资源描述
2022-2023学年九上数学期末模拟试卷
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（每题4分，共48分）
1．下列图形中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的个数有（ ）
A．1个 B．2个 C．3个 D．4个
2．在同一坐标系中，二次函数y＝x2＋2与一次函数y＝2x的图象大致是 ( )
A．A B．B C．C D．D
3．如图是用围棋棋子在6×6的正方形网格中摆出的图案，棋子的位置用有序数对表示，如A点为（5，1），若再摆一黑一白两枚棋子，使这9枚棋子组成的图案既是轴对称图形又是中心对称图形，则下列摆放正确的是（ ）
A．黑（1，5），白（5，5） B．黑（3，2），白（3，3）
C．黑（3，3），白（3，1） D．黑（3，1），白（3，3）
4．如图，已知AC是⊙O的直径，点B在圆周上（不与A、C重合），点D在AC的延长线上，连接BD交⊙O于点E，若∠AOB=3∠ADB，则（ ）
A．DE=EB B．DE=EB C．DE=DO D．DE=OB
5．将抛物线向上平移3个单位长度，再向右平移2个单位长度，所得到的抛物线为（ ）.
A．； B．；
C．； D．.
6．某人沿着坡度为1：2.4的斜坡向上前进了130m，那么他的高度上升了( )
A．50m B．100m C．120m D．130m
7．在半径为1的⊙O中，弦AB的长为，则弦AB所对的圆周角的度数为（ ）
A．45° B．60° C．45°或135° D．60°或120°
8．顺次连接四边形ABCD各边的中点，所得四边形是（ ）
A．平行四边形
B．对角线互相垂直的四边形
C．矩形
D．菱形
9．下列四个图形中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（ ）
A． B． C． D．
10．一个菱形的边长是方程的一个根，其中一条对角线长为8，则该菱形的面积为（ ）
A．48 B．24 C．24或40 D．48或80
11．某商场举行投资促销活动，对于“抽到一等奖的概率为”，下列说法正确的是（ ）
A．抽一次不可能抽到一等奖
B．抽次也可能没有抽到一等奖
C．抽次奖必有一次抽到一等奖
D．抽了次如果没有抽到一等奖，那么再抽一次肯定抽到一等奖
12．关于x的一元二次方程x2﹣3x+m＝0有两个不相等的实数根，则实数m的取值范围为（ ）
A．m≥ B．m＜ C．m＝ D．m＜﹣
二、填空题（每题4分，共24分）
13．如图，折叠长方形的一边AD，使点D落在BC边的点F处，已知AB=8cm，BC=10cm，则EF=________
．
14．已知反比例函数的图象经过点，则这个函数的表达式为__________．
15．经过两次连续降价，某药品销售单价由原来的50元降到32元，设该药品平均每次降价的百分率为x，根据题意可列方程是__________________________．
16．若点在反比例函数的图像上，则______．
17．设a，b是方程x2+x﹣2018＝0的两个实数根，则（a﹣1）（b﹣1）的值为_____．
18．已知中，，，，则的长为__________．
三、解答题（共78分）
19．（8分）如图，直线y＝x﹣2（k≠0）与y轴交于点A，与双曲线y＝在第一象限内交于点B(3，b)，在第三象限内交于点C．
（1）求双曲线的解析式；
（2）直接写出不等式x﹣2＞的解集；
（3）若OD∥AB，在第一象限交双曲线于点D，连接AD，求S△AOD．
20．（8分）如图，、、、分别为反比例函数与图象上的点，且轴，轴，与相交于点，连接、.
（1）若点坐标，点坐标，请直接写出点、点、点的坐标；
（2）连接、，若四边形是菱形，且点的坐标为，请直接写出、之间的数量关系式；
（3）若、为动点，与是否相似？为什么？
21．（8分）定义：无论函数解析式中自变量的字母系数取何值，函数的图象都会过某一个点，这个点称为定点. 例如，在函数中，当时，无论取何值，函数值，所以这个函数的图象过定点.
求解体验
（1）①关于的一次函数的图象过定点_________.
②关于的二次函数的图象过定点_________和_________.
知识应用
（2）若过原点的两条直线、分别与二次函数交于点和点且，试求直线所过的定点.
拓展应用
（3）若直线与拋物线交于、两点，试在拋物线上找一定点，使，求点的坐标.
