2021届高考化学二轮复习：第10讲-金属单质及其化合物-Word版含解析.docx

第10讲金属单质及其化合物一、小题对点练一、钠及其重要化合物1下列说法不正确的是()。A碳酸氢钠常用于治疗胃酸过多症B切开的金属Na暴露在空气中，光亮表面会渐渐变暗C发酵粉中主要含有碳酸氢钠，能使焙制出的糕点疏松多孔D金属钠着火时，可以使用泡沫灭火器来灭火解析Na燃烧生成Na2O2能与CO2反应生成O2，Na与H2O反应生成H2，H2能燃烧，O2能助燃，因此Na失火时不能用泡沫灭火器灭火。答案D2(2022温州一中期中)下列类比关系正确的是()。A钠与氧气在不同条件下反应会生成两种不同的氧化物，则Li与氧气反应也能生成Li2O或Li2O2BNa2O2与CO2反应生成Na2CO3和O2，则Na2O2与SO2反应也生成Na2SO3和O2CFe与Cl2反应生成FeCl3，则Fe与I2反应可生成FeI3DAl与Fe2O3能发生铝热反应，则Al与MnO2也能发生铝热反应解析A项中Li与氧气反应只能生成一种氧化物Li2O；B项中具有氧化性的Na2O2与具有还原性的SO2反应可生成Na2SO4；C项中Fe与I2反应生成FeI2，由于碘的氧化性不够强。答案D3肯定量的Na2O2与CO2反应后的固体物质41.8 g，恰好与1 L 1 molL1的稀盐酸完全反应，下列说法正确的是()。A41.8 g固体物质为Na2CO3B41.8 g固体物质为0.1 mol Na2CO3和0.4 mol Na2O2的混合物C41.8 g固体物质为31.2 g NaHCO3和10.6 g Na2CO3的混合物D肯定量的Na2O2为78 g解析假如41.8 g固体全为Na2CO3，即0.39 mol，则其不行能恰好与1 L 1 molL1的稀盐酸完全反应，A错误；依据钠离子守恒，知B符合题意；Na2O2与CO2反应不行能生成碳酸氢钠，即C错误；依据钠离子守恒，可求出肯定量的Na2O2为0.5 mol，即39 g，所以D错误。答案B二、铝及其重要化合物4(2022杭州质检)工业上用铝土矿(主要成分为Al2O3，含Fe2O3等杂质)为原料冶炼铝的工艺流程如下：下列推断正确的是()。A试剂X为稀硫酸B反应的离子方程式为CO2AlO2H2O=Al(OH)3HCOC反应、的反应类型完全相同D反应所得的沉淀无任何价值解析选项A，试剂X应是NaOH溶液。选项B，溶液乙中含有AlO，AlO与过量CO2、H2O反应生成Al(OH)3沉淀，正确。选项C，反应、是复分解反应，反应是分解反应，反应是电解Al2O3生成Al，该反应有电子转移，是氧化还原反应。选项D，反应所得沉淀的主要成分为Fe2O3，经提纯后可用作颜料或冶铁等。答案B5(2022合肥联考) 向肯定量的NaOH溶液中逐滴加入AlCl3溶液，生成沉淀Al(OH)3的量随AlCl3加入量的变化关系如图所示。则下列离子组在对应的溶液中肯定能大量共存的是()。Aa点对应的溶液中：Na、Fe3、SO、HCOBb点对应的溶液中：Na、S2、SO、ClCc点对应的溶液中：Ag、Ca2、NO、FDd点对应的溶液中：K、NH、I、CO解析向NaOH溶液中逐滴加入AlCl3溶液时，发生反应Al34OH=AlO2H2O，3AlOAl36H2O=4Al(OH)3。a点时溶液中有大量的OH，A项中的Fe3、HCO不能大量存在。b点时溶质为NaCl和NaAlO2，B项中的全部离子可以大量共存。c点时溶质为NaCl，C项中的Ag不能大量存在，且F和Ca2因能生成难溶的CaF2也不能大量共存。d点时溶质为NaCl和AlCl3，Al3与D项中的CO因发生相互促进的水解反应而不能大量共存。