绍兴市八年级上册期末数学试卷含答案[001].doc

绍兴市八年级上册期末数学试卷含答案一、选择题1、下列服装中是轴对称图形的是（）ABCD2、一个纳米粒子的直径是35纳米（1纳米米），用科学记数法表示为（）A米B米C米D米3、下列计算正确的是（）ABCD4、分式有意义的条件是（）ABCD5、下列由左边到右边的变形，是因式分解的是（）ABCD6、分式可变形为（）ABCD7、如图，1=2，添加下列条件仍不能判定ABDACD的是（）A3=4BBD=CDCB=CDAB=AC8、若关于x的方程3的解是非负数，则m的取值范围为()Am-7且m-3Bm-7且m-3Cm-7D m-79、如图，在中，AE平分交BC于点E，则等于（）A62B94C108D118二、填空题10、如图，有10个形状大小一样的小长方形，将其中的3个小长方形放入正方形中，剩余的7个小长方形放入长方形中，其中正方形中的阴影部分面积为21，长方形中的阴影部分面积为93，那么一个小长方形的面积为()A5B6C9D1011、若分式的值为0，则x的取值为_12、在平面直角坐标系中，作点A（4，-3）关于x轴的对称点，再向右平移2个单位长度得到点，则点的坐标是_13、已知，则的值是_14、若，则_15、如图，在ABC中，AB6，AC9，EF垂直平分线段BC，P是直线EF上的任意一点，则ABP周长的最小值是_16、若多项式是完全平方式，则k的值是_17、若，则的值为_18、在学习完“探索全等三角形全等的条件”一节后，一同学总结出很多全等三角形的模型，他设计了以下问题给同桌解决：如图，做一个“U”字形框架PABQ，其中AB=42cm，AP，BQ足够长，PAAB于点A，QBAB于点B，点M从B出发向A运动，同时点N从B出发向Q运动，点M，N运动的速度之比为34，当两点运动到某一瞬间同时停止，此时在射线AP上取点C，使ACM与BMN全等，则线段AC的长为_cm三、解答题19、分解因式：(1)x29；(2)20、先化简，再求值：，然后从-2，-1，0中选择适当的数代入求值21、如图，点E在线段上，点F在延长线上，求证：22、在ABC中，CB，AE平分BAC（1）如图（1），ADBC于D，若C=75，B=35，求EAD；（2）如图（1），ADBC于D，判断EAD与B，C数量关系EAD=（CB）是否成立？并说明你的理由；（3）如图（2），F为AE上一点，FDBC于D，这时EFD与B、C又有什么数量关系？ ；（不用证明）23、请仿照例子解题：恒成立，求M、N的值解：，则，即故，解得：请你按照上面的方法解题：若恒成立，求M、N的值24、阅读理解应用待定系数法：设某一多项式的全部或部分系数为未知数、利用当两个多项式为恒等式时，同类项系数相等的原理确定这些系数，从而得到待求的值待定系数法可以应用到因式分解中，例如问题：因式分解因为为三次多项式，若能因式分解，则可以分解成一个一次多项式和一个二次多项式的乘积故我们可以猜想可以分解成，展开等式右边得：，根据待定系数法原理，等式两边多项式的同类项的对应系数相等：，可以求出， 所以（1）若取任意值，等式恒成立，则_；（2）已知多项式有因式，请用待定系数法求出该多项式的另一因式；（3）请判断多项式是否能分解成的两个均为整系数二次多项式的乘积，并说明理由25、若整式A只含有字母x，且A的次数不超过3次，令，其中a，b，c，d为整数，在平面直角坐标系中，我们定义：M为整式A的关联点，我们规定次数超过3次的整式没有关联点例如，若整式，则a0，b2，c-5，d4，故A的关联点为（-5，-11）(1)若，试求出A的关联点坐标；(2)若整式B是只含有字母x的整式，整式C是B与的乘积，若整式C的关联点为（6，15），求整式B的表达式(3)若整式Dx-2，整式E是只含有字母x的一次多项式，整式F是整式D与整式E的平方的乘积，若整式F的关联点为（-32，0），请直接写出整式E的表达式一、选择题1、B【解析】B【分析】根据如果一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形，这条直线叫做对称轴进行分析即可【详解】解：A不是轴对称图形，故本选项不合题意；B是轴对称图形，故本选项符合题意；C不是轴对称图形，故本选项不合题意；D不是轴对称图形，故本选项不合题意故选：B【点睛】此题主要考查了轴对称图形的识别，关键是正确确定对称轴位置2、C【解析】C【分析】根据1纳米=米，可得35纳米=米，即可得解【详解】1纳米=米，35纳米=米=米，故选：C【点睛】本题考查了用科学记数法表示绝对值小于1的数，一般形式为，准确确定a、n的值是解答本题的关键3、C【解析】C【分析】根据同类项定义、同底数幂的乘除法运算法则、幂的乘方运算法则，进行运算，即可一一判定【详解】解：A.