22．（10分）某公司销售某一种新型通讯产品，已知每件产品的进价为4万元，每月销售该种产品的总开支(不含进价)总计11万元，在销售过程中发现，月销售量(件)与销售单价(万元)之间存在着如图所示的一次函数关系
（1）求关于的函数关系式．
（2）试写出该公司销售该种产品的月获利(万元)关于销售单价(万元)的函数关系式，当销售单价为何值时，月获利最大?并求这个最大值．(月获利＝月销售额一月销售产品总进价一月总开支)
23．（10分）如图，矩形ABCD中，AB=3，BC=5，CD上一点E，连接AE，将△ADE绕点A旋转90°得△AFG，连接EG、DF．
（1）画出图形；
（2）若EG、DF交于BC边上同一点H，且△GFH是等腰三角形，试计算CE长．
24．（10分）为进一步深化基教育课程改革，构建符合素质教育要求的学校课程体系，某学校自主开发了A书法、B阅读，C足球，D器乐四门校本选修课程供学生选择，每门课程被选到的机会均等．
（1）学生小红计划选修两门课程，请写出所有可能的选法；
（2）若学生小明和小刚各计划送修一门课程，则他们两人恰好选修同一门课程的概率为多少？
25．（12分）如图，AN是⊙O的直径，四边形ABMN是矩形，与圆相交于点E，AB＝15，D是⊙O上的点，DC⊥BM，与BM交于点C，⊙O的半径为R＝1．
（1）求BE的长．
（2）若BC＝15，求的长．
26．如图1，抛物线y=ax2+bx+c与x轴交于A(-1，0)，B(3，0)两点，与y轴交于点C．点D(2，3)在该抛物线上，直线AD与y轴相交于点E，点F是直线AD上方的抛物线上的动点.
（1）求该抛物线对应的二次函数关系式；
（2）当点F到直线AD距离最大时，求点F的坐标；
（3）如图2，点M是抛物线的顶点，点P的坐标为(0，n)，点Q是坐标平面内一点，以A，M，P，Q为顶点的四边形是AM为边的矩形.①求n的值；②若点T和点Q关于AM所在直线对称，求点T的坐标.
参考答案
一、选择题（每题4分，共48分）
1、B
【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．如果一个图形沿着一条直线对折后两部分完全重合，这样的图形叫做轴对称图形，这条直线叫做对称轴，如果一个图形绕某一点旋转180°后能够与自身重合，那么这个图形就叫做中心对称图形，这个点叫做对称中心．
【详解】（1）是轴对称图形，不是中心对称图形．不符合题意；
（2）不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意；
（3）是轴对称图形，也是中心对称图形，符合题意；
（4）是轴对称图形，也是中心对称图形，符合题意；
故选：B．
【点睛】
本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形沿对称轴折叠后可重合；中心对称图形关键是要寻找对称中心，图形旋转180°后与原图重合．
2、C
【解析】已知一次函数、二次函数解析式，可根据图象的基本性质，直接判断．
解答：解：因为一次函数y=2x的图象应该经过原点，故可排除A、B；
因为二次函数y=x2+2的图象的顶点坐标应该为（0，2），故可排除D；
正确答案是C．故选C．
3、D
【分析】利用轴对称图形以及中心对称图形的性质即可解答．
【详解】如图所示：黑（3，1），白（3，3）．
故选D．
【点睛】
此题主要考查了旋转变换以及轴对称变换，正确把握图形的性质是解题关键．
4、D
【解析】解：连接EO.
∴∠B=∠OEB，
∵∠OEB=∠D+∠DOE，∠AOB=3∠D，
∴∠B+∠D=3∠D，
∴∠D+∠DOE+∠D=3∠D，
∴∠DOE=∠D，
∴ED=EO=OB，
故选D.
5、B
【分析】根据抛物线图像的平移规律“左加右减，上加下减”即可确定平移后的抛物线解析式.
【详解】解：将抛物线向上平移3个单位长度，再向右平移2个单位长度，得到的抛物线的解析式为，
故选B．
【点睛】
本题考查了二次函数的平移规律，熟练掌握其平移规律是解题的关键.
