持EDCB，当点E经过_时，由点D、E、B组成的三角形与BCA全等三、解答题19、（1）计算：；（2）分解因式：20、解下列分式方程：（1）1；（2）121、如图：，和相交于点，求证：22、在四边形ABCD中，AC90（1）求：ABC+ADC ；（2）如图，若DE平分ADC，BF平分CBM，写出DE与BF的位置关系（3）如图，若BF，DE分别平分ABC，ADC的外角，写出BF与DE的位置关系，对（2）和（3）任选一个加以证明23、4月23日是“世界读书日”，梅州某学校为了更好地营造读书好、好读书、读好书的书香校园学校图书馆决定去选购甲、乙两种图书已知甲图书每本价格是乙图书每本价格的2.5倍，用800元单独购买甲图书比用800元单独购买乙图书要少24本(1)甲、乙两种图书每本价格分别为多少元？(2)如果学校图书馆计划购买乙图书的本数比购买甲图书本数的2倍多8本，且用于购买甲、乙两种图书的总经费不超过1060元，那么该学校图书馆最多可以购买甲和乙图书共多少本？24、一个四位数，记千位上和百位上的数字之和为，十位上和个位上的数字之和为，如果，那么称这个四位数为“和平数”例如：1423，因为，所以1423是“和平数”（1）直接写出：最小的“和平数”是，最大的“和平数”是 ；（2）将一个“和平数”的个位上与十位上的数字交换位置，同时，将百位上与千位上的数字交换位置，称交换前后的这两个“和平数”为一组“相关和平数”例如：1423与4132为一组“相关和平数”求证：任意的一组“相关和平数”之和是1111的倍数（3）求个位上的数字是千位上的数字的两倍且百位上的数字与十位上的数字之和是12的倍数的所有“和平数”；25、如图1，在平面直角坐标系中，AOAB，BAO90，BO8cm，动点D从原点O出发沿x轴正方向以acm/s的速度运动，动点E也同时从原点O出发在y轴上以bcm/s的速度运动，且a，b满足关系式a2+b24a2b+50，连接OD，OE，设运动的时间为t秒（1）求a，b的值；（2）当t为何值时，BADOAE；（3）如图2，在第一象限存在点P，使AOP30，APO15，求ABP一、选择题1、B【解析】B【分析】轴对称图形的定义：如果一个平面图形沿着一条直线折叠后，直线两旁的部分能够互相重合，那么这个图形叫做轴对称图形，据此逐项判断即可【详解】解：A中图形不是轴对称图形，不符合题意；B中图形是轴对称图形，符合题意；C中图形不是轴对称图形，不符合题意；D中图形不是轴对称图形，不符合题意；故选：B【点睛】本题考查轴对称图形的定义，理解定义，找准对称轴是解答的关键2、A【解析】A【分析】科学记数法的表示形式为，其中，为整数确定的值时，要看原数变成时，小数点移动了多少位，|与小数点移动的位数相同当原数的绝对值大于或等于10时，为正整数；当原数的绝对值小于1时，为负整数【详解】故选：A【点睛】本题考查了科学记数法的表示方法，负整数指数幂，正确的确定的值是解本题的关键3、C【解析】C【分析】利用同底数幂的乘法公式和幂的乘方公式的逆运用，将3m+2n进行变形后，代入条件求值【详解】解：，3m+2n=3m32n=3m(3n)2=422=15、故选：C【点睛】本题考查同底数幂的乘法公式和幂的乘方公式的逆运用，熟记公式am+n=aman和amn=(am)n并熟练运用是解题的关键4、B【解析】B【分析】根据分式有意义的条件及二次根式被开方数的非负性得到x+10，解之可得【详解】解：由题意得x+10，x-1，故选：B【点睛】此题考查了分式有意义的条件及二次根式被开方数的非负性，熟练掌握各知识点并综合应用是解题的关键5、C【解析】C【分析】把一个多项式化为几个整式的积的形式，这种变形叫做把这个多项式因式分解，据此解答即可【详解】解：A、是整式乘法，不是因式分解，故此选项不符合题意；B、右边不是整式积的形式（含有分式），不是因式分解，故此选项不符合题意；C、符合因式分解的定义，是因式分解，故此选项符合题意；D、右边不是整式积的形式，不是因式分解，故此选项不符合题意；故选：C【点睛】本题考查了因式分解的知识，解答本题的关键是掌握因式分解的定义6、D【解析】D【分析】根据分式的性质，即可一一判定【详解】解：A，故该选项错误；B当时，当，此式无意义，故该选项错误；C ，故该选项错误；D ，故该选项正确；故选：D【点睛】本题考查了分式的基本性质，分式的分子分母都乘以(或除以)同一个不为零的数或(整式)，分式的值不变，熟练掌握和运用分式的性质是解决本题的关键7、C【解析】C【分析】要判定ABCADC，已知ABAD，AC是公共边，具备了两组边对应相等，故添加CBCD、BACDAC、BD90后可分别根据SSS、SAS、HL能判定ABCADC，而添加BACDCA后则不能【详解】解：A、添加CBCD，根据SSS，能判定ABCADC，故A选项不符合题意；B、添加BACDAC，根据SAS，能判定ABCADC，故B选项不符合题意；C、添加BACDCA时，不能判定ABCADC，故C选项符合题意；D、添加BD90，根据HL，能判定ABCADC，故D选项不符合题意；故选：C【点睛】本题考查三角形全等的判定方法，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、ASA、AAS、HL注意：AAA、SSA不能判定两个三角形全等，判定两个三角形全等时，必须有边的参与，若有两边一角对应相等时，角必须是两边的夹角8、B【解析】B【分析】分式方程去分母转化为整式方程，把增根x=-1代入整式方程计算求出a的值，代入原式计算即可求出值【详解】解：分式方程去分母得：ax2+3x+3（x+1）=2x（x+1），把x=-1代入整式方程得：a=3，则2a-3=6-3=2、故选：B【点睛】此题考查了分式方程的增根，增根确定后可按如下步骤进行：化分式方程为整式方程；把增根代入整式方程即可求得相关字母的值9、C【解析】C【分析】根据三角形的外角性质即可求解【详解】解：是的一个外角，B60，故选C【点睛】本题考查了三角形的外角的定义与性质，掌握三角形的外角的性质是解题的关键二、填空题10、B【解析】B【分析】根据大正方形面积=两个小正方形面积+两个长方形面积求解即可【详解】解：大正方形面积，两个小正方形面积+两个小长方形面积，大正方形面积=两个小正方形面积+两个长方形面积，故选B【点睛】本题主要考查了完全平方公式在几何图形中的应用，正确理解题意是解题的关键11、-2【分析】根据分子为零，分母不为零，即可求解【详解】解：根据题意，得x24（x+2）（x2）0且x20所以x+20所以x1、故答案是：1、【点睛】此题只要分式的值，解题的关键是熟知分式的值等于零时，分子为零，分母不为零12、2【分析】依据关于x轴的对称点的坐标特点：横坐标不变，纵坐标互为相反数，解方程可得a，b的值，即可得到a+b的值【详解】解：点P（a-3，1）与点Q（2，b+2）关于x轴对称，a-3=2，b+2=-1，解得a=5，b=-3，a+b=5+（-3）=2，故答案为：1、【点睛】本题主要考查了关于x轴的对称点的坐标特点，解题的关键是掌握点P（x，y）关于x轴的对称点P的坐标是（x，-y）13、【分析】根据条件，可得出，所以将式子展开化简可得：将代入，则原式，故答案为【详解】解：，把代入得：原式，故答案为【点睛】本题主要考查知识点为：分式的加减，完全平方公式熟练掌握分式的加减方法和完全平方公式是解决此题的关键14、【分析】对所求的式子进行变形后，逆用积的乘方的法则运算即可【详解】解：故答案为：【点睛】此题主要考查积的乘方，解题的关键是熟记积的乘方法则并逆用法则15、72【分析】设PND=x，推出DNQ=PND=x，得到PNQ=x，根据ABCD，推出MPN=PND=x，根据折叠性质得到QPN=MPN=x，Q=BMN=54，根据三角形内【解析】72【分析】设PND=x，推出DNQ=PND=x，得到PNQ=x，根据ABCD，推出MPN=PND=x，根据折叠性质得到QPN=MPN=x，Q=BMN=54，根据三角形内角和定理得到QPN+PNQ+Q=180，推出x+x+54=180，得到x=72，PND=72【详解】设PND=x，则DNQ=PND=x，PNQ=PND-DHQ=x，ABCD，MPN=PND=x，由折叠知，QPN=MPN=x，Q=BMN=54，QPN+PNQ+Q=180，x+x+54=180，x=72，即PND=72故答案为：72【点睛】本题主要考查了平行线，折叠，三角形内角和，解决问题的关键是熟练掌握平行线性质，折叠性质，三角形内角和定理16、3【分析】根据完全平方式的特点知，2k=6，从而可得k的值【详解】根据完全平方式的特点，得2k=6，即k=3故答案为：3【点睛】本题考查了完全平方式，掌握完全平方式的特点：两数的【解析】3【分析】根据完全平方式的特点知，2k=6，从而可得k的值【详解】根据完全平方式的特点，得2k=6，即k=3故答案为：3【点睛】本题考查了完全平方式，掌握完全平方式的特点：两数的平方和，加上或减去这两个数的乘积的2倍，是本题的关键要注意的是部分同学往往漏掉了k为3的情况17、21【分析】原式利用完全平方公式变形，把已知等式代入计算求值即可【详解】解：，将和代入，得：故答案为：20、【点睛】本题考查完全平方公式和代数式求值，解题的关键是利用完全平方公式将【解析】21【分析】原式利用完全平方公式变形，把已知等式代入计算求值即可【详解】解：，将和代入，得：故答案为：20、【点睛】本题考查完全平方公式和代数式求值，解题的关键是利用完全平方公式将原式变形18、0，3，9，12【分析】首先分两种情况：当E在线段AB上和当E在BN上，然后再分成两种情况：ACBE和ABEB，分别进行计算，即可得出结果【详解】解：当E在线段AB上，ACBE时，A【解析】0，3，9，12【分析】首先分两种情况：当E在线段AB上和当E在BN上，然后再分成两种情况：ACBE和ABEB，分别进行计算，即可得出结果【详解】解：当E在线段AB上，ACBE时，ACBBED，AC6米，BE6米，AE1266米，点E的运动时间为623（秒）；当E在BN上，ACBE时，ACBBED，AC6米，BE6米，AE12+618米，点E的运动时间为1829（秒）；当E在线段AB上，ABEB时，ACBBDE，这时E在A点未动，因此时间为0秒；当E在BN上，ABEB时，ACBBDE，AB12米，BE12米，AE12+1224米，点E的运动时间为24212（秒），故答案为：0，3，9，11、【点睛】本题考查了全等三角形的综合问题，解本题的关键在找到所有符合题意的情况三、解答题19、（1）；（2）【分析】（1）根据幂的乘方和积的乘方、单项式乘单项式的运算法则计算即可；（2）先运用提公因式法，再利用完全平方公式分解因式即可【详解】（1）原式，； （2）原式，【点【解析】（1）；（2）【分析】（1）根据幂的乘方和积的乘方、单项式乘单项式的运算法则计算即可；（2）先运用提公因式法，再利用完全平方公式分解因式即可【详解】（1）原式，； （2）原式，【点睛】本题考查了整式的运算和分解因式解决此类题目的关键是运用幂的乘方和积的乘方、单项式乘单项式的运算法则去括号，及熟练运用分解因式的方法20、（1）x0；（2）无解【分析】（1）（2）首先将分式方程转化为整式方程，然后解整式方程，注意求出的整式方程的解要进行检验【详解】解：（1）1，1，方程两边同时乘（x1），可【解析】（1）x0；（2）无解【分析】（1）（2）首先将分式方程转化为整式方程，然后解整式方程，注意求出的整式方程的解要进行检验【详解】解：（1