答案B三、铁、铜及其重要化合物6(2022丽水中学检测)Fe、Cu都是重要的金属元素。下列说法正确的是()。A两者的单质放置在空气中均只生成氧化物B两者的单质都能与稀硫酸反应产生氢气C常温条件下，两种金属都能溶解于浓硝酸中D制备FeCl3、CuCl2，均不能接受将其溶液直接蒸干的方法解析Cu放置在空气中可生成Cu2(OH)2CO3，A项错误；铜为不活泼金属，不能与稀硫酸反应生成氢气，B项错误；常温下，浓硝酸能够使铁钝化，C项错误；直接蒸干FeCl3、CuCl2溶液得到的固体分别是Fe(OH)3、Cu(OH)2，D项正确。答案D7(2022衡水二模)部分氧化的FeCu合金样品(氧化产物为Fe2O3、CuO)共5.76 g，经如下处理：下列说法正确的是()。A滤液A中的阳离子为Fe2、Fe3、HB样品中Fe元素的质量为2.24 gC样品中CuO的质量为4.0 gDV896 mL解析依据题意，3.2 g滤渣肯定是铜，而铜与Fe3不共存，故A中无Fe3则A项错误；最终的3.2 g固体为Fe2O3，其中Fe元素的质量为2.24 g，B项正确；样品中Cu元素和O元素共5.76 g2.24 g3.52 g，则C项错误；2.24 g Fe元素不行能全是单质，故标准状况下生成的H2的体积小于896 mL，D项错误。答案B二、大题冲关练8(2022金华市汤溪中学测试)某化学爱好小组对二氧化碳与氢氧化钠反应后溶液中的溶质进行如下探究：向300 mL 1 mol/L的NaOH溶液中通入肯定量CO2，充分反应后将溶液蒸发结晶，得到肯定量的白色固体。(1)该爱好小组依据NaOH与CO2的反应，认为该白色固体的组成可能有以下几种状况：_、_、_、Na2CO3和NaHCO3。(2)当通入标准状况下CO2的体积为2.24 L时，该白色固体的组成为_(填写物质的化学式及对应质量)。请设计试验方案进行试验验证。限选试验试剂：1 molL1 HCl溶液、1 molL1 MgCl2溶液、0.5 molL1 BaCl2溶液、1 molL1 Ba(OH)2溶液、甲基橙试液、酚酞试液。(步骤可不填满也可增加)试验步骤预期现象和结论步骤1：步骤2：步骤3：将该白色固体配成溶液，向溶液中滴加1 molL1的盐酸。下列图像能正确表示加入盐酸的体积和生成CO2的物质的量的关系的是_。(3)若该白色固体为Na2CO3和NaHCO3，则白色固体的质量范围为_。解析(1)分析NaOH与CO2的反应，知该白色固体的组成可能有NaOH和Na2CO3、只有Na2CO3、只有NaHCO3、Na2CO3和NaHCO3四种状况。(2)n(NaOH)0.3 mol，依据2NaOHCO2=Na2CO3H2O，通入标准状况下2.24 L CO2，NaOH有剩余，固体组成为0.1 mol NaOH和0.1 mol Na2CO3。验证白色固体为NaOH和Na2CO3，实质是检验混合物的溶液中同时有CO和OH存在，向混合物的溶液中先加入过量的BaCl2溶液检验CO，可以观看到有白色沉淀产生；过滤后，滤液中再加入酚酞试液检验OH，观看到溶液变为红色。向NaOH和Na2CO3混合溶液中滴加盐酸，发生反应：OHH=H2O、COH=HCO、HCOH=H2OCO2，则开头产生CO2时消耗的n(HCl)n(NaOH)n(Na2CO3)0.2 mol，V(HCl)0.2 L，产生CO2最多时n(CO2)n(Na2CO3)0.1 mol，当NaOH、Na2CO3完全反应时，连续滴加盐酸不再产生CO2，参与反应的n(HCl)n(NaOH)2n(Na2CO3)20.3 mol，V(HCl)0.3 L，C对。