6、A
【分析】根据坡度的定义可以求得AC、BC的比值，根据AC、BC的比值和AB的长度即可求得AC的值，即可解题．
【详解】解：如图，
根据题意知AB=130米，tanB==1：2.4，
设AC=x，则BC=2.4x，
则x2+（2.4x）2=1302，
解得x=50（负值舍去），
即他的高度上升了50m，
故选A．
【点睛】
本题考查了勾股定理在直角三角形中的运用，坡度的定义及直角三角形中三角函数值的计算，属于基础题．
7、C
【解析】试题分析：如图所示，
连接OA、OB，过O作OF⊥AB，则AF=FB，∠AOF=∠FOB，
∵OA=3，AB=，
∴AF=AB=，
∴sin∠AOF=，
∴∠AOF=45°，
∴∠AOB=2∠AOF=90°，
∴∠ADB=∠AOB=45°，
∴∠AEB=180°-45°=135°．
故选C.
考点: 1.垂径定理；2.圆周角定理；3.特殊角的三角函数值．
8、A
【解析】试题分析：连接原四边形的一条对角线，根据中位线定理，可得新四边形的一组对边平行且等于对角线的一半，即一组对边平行且相等．则新四边形是平行四边形．
解：如图，根据中位线定理可得：GF=BD且GF∥BD，EH=BD且EH∥BD，
∴EH=FG，EH∥FG，
∴四边形EFGH是平行四边形．
故选A．
考点：中点四边形．
9、D
【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．
【详解】A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；
B、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；
C、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；
D、既是轴对称图形，又是中心对称图形，故此选项正确．
故选D．
【点睛】
此题主要考查了中心对称图形与轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．
10、B
【解析】利用因式分解法解方程得到x1=5，x2=3，利用菱形的对角线互相垂直平分和三角形三边的关系得到菱形的边长为5，利用勾股定理计算出菱形的另一条对角线为6，然后计算菱形的面积．
【详解】解：，
所以，，
∵菱形一条对角线长为8，
∴菱形的边长为5，
∴菱形的另一条对角线为，
∴菱形的面积．
故选：B．
【点睛】
本题考查了解一元二次方程-因式分解法：因式分解法就是利用因式分解求出方程的解的方法，这种方法简便易用，是解一元二次方程最常用的方法．也考查了三角形三边的关系．也考查了三角形三边的关系和菱形的性质．
11、B
【解析】根据大量反复试验时，某事件发生的频率会稳定在某个常数的附近，这个常数就叫做事件概率的估计值，而不是一种必然的结果，可得答案．
【详解】A. “抽到一等奖的概率为”，抽一次也可能抽到一等奖，故错误；
B. “抽到一等奖的概率为”，抽10次也可能抽不到一等奖，故正确；
C. “抽到一等奖的概率为”，抽10次也可能抽不到一等奖，故错误；
D. “抽到一等奖的概率为”，抽第10次的结果跟前面的结果没有关系，再抽一次也不一定抽到一等奖，故错误；
故选B.
【点睛】
关键是理解概率是反映事件的可能性大小的量.概率小的有可能发生,概率大的有可能不发生.概率等于所求情况数与总情况数之比.
12、B
【解析】试题解析：∵关于x的一元二次方程有两个不相等的实数根，
故选B.
二、填空题（每题4分，共24分）
13、5cm
【分析】先求出BF、CF的长，利用勾股定理列出关于EF的方程，即可解决问题．
【详解】∵四边形ABCD为矩形，
∴∠B＝∠C＝90°；
由题意得：AF＝AD=BC＝10，ED＝EF，
设EF＝x，则EC＝8−x；
由勾股定理得：BF2＝AF2−AB2＝36，
∴BF＝6，CF＝10−6＝4；
由勾股定理得：x2＝42＋（8−x）2，
解得：x＝5，
故答案为：5cm．
【点睛】
该题主要考查了翻折变换及其应用问题；解题的关键是灵活运用勾股定理等几何知识来分析、判断、推理或解答．
14、
【分析】把点的坐标代入根据待定系数法即可得解．
【详解】解：∵反比例函数y=经过点M（-3，2），
∴2=，
解得k=-6，
所以，反比例函数表达式为y= ．
故答案为：y=．
【点睛】
本题考查了待定系数法求反比例函数解析式，是求函数解析式常用的方法，需要熟练掌握并灵活运用．
15、50（1﹣x）2=1．
【解析】由题意可得，
50(1−x)²=1，
故答案为50(1−x)²=1.