）1，1，方程两边同时乘（x1），可得：12x1，解得：x0，经检验：x0是原分式方程的解，原分式方程的解为：x0（2）1，1，方程两边同时乘（x2）（x2），可得：x（x2）（x2）（x2）8，整理得：2x40，解得x2，检验：当x2时，（x2）（x2）0，原分式方程无解【点睛】此题主要考查了解分式方程，解答此题的关键是要明确解分式方程的步骤：去分母；求出整式方程的解；检验；得出结论21、见解析【分析】由全等三角形的判定证明，即可得出【详解】证明：，（对顶角相等），【点睛】本题考查全等三角形的判定与性质，熟练掌握全等三角形的判定方法是解答的关键【解析】见解析【分析】由全等三角形的判定证明，即可得出【详解】证明：，（对顶角相等），【点睛】本题考查全等三角形的判定与性质，熟练掌握全等三角形的判定方法是解答的关键22、（1）；（2），理由见解析；（3），理由见解析【分析】（1）根据四边形内角和等于360列式计算即可得解；（2）如图1，延长DE交BF于G，易证ADC=CBM，可得CDE=EBF，即可得【解析】（1）；（2），理由见解析；（3），理由见解析【分析】（1）根据四边形内角和等于360列式计算即可得解；（2）如图1，延长DE交BF于G，易证ADC=CBM，可得CDE=EBF，即可得EGB=C=90，则可证得DEBF；（3）如图2，连接BD，易证NDC+MBC=180，则可得EDC+CBF=90，继而可证得EDC+CDB+CBD+FBC=180，则可得DEBF【详解】（1）A=C=90，ABC+ADC=360902=180；（2）DEBF，理由如下：如图：延长DE交BF于点GA+ABC+C+ADC=360，A=C=90ABC+ADC=180ABC+MBC=180ADC=MBCDE、BF分别平分ADC、MBCEDC=ADC，EBG= MBCEDC=EBGEDC+DEC+C=180，EBG+BEG+EGB=180，DEC=BEGEGB=C=90DEBF（3）DEBF，理由如下：如图：连接BDDE、BF分别平分NDC、MBCEDC= NDC，FBC=MBCADC+NDC=180，ADC=MBCMBC+NDC=180EDC+FBC=90C=90CDB+CBD=90EDC+CDB+FBC+CBD=180，即EDB+FBD=180DEBF【点睛】本题考查了三角形内角和定理，平行线的性质以及三角形外角的性质，掌握辅助线的作法是解题的关键23、(1)甲图书每本价格是50元，乙图书每本价格为20元(2)该学校图书馆最多可以购买甲和乙图书共38本【分析】（1）设乙图书每本价格为x元，则甲图书每本价格是2.5x元，由题意：用800元单独购买【解析】(1)甲图书每本价格是50元，乙图书每本价格为20元(2)该学校图书馆最多可以购买甲和乙图书共38本【分析】（1）设乙图书每本价格为x元，则甲图书每本价格是2.5x元，由题意：用800元单独购买甲图书比用800元单独购买乙图书要少24本，列出分式方程，解方程即可；（2）设购买甲种图书a本，则购买乙种图书（2a+8）本，由题意：用于购买甲、乙两种图书的总经费不超过1060元，列出一元一次不等式，解不等式，进而得出结论（1）设乙图书每本价格为x元，则甲图书每本价格是2.5x元，根据题意得：， 解得：x=20，经检验：x=20是原方程的根， 则2.5x=50， 答：甲图书每本价格是50元，乙图书每本价格为20元；（2）设购买甲种图书a本，则购买乙种图书（2a+8）本，由题意得：50a+20（2a+8）1060， 解得：a10， 