(3)假设白色固体全部为Na2CO3，则白色固体的质量为0.15 mol106 g/mol15.9 g，假设白色固体全部为NaHCO3，则白色固体的质量为0.3 mol84 g/mol25.2 g，故白色固体的质量范围为15.9 g25.2 g。答案(1)NaOH和Na2CO3只有Na2CO3只有NaHCO3(2)4 g NaOH和10.6 g Na2CO3试验步骤预期现象和结论步骤1：取少量白色固体于试管中，加足量水溶解，再加足量0.5 molL1 BaCl2溶液产生白色沉淀，说明白色固体中含有Na2CO3步骤2：过滤，取2 mL滤液于试管中，再向试管中滴加酚酞试液溶液变红色，说明白色固体中含有NaOHC(3)15.9 g25.2 g9单质A与粉末化合物B组成的混合物能发生如图所示的一系列反应：请回答下列问题：(1)组成A单质的元素在周期表中处于第_周期_族。(2)化合物B的电子式为_。(3)D与G两溶液混合后发生反应的离子方程式为_。(4)常温下，D溶液的pH_7(填“”、“”或“”)，其缘由是_(用离子方程式表示)。(5)10.8 g A单质与足量的NaOH溶液反应，消耗氧化剂的质量为_g。(6)用碳棒、稀硫酸、气体E和气体F组成燃料电池，该电池的正极反应式为_。以该电池为电源，用惰性电极电解100 g 8%的C溶液，电解到溶质的质量分数为12.5%时停止电解，则电解过程中，生成的气体在准状况下的体积共为_L，电路上通过电子的物质的量为_mol。解析沉淀H既能与稀硫酸反应，又能与NaOH溶液反应，而D、G两溶液混合可以生成沉淀H，故推想H为两性氢氧化物Al(OH)3。故A为Al，B为Na2O2，C、D、G分别为Na2SO4、Al2(SO4)3、NaAlO2。气体E、F为O2和H2。(5)铝与氢氧化钠溶液反应的氧化剂是水，0.4 mol铝转移电子数为1.2 mol，消耗水的物质的量为1.2 mol，则水的质量为18 gmol11.2 mol21.6 g。(6)电解Na2SO4溶液，实际上是电解水，溶质质量不变，8 g/12.5%64 g，则被电解的水的质量为36 g(2 mol)。电解水的化学方程式为2H2O2H2O2，即消耗2 mol H2O共生成3 mol的气体，标准状况下体积为67.2 L，共转移4 mol e。答案(1)三A(3)Al33AlO6H2O=4Al(OH)3(4)Al33H2OAl(OH)33H(5)21.6(6)O24H4e=2H2O67.2410(2022杭州质检)铁、铝、铜等金属及其化合物在日常生活中应用广泛，请依据下列试验回答问题。(1)生铁中含有一种铁碳化合物X(Fe3C)。X在足量的空气中高温煅烧，生成有磁性的固体Y，将Y溶于过量盐酸后溶液中大量存在的阳离子是_；Y与过量浓硝酸反应后溶液中含有的盐的化学式为_。(2)某溶液中有Mg2、Fe2、Al3、Cu2等离子，向其中加入过量的NaOH溶液后，过滤，将滤渣高温灼烧，并将灼烧后的固体投入过量的稀盐酸中，所得溶液与原溶液相比，溶液中大量削减的阳离子是_。AMg2 BFe2 CAl3 DCu2(3)氧化铁是重要的工业颜料，用废铁屑制备它的流程如下：回答下列问题：操作的名称是_；操作的名称是_；操作的方法为_。请写诞生成FeCO3沉淀的离子方程式：_。解析(1)铁的氧化物中具有磁性的是Fe3O4，Fe3O4溶于过量的盐酸后溶液中存在的阳离子是Fe2、Fe3、H；Fe3O4溶于过量的浓硝酸后Fe元素会被氧化为Fe3，所以反应后的溶液中含有的盐是Fe(NO3)3。(2)向该溶液中加入过量的NaOH溶液后：Mg2Mg(OH)2、Fe2Fe(OH)3、Al3AlO、Cu2Cu(OH)2；过滤后滤渣中含有Mg(OH)2、Fe(OH)3、Cu(OH)2；高温灼烧后Mg(OH)2MgO、Fe(OH)3Fe2O3、Cu(OH)2CuO；将MgO、Fe2O3、CuO投入过量盐酸后分别生成Mg2、Fe3、Cu2，故应选择B、C。(3)从流程图中知道经操作得到滤渣和滤液，故该操作是过滤；操作是在得到FeCO3沉淀后进行的，故该操作是洗涤；洗涤沉淀的操作为在漏斗中加入适量蒸馏水，浸没沉淀，让蒸馏水自然流下，重复数次；从流程图中分析，生成FeCO3沉淀的反应物是Fe2和HCO，依据元素守恒得Fe22HCO=FeCO3CO2H2O。答案(1)Fe2、Fe3、HFe(NO3)3(2)BC(3)过滤洗涤在漏斗中加入适量蒸馏水，浸没沉淀，让蒸馏水自然流下，重复数次Fe22HCO=FeCO3CO2H2O11(2022西安考前模拟)甲、乙两同学争辩Na2SO3溶液与FeCl3溶液反应的状况。步骤操作现象向2 mL 1 molL1 FeCl3溶液中加入肯定量的Na2SO3溶液溶液由棕黄色变为红褐色，并有少量刺激性气味的气体逸出(1)常温下，FeCl3溶液的pH_7(填“”、“”或“”)。(2)分析红褐色产生的缘由。甲同学认为步骤I中溶液呈红褐色是由于生成了Fe(OH)3，请用化学平衡移动原理解释溶液呈红褐色的缘由：_。乙同学认为可能是发生了氧化还原反应，其中Fe3Fe2；请写出Fe3跟SO反应的离子方程式_。乙同学查阅资料得知：1Fe2与SO反应生成墨绿色的絮状沉淀FeSO3；2墨绿色的FeSO3与黄色的FeCl3溶液混合后，溶液呈红褐色。(3)甲同学为了确认溶液呈红褐色的缘由是生成了Fe(OH)3，设计并完成了如下试验：步骤操作现象用激光笔照射步骤I中的红褐色溶液消灭“丁达尔效应”甲同学因此得出结论：溶液呈红褐色是由于生成了Fe(OH)3。而乙同学认为甲同学得出结论的证据仍旧不足，乙同学的理由是_。(4)为进一步确认Na2SO3溶液与FeCl3溶液反应的状况，乙同学设计并完成了如下试验：步骤操作现象向1 molL1的FeCl3溶液中通入肯定量的SO2溶液由黄色变为红褐色用激光笔照射步骤中的红褐色溶液没有消灭“丁达尔效应”经检验步骤中红褐色溶液含有Fe2，检验Fe2选用的试剂是_(填字母)。aK3Fe(CN)6溶液bKSCN溶液cKMnO4溶液请用离子方程式和必要的文字说明步骤中消灭红褐色的缘由_。(5)结论：由上述试验得知，甲、乙两同学所持观点均正确。解析(1)FeCl3为强酸弱碱盐，Fe3水解Fe33H2OFe(OH)33H，显酸性，pH7；(2)甲同学认为Fe33H2OFe(OH)33H，加入Na2SO3溶液，SO结合H使c(H)下降，平衡正向移动，生成红褐色的Fe(OH)3；乙同学认为Fe3氧化SO，生成SO和Fe2，反应的离子方程式为2Fe3SOH2O=2Fe2SO2H(3)结合题目给的信息，乙同学认为墨绿色的FeCl3与黄色的FeSO3的混合溶液也可能形成胶体，消灭“丁达尔效应”；(4)依据显色反应，检验Fe2用K3Fe(CN)6溶液，a正确；b、c错误；Fe3具有氧化性，SO2具有还原性，先发生氧化还原反应，生成Fe2再产生FeSO3沉淀，反应的离子方程式为2Fe3SO22H2O=2Fe2SO4H，Fe2SO2H2O=FeSO32H，FeSO3与FeCl3的混合液，呈现红褐色答案(1)(2)Fe33H2OFe(OH)33H，加入Na2SO3后，c(H)下降，平衡正向移动，生成Fe(OH)32Fe3SOH2O=2Fe2SO2H(3)FeSO3和FeCl3的混合溶液也可能消灭“丁达尔效应”(4)a2Fe3SO22H2O=2Fe2SO4HFe2SO2H2O=FeSO32H，FeSO3与剩余的FeCl3溶液混合而呈现红褐色