16、-1
【解析】将点代入反比例函数，即可求出m的值．
【详解】解：将点代入反比例函数得：．
故答案为：-1．
【点睛】
本题主要考查反比例函数图象上点的坐标特征，只要点在函数的图象上，就一定满足函数的解析式
17、﹣1
【分析】由根与系数的关系可求得a+b与ab的值，代入求值即可．
【详解】∵a，b是方程x2+x﹣2018＝0的两个实数根，
∴a+b＝﹣1，ab＝﹣2018，
∴（a﹣1）（b﹣1）＝ab﹣a﹣b+1＝ab﹣（a+b）+1＝﹣2018﹣（﹣1）+1＝﹣1，
故答案为﹣1．
【点睛】
本题主要考查根与系数的关系，掌握一元二次方程的两根之和等于﹣、两根之积等于是解题的关键．
18、5或1
【分析】作交BC于D，分两种情况：①D在线段BC上；②D在线段BC的延长线上，根据锐角三角函数值和勾股定理求解即可．
【详解】作交BC于D
①D在线段BC上，如图
∵
∴
∴，
在Rt△ACD中，由勾股定理得
∴
②D在线段BC的延长线上，如图
∵
∴
∴，
在Rt△ACD中，由勾股定理得
∴
故答案为：5或1．
【点睛】
本题考查了解三角形的问题，掌握锐角的三角函数以及勾股定理是解题的关键．
三、解答题（共78分）
19、（1）y＝；（2）﹣1＜x＜0或x＞3；（3）
【分析】（1）把点B（3，b）代入y＝x﹣2，得到B的坐标，然后根据待定系数法即可求得双曲线的解析式；
（2）解析式联立求得C的坐标，然后根据图象即可求得；
（3）求得直线OD的解析式，然后解析式联立求得D的坐标，根据三角形面积公式求得即可．
【详解】（1）∵点B（3，b）在直线y＝x﹣2（k≠0）上，
∴b＝3﹣2＝1，
∴B（3，1），
∵双曲线y＝经过点B，
∴k＝3×1＝3，
∴双曲线的解析式为y＝；
（2）解得或，
∴C（﹣1，﹣3），
由图象可知，不等式x﹣2＞的解集是﹣1＜x＜0或x＞3；
（3）∵OD∥AB，
∴直线OD的解析式为y＝x，
解，解得或，
∴D（，），
由直线y＝x﹣2可知A（0，﹣2），
∴OA＝2，
∴S△AOD＝＝．
【点睛】
本题主要考查了反比例函数与一次函数交点问题，解题时注意：反比例函数与一次函数交点坐标同时满足反比例函数与一次函数解析式．解决问题的关键是求得交点坐标．
20、（1）、、；（2）；（3），证明详见解析.
【分析】（1）先利用A,B两点求出两个反比例函数的解析式，然后根据C点与A点纵坐标相同，D点与B点横坐标相同即可得到C,D的坐标，然后P的横坐标与B的横坐标相同，纵坐标与A的纵坐标相同；
（2）分别把A,C的坐标表示出来，再利用菱形的性质和点P的坐标即可求出答案；
（3）设点的坐标为，分别表示出点A,B,C,D的坐标，求出 的长度，能够得出，所以
【详解】（1）解：∵点在上，点在上
∴
∴
∵轴，轴
∴A,C的纵坐标相同，B,D的横坐标相同，点P的横坐标与B的横坐标相同，纵坐标与A的纵坐标相同
∴
当时，代入到中得 ，∴点
当时，代入到中得 ，∴点
∴，，
（2）∵点的坐标为
∵轴，轴
∴A,C的纵坐标与点P的纵坐标相同
当时，代入到中得 ，∴点
当时，代入到中得 ，∴点
∵四边形是菱形
∴
∴
∴
（3）解：
证明：设点的坐标为
则点的坐标为、点的坐标为
点的坐标为、点的坐标为
，
，
，，即
又
【点睛】
本题主要考查反比例函数和相似三角形的判定及性质，掌握相似三角形的判定方法是解题的关键.
21、（1）①；②；（2）直线上的定点为；（3）点为
【分析】（1）①由可得y=k(x+3),当x=﹣3时，y=0,故过定点（﹣3,0），即可得出答案.