与不是同类项，不能进行加法运算，故该选项错误，不符合题意；B.，故该选项错误，不符合题意；C.，故该选项正确，符合题意；D.，故该选项错误，不符合题意；故选：C【点睛】本题考查了同类项定义、同底数幂的乘除法运算法则、幂的乘方运算法则，熟练掌握和运用各运算法则是解决本题的关键4、B【解析】B【分析】根据分式有意义的条件是分母不等于零可得答案【详解】解：由题意得：x-10，解得：x1，故选：B【点睛】此题主要考查了分式有意义的条件，关键是掌握分式有意义的条件是分母不等于零5、A【解析】A【分析】根据因式分解的定义，因式分解是把多项式写成几个整式积的形式，对各选项分析判断后利用排除法求解【详解】解：A原式符合因式分解的定义，是因式分解，故本选项符合题意B原式右边不是整式积的形式，不是因式分解，故本选项不符合题意；C原式右边不是整式积的形式，不是因式分解，故本选项不符合题意；D，选项因式分解错误，不符合题意；故选：A【点睛】本题主要考查了因式分解的定义，熟练掌握因式分解的定义及方法是解题关键6、D【解析】D【分析】直接利用分式的基本性质将分式变形得出答案【详解】解：分式故选：D【点睛】此题主要考查了分式的基本性质，正确掌握分式的性质是解题关键7、B【解析】B【分析】根据全等三角形的判定定理逐个判断即可【详解】解：A1=2，AD=AD，3=4，符合全等三角形的判定定理ASA，能推出ABDACD，故本选项不符合题意；BBD=CD，AD=AD，1=2，不符合全等三角形的判定定理，不能推出ABDACD，故本选项符合题意；CB=C，1=2，AD=AD，符合全等三角形的判定定理AAS，能推出ABDACD，故本选项不符合题意；DAB=AC，1=2，AD=AD，符合全等三角形的判定定理SAS，能推出ABDACD，故本选项不符合题意；故选：B【点睛】本题考查了全等三角形的判定定理，能熟记全等三角形的判定定理是解此题的关键，注意：全等三角形的判定定理有SAS，ASA，AAS，SSS，两直角三角形全等还有HL等8、B【解析】B【分析】分式方程去分母转化为整式方程，由分式方程的解是非负数，确定出m的范围即可【详解】解：分式方程去分母得：2x+m-x+1=3x-6，解得：x=(m+7)，由分式方程的解是非负数，得到(m+7)0，且(m+7)2，解得：m-7且m-3，故B正确故选：B【点睛】此题考查了分式方程的解，以及解一元一次不等式，熟练掌握运算法则是解本题的关键9、D【解析】D【分析】由平行四边形的性质可得BAD124，BD56，由角平分线的性质和三角形的外角性质可求解【详解】解：四边形ABCD是平行四边形，D56，BAD18056124，BD56，AE平分BAD，BAEBAD12462，AECB+BAE56+62118，故选：D【点睛】本题考查了平行四边形的性质、角平分线的性质、三角形的外角性质等知识，掌握平行四边形的对角相等，邻角互补是本题的关键二、填空题10、A【解析】A【分析】设小长方形的长为x，宽为y，由题意易得正方形的边长为x+y，长方形的长为3x+y，宽为x+3y，然后可得，进而问题可求解【详解】解：设小长方形的长为x，宽为y，由题意得：正方形的边长为x+y，长方形的长为3x+y，宽为x+3y，.，.，由得：，由得：，即小长方形的面积为5；故选：A【点睛】本题主要考查多项式乘以多项式及完全平方公式与图形面积，熟练掌握多项式乘以多项式及完全平方公式是解题的关键11、【分析】根据分式的值为零的条件可以求出x的值【详解】解：由题意得，由得或，由得，故答案为：【点睛】本题考查分式为0的条件，若分式的值为零，需同时具备两个条件：(1)分子为0；(2)分母不为0，这两个条件缺一不可12、A【解析】【分析】根据点关于x轴对称的坐标规律“横坐标不变，纵坐标互为相反数”得到，再根据点平移坐标规律“右加左减，上加下减”得到即可【详解】解：点A（4，-3）关于x轴的对称点的坐标为（4，3），再将向右平移2个单位长度得到点的坐标为（6，3），故答案为：（6，3）【点睛】本题考查坐标与图形变换-轴对称和平移，熟练掌握点关于轴对称和平移的坐标变换规律是解答的关键13、3【分析】由已知条件可得，由此式与所求式子的关系，可求得结果的值【详解】由，得：，即故