2a+828，则10+28=38，答：该学校图书馆最多可以购买甲和乙图书共38本【点睛】本题考查了分式方程的应用以及一元一次不等式的应用，解题的关键是：（1）找准等量关系，正确列出分式方程；（2）找出数量关系，正确列出一元一次不等式24、（1）1001，9999；（2）见详解；（3）2754和4848【分析】（1）根据和平数的定义，即可得到结论；（2）设任意的两个“相关和平数”为，（a，b，c，d分别取0，1，2，9且a0【解析】（1）1001，9999；（2）见详解；（3）2754和4848【分析】（1）根据和平数的定义，即可得到结论；（2）设任意的两个“相关和平数”为，（a，b，c，d分别取0，1，2，9且a0，b0），于是得到=1100（a+b）+11（c+d）=1111（a+b），即可得到结论（3）设这个“和平数”为 ，于是得到d=2a，a+b=c+d，b+c=12k，求得2c+a=12k，即a=2、4，6，8，d=4、8、12（舍去）、16（舍去）；、当a=2，d=4时，2（c+1）=12k，得到c=5则b=7；、当a=4，d=8时，得到c=4则b=8，于是得到结论；【详解】解：（1）由题意得，最小的“和平数”1001，最大的“和平数”9999，故答案为1001，9999；（2）设任意的两个“相关和平数”为，（a，b，c，d分别取0，1，2，9且a0，b0），则=1100（a+b）+11（c+d）=1111（a+b）；即两个“相关和平数”之和是1111的倍数（3）设这个“和平数”为，则d=2a，a+b=c+d，b+c=12k，2c+a=12k，即a=2、4，6，8，d=4、8、12（舍去）、16（舍去），当a=2，d=4时，2（c+1）=12k，可知c+1=6k且a+b=c+d，c=5则b=7，当a=4，d=8时，2（c+2）=12k，可知c+2=6k且a+b=c+d，c=4则b=8，综上所述，这个数为：2754和4847、【点睛】本题考查了因式分解的应用，正确的理解新概念和平数”是解题的关键25、（1）a2，b1；（2）t或t8；（3）ABP105【分析】（1）将a2+b24a2b+50用配方法得出（a2）2+（b1）20，利用非负数的性质，即可得出结论；（2【解析】（1）a2，b1；（2）t或t8；（3）ABP105【分析】（1）将a2+b24a2b+50用配方法得出（a2）2+（b1）20，利用非负数的性质，即可得出结论；（2）先由运动得出BD|82t|，再由全等三角形的性质的出货BDOE，建立方程求解即可得出结论（3）先判断出OAPBAQ（SAS），得出OPBQ，ABQAOP30，AQBAPO15，再求出OAP135，进而判断出OAQBAQ（SAS），得出OQABQA15，OQBQ，再判断出OPQ是等边三角形，得出OQP60，进而求出BQP30，再求出PBQ75，即可得出结论【详解】解：（1）a2+b24a2b+50，（a2）2+（b1）20，a20，b10，a2，b1；（2）由（1）知，a2，b1，由运动知，OD2t，OEt，OB8，DB|82t|BADOAE，DBOE，|82t|t，解得，t（如图1）或t8（如图2）；（3）如图3，过点A作AQAP，使AQAP，连接OQ，BQ，PQ，则APQ45，PAQ90，OAB90，PAQOAB，OAB+BAPPAQ+BAP，即：OAPBAQ，OAAB，ADAD，OAPBAQ（SAS），OPBQ，ABQAOP30，AQBAPO15，在AOP中，AOP30，APO15，OAP180AOPAPO135，OAQ360OAPPAQ13590135OAP，OAAB，ADAD，OAQBAQ（SAS），OQABQA15，OQBQ，OPBQ，OQOP，APQ45，APO15，OPQAPO+APQ60，OPQ是等边三角形，OQP60，BQPOQPOQABQA60151530，BQPQ，PBQ（180BQP）75，ABPABQ+PBQ30+75105【点睛】本题是三角形综合题，主要考查了配方法、非负数的性质、三角形内角和定理、等边三角形的判定和性质、全等三角形的判定及性质，构造出全等三角形是解题的关键