②由，当x=0或x=1时，可得y＝2020，即可得出答案.
（2）由题意可得，直线AB的函数式 ，根据相似三角形的判定可得，进而根据相似三角形的性质可得，代入即可得出直线AB的函数式，当x=0时，y=﹣2，进而得出答案.
（3）由、可得直线的解析式为，又由直线，可得c+d和cd的值，最后根据相似三角形的性质以及判定，列出方程，即可得出E的坐标.
【详解】解：（1）①；②.
提示：①，当时，，故过定点.
②，当或1时，，
故过定点.
（2）设直线的解析式为，将点的坐标代入并解得直线的解析式为.
如图，分别过点作轴的垂线于点，
∴.
∵，
∴，
∴，
∴，
∴，
即，解得，
故直线的解析式为.
当时，，故直线上的定点为.
（3）∵点的坐标分别为，，
同（2）可得直线的解析式为，
∵，
∴.
设点，如图，过点作直线轴，过点作直线的垂线与直线分别交于点.
同（2）可得，，
∴，
即，
化简得，
即，
当时，上式恒成立，
故定点为.
【点睛】
本题主要考察二次函数的综合运用，熟练掌握并灵活运用一次函数、相似三角形的判定以及性质是解题的关键.
22、（1）；（2）当x=10万元时，最大月获利为7万元
【分析】（1）根据函数图象，利用待定系数法求解可得；
（2）根据“总利润=单价利润×销售量-总开支”列出函数解析式，由二次函数的性质可得最值．
【详解】（1）设y=kx+b，
将点（6，5）、（8，4）代入，得：
，
解得：，
∴；
（2）根据题意得：
z=（x-4）y-11
=（x-4）（-x+8）-11
=-x2+10x-43
=-（x-10）2+7，
∴当x=10万元时，最大月获利为7万元．
【点睛】
本题主要考查二次函数的应用，熟练掌握待定系数法求函数解析式及二次函数的图象和性质是解题的关键．
23、（1）见解析；（2）CE=3-
【分析】（1）根据题意作图即可；
（2）根据旋转的性质得到DE=FG，△ADF、△BHF是等腰直角三角形，故求出FH=，再根据等腰三角形的性质得到GF=FH==DE，故可求出CE的长．
【详解】解：（1）如图所示：
（2）由旋转得，AD=AF=5，DE=GF
∵∠BAD=90°
∴△ADF为等腰直角三角形，
∴A、B、F在同一直线上
∴BF=2=BH
∴△BHF为等腰直角三角形，
∴HF==,
∵△GFH是等腰三角形且∠GFH=90°+45°=135°
∴GF=FH==DE
∵CD=AB=3
∴CE=CD-DE=3-．
【点睛】
此题主要考查矩形及旋转的性质，解题的关键是熟知等腰三角形的判定与性质．
24、（1）答案见解析；（2）
【解析】分析：（1）直接列举出所有可能的结果即可.
（2）画树状图展示所有16种等可能的结果数，再找出他们两人恰好选修同一门课程的结果数，然后根据概率公式求解．
详解：（1）学生小红计划选修两门课程，她所有可能的选法有：A书法、B阅读；A书法、C足球；A书法、D器乐；B阅读，C足球；B阅读，D器乐；C足球，D器乐.
共有6种等可能的结果数；
（2）画树状图为：
共有16种等可能的结果数，其中他们两人恰好选修同一门课程的结果数为4，
所以他们两人恰好选修同一门课程的概率
点睛：本题考查了列表法与树状图法：利用列表法或树状图法展示所有等可能的结果n，再从中选出符合事件A或B的结果数目m，然后利用概率公式计算事件A或事件B的概率．
25、（1）1﹣15；（2）15π
【分析】（1）连接OE，过O作OF⊥BM于F，在Rt△OEF中，由勾股定理得出EF的长，进而求得EB的长．
（2）连接OD，则在直角三角形ODQ中，可求得∠QOD=60°，过点E作EH⊥AO于H，在直角三角形OEH中，可求得∠EOH=1°，则得出的长度．
【详解】解：（1）连接OE，过O作OF⊥BM于F，则四边形ABFO是矩形，
∴FO=AB=15，BF=AO，
在Rt△OEF中，EF＝＝15，
∵BF＝AO＝1，
∴BE＝1﹣15．
（2）连接OD，在直角三角形ODQ中，
∵OD＝1，OQ＝1﹣15＝15，
∴∠ODQ＝1°，
∴∠QOD＝60°，
过点E作EH⊥AO于H，在直角三角形OEH中，
∵OE＝1，EH＝15，
∴，
∴∠EOH＝1°，
∴∠DOE＝90°，
∴＝π•60＝15π．
【点睛】
本题考查了直角三角形的性质，弧长的计算、矩形的性质以及垂径定理，是基础知识要熟练掌握．
26、（1）y=－x2+2x+3；（2）F（，）；（3）n=，T(0，-)或n=-，T(0，).