答案为：2、【点睛】本题是求分式的值，涉及分式的加法，关键是把已知条件左边通分14、8【分析】先把和都化为2为底数的形式，然后利用整体代入求解即可【详解】，则故答案为：【点睛】本题考查了幂的乘方和积的乘方，掌握幂的乘方和积的乘方的运算法则是解答本题关键15、15【分析】如图，连接PC求出PA+PB的最小值可得结论【详解】解：如图，连接PCEF垂直平分线段BC，PB=PC，PA+PB=PA+PCAC=9，PA+PB的最小值为9【解析】15【分析】如图，连接PC求出PA+PB的最小值可得结论【详解】解：如图，连接PCEF垂直平分线段BC，PB=PC，PA+PB=PA+PCAC=9，PA+PB的最小值为9，ABP的周长的最小值为6+9=15，故答案为：14、【点睛】本题考查了轴对称最短路线问题，线段垂直平分线的性质，解决本题的关键是熟练掌握线段的垂直平分线的性质16、20【分析】根据已知可得完全平方式是，依据对应相等可得k的值【详解】解：是一个完全平方式，k20，故答案为：19、【点睛】本题主要考查了完全平方式，完全平方式分两【解析】20【分析】根据已知可得完全平方式是，依据对应相等可得k的值【详解】解：是一个完全平方式，k20，故答案为：19、【点睛】本题主要考查了完全平方式，完全平方式分两种，一种是两数和的平方，另一种是两数差的平方，算时有一个口诀“首末两项算平方，首末项乘积的2倍中间放，符号随中央17、19【分析】根据公式=计算【详解】，=，=19，故答案为：18、【点睛】本题考查了完全平方公式的变形应用，灵活进行公式变形是解题的关键【解析】19【分析】根据公式=计算【详解】，=，=19，故答案为：18、【点睛】本题考查了完全平方公式的变形应用，灵活进行公式变形是解题的关键18、18或21#21或18【分析】设BM3t，则BN4t，使ACM与BMN全等，由AB90可知，分两种情况：情况一：当BMAC，BNAM时，列方程解得t，可得AC；情况二：【解析】18或21#21或18【分析】设BM3t，则BN4t，使ACM与BMN全等，由AB90可知，分两种情况：情况一：当BMAC，BNAM时，列方程解得t，可得AC；情况二：当BMAM，BNAC时，列方程解得t，可得AC【详解】解：设BM3t，则BN4t，因为AB90，使ACM与BMN全等，可分两种情况：情况一：当BMAC，BNAM时，BNAM，AB42，4t423t，解得：t6，ACBM3t3618；情况二：当BMAM，BNAC时，BMAM，AB42，3t423t，解得：t7，ACBN3t3721，综上所述，AC18或AC20、故答案为：18或20、【点睛】本题主要考查了全等三角形的性质，利用分类讨论思想是解答此题的关键三、解答题19、(1)(2)【分析】（1）利用平方差公式分解即可（2）先提公因式，利用完全平方公式继续分解（1）解：原式（2）解：原式【点睛】本题考查了提公因式法和公式法及十字相乘法的综合运【解析】(1)(2)【分析】（1）利用平方差公式分解即可（2）先提公因式，利用完全平方公式继续分解（1）解：原式（2）解：原式【点睛】本题考查了提公因式法和公式法及十字相乘法的综合运用，解题的关键是一定要注意如果多项式的各项含有公因式，必须先提取公因式20、，2【分析】根据分式的加减运算以及乘除运算法则进行化简，然后将x的值代入原式即可求出答案【详解】解：= = = 原式=【点睛】本题考查分式的化简求值，解题的关键是熟练运用【解析】，2【分析】根据分式的加减运算以及乘除运算法则进行化简，然后将x的值代入原式即可求出答案【详解】解：= = = 原式=【点睛】本题考查分式的化简求值，解题的关键是熟练运用分式的加减运算法则以及乘除运算法则21、证明见解析【分析】由全等三角形的性质证明结合，证明从而可得结论.【详解】解： ， ，【点睛】本题考查的是全等三角形的性质，平行线的判定，证明是解本题的关键.【解析】证明见解析【分析】由全等三角形的性质证明结合，证明从而可得结论.【详解】解： ， ， 【点睛】本题考查的是全等三角形的性质，平行线的判定，证明是解本题的关键.22、（1）20；（2）成立，理由见解析；（3）EFD=（CB）【分析】（1）根据角平分线的性质和三角形的内角和定理计算即可；（2）根据角平分线的性质和三角形内角和定理计算即可；（3）过A【解析】（1）20；（2）成立，理由见解析；（3）EFD=（CB）【分析】（1）根据角平分线的性质和三角形的内角和定理计算即可；（2）根据角平分线的性质和三角形内角和定理计算即可；（3）过A作AGBC于G，根据已知条件证明FDAG，得到EFD=EAG，即可得解；【详解】解：（1）C=75，B=35，BAC=180CB=70，AE平分BAC，EAC=BAC=35，又ADBC，DAC=90C=15，则EAD=EACDAC=20；（2）AE平分BAC，CAE=BAC，BAC=180BC，EAC= BAC=90BC，EAD=EACDAC=90BC（90C）=（CB）；（3）如图，过A作AGBC于G，由（2）知，EAG=（CB），AGBC，AGC=90，FDBC，FDG=90，AGC=FDG，FDAG，EFD=EAG，EFD=（CB）故答案是：EFD=（CB）【点睛】本题主要考查了角平分线的性质，三角形内角和定理，平行线的判定与性质，准确计算是解题的关键23、M、N的值分别为，【分析】仿照题目当中例题的解法，一步一步的求解，根据等式两边对应项的系数相等列出关于M、N的二元一次方程组，进而求出M、N的值【详解】解：，即故，解得答：M、N【解析】M、N的值分别为，【分析】仿照题目当中例题的解法，一步一步的求解，根据等式两边对应项的系数相等列出关于M、N的二元一次方程组，进而求出M、N的值【详解】解：，即故，解得答：M、N的值分别为，【点睛】此题考查了分式混合运算，解题的关键是读懂例题的解法并熟练运用分式运算法则24、（1）1；（2）；（3）多项式能分解成两个均为整系数二次多项式的乘积，理由详见解析.【分析】（1）根据题目中的待定系数法原理即可求得结果；（2）根据待定系数法原理先设另一个多项式，然后根据恒等原【解析】（1）1；（2）；（3）多项式能分解成两个均为整系数二次多项式的乘积，理由详见解析.【分析】（1）根据题目中的待定系数法原理即可求得结果；（2）根据待定系数法原理先设另一个多项式，然后根据恒等原理即可求得结论；（3）根据待定系数原理和多项式乘以多项式即可求得结论【详解】（1）根据待定系数法原理，得3-a=2，a=1故答案为1（2）设另一个因式为（x2+ax+b），（x+1）（x2+ax+b）=x3+ax2+bx+x2+ax+b=x3+（a+1）x2+（a+b）x+ba+1=0 a=-1 b=3多项式的另一因式为x2-x+2、答：多项式的另一因式x2-x+2、（3）多项式x4+x2+1能分解成两个整系数二次多项式的乘积理由如下：设多项式x4+x2+1能分解成（x2+1）（x2+ax+b）或（x+1）（x3+ax2+bx+c）或（x2+x+1）（x2+ax+1），（x2+1）（x2+ax+b）=x4+ax3+bx2+ax+b=x4+ax3+（b+1）x2+ax+ba=0， b+1=1， b=1由b+1=1得b=01，故此种情况不存在.（x+1）（x3+ax2+bx+c），=x4+ax3+bx2+cx+x3+ax2+bx+c=x4+（a+1）x3+（b+a）x2+（b+c）x+ca+1=0 b+a=1 b+c=0 c=1解得a=-1，b=2，c=1，又 b+c=0，b=-12，故此种情况不存在（x2+x+1）（x2+ax+1）=x4+（a+1）x3+（a+2）x2+（a+1）x+1a+1=0，a+2=1，解得a=-1即x4+x2+1=（x2+x+1）（x2-x+1）x4+x2+1能分解成两个整系数二次三项式的乘积却不能分解成两个整系数二次二项式与二次三项式的乘积答：多项式x4+x2+1能分解成两个整系数二次三项式的乘积【点睛】本题考查了因式分解的应用、多项式乘以多项式，解决本题的关键是理解并会运用待定系数法原理25、(1)(2)(3)或【分析】（1）根据整式得出，根据关联点的定义得出，即可得出的关联点坐标；（2）根据题意得出中的次数为次，设，计算出，进而表达出，的值，再根据的关联点为，【解析】(1)(2)(3)或【分析】（1）根据整式得出，根据关联点的定义得出，即可得出的关联点坐标；（2）根据题意得出中的次数为次，设，计算出，进而表达出，的值，再根据的关联点为，列出关于 ， 的等式，解出、的值即可；（3）设，根据题意求出，进而表达出，的值，再根据的关联点为，列出关于，的等式，解出、的值即可(1)解：（1），的关联点坐标为：，故笞案为：；(2)整式是只含有字母的整式，整式是与的乘积，是二次多项式，且的次数不能超过次，中的次数为次，设 ，整式的关联点为，解得：，；(3)根据题意：设， ，整式 的关联点为，把代入得： ，解得： ， 或，或【点睛】本题主要考查整式的乘法，掌握整式的乘法是解决问题的关键