【分析】（1）用待定系数法求解即可；
（2）作FH⊥AD，过点F作FM⊥x轴，交AD与M，易知当S△FAD最大时，点F到直线AD距离FH最大，求出直线AD的解析式，设F(t，－t2+2t+3)，M(t，t+1)，表示出△FAD的面积，然后利用二次函数的性质求解即可；
（3）分AP为对角线和AM为对角线两种情况求解即可.
【详解】解：（1）∵抛物线x轴相交于点A（－1，0），B（3，0），
∴设该抛物线对应的二次函数关系式为y=a(x+1)(x－3)，
∵点D（2，3）在抛物线上，
∴3=a×(2+1) ×(2－3)，
∴3=－3a，
∴a=－1，
∴y=－(x+1)(x－3)，
即y=－x2+2x+3；
（2）如图1，作FH⊥AD，过点F作FM⊥x轴，交AD与M，易知当S△FAD最大时，点F到直线AD距离FH最大，
设直线AD为y=kx+b，
∵A(－1，0)，D(2，3)，
∴，
∴，
∴直线AD为y=x+1.
设点F的横坐标为t，则F(t，－t2+2t+3)，M(t，t+1)，
∵S△FAD= S△AMF+ S△DMF=MF(Dx-Ax)
= ×3（－t2+2t+3-t-1）=×3(－t2+t+2)
=－(t－)2+，
∴即当t=时，S△FAD最大，
∵当x=时，y=－()2+2×+3=，
∴F(，)；
（3）∵y=－x2+2x+3=-(x-1)2+4，
∴顶点M(1，4).
当AP为对角线时，如图2，
设抛物线对称轴交x轴于点R，作PS⊥MR，
∵∠PMS+∠AMR=90°， ∠MAR+∠AMR=90°，
∴∠PMA=∠MAR，
∵∠PSM=∠ARM=90°，
∴△PMS∽△MAR，
∴，
∴，
∴MS=，
∴OP=RS=4+=，
∴n=；
延长QA交y轴于T，
∵PM∥AQ，
∴∠MPO=∠OAM，
∵∠MPS+∠MPO=90°， ∠OAT+∠OAM=90°，
∴∠MPS=∠OAT.
又∵PS=OA=1，∠PSM=∠AOT=90°，
∴△PSM≌△AOT，
∴AT=PM=AQ，OT=MS=.
∵AM⊥AQ，
∴T和Q关于AM对称，
∴T(0，-)；
当AQ为对角线时，如图3，
过A作SR⊥x轴，作PS⊥SR于S，作MR⊥SR于R，
∵∠RAM+∠SAP=90°， ∠SAP+∠SPA=90°，
∴∠RAM=∠SPA，
∵∠PSA=∠ARM=90°，
∴△PSA∽△ARM，
∴，
∴，
∴AS=，
∴OP=，
∴n=-；
延长QM交y轴于T，
∵QM∥AP，
∴∠APT=∠MTP，
∵∠OAP+∠APT=90°， ∠GMT+∠MTP=90°，
∴∠OAP=∠GMT.
又∵GM=OA=1，∠AOP=∠MGT=90°，
∴△OAP≌△GMT，
∴MT=AP=MQ，GT=OP=.
∵AM⊥TQ，
∴T和Q关于AM对称，
∵OT=4+=，
∴T(0，).
综上可知，n=，T(0，-)或n=-，T(0，).
【点睛】
本题考查了待定系数法求二次函数和一次函数解析式，割补法求图形的面积，利用二次函数求最值，相似三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，矩形的性质，以及分类讨论的数学思想，用到的知识点较多，难度较大，树中考压轴题.
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