2025-2026学年广西钦州市浦北县浦北中学高一上物理期末质量跟踪监视试题含解析.doc

2025-2026学年广西钦州市浦北县浦北中学高一上物理期末质量跟踪监视试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、一位观察者测出，悬崖跳水者碰到水面前在空中自由下落了3s，如果不考虑空气阻力，则悬崖的高度约是（g取10m/s2）（　　）
A.30m B.45m
C.60m D.90m
2、如图所示,A、B、C三个物块的质量相等,有F=1 N的两个水平力分别作用于A、B两个物块上,A、B、C都静止,则地面对A物体、A物体对B物体、B物体对C物体的摩擦力分别为 (　　)

A.1 N、2 N、1 N
B.0、0、1 N
C.0、1 N、0
D 1 N、1 N、0
3、下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位（　　）
A.m、kg、s B.kg、m/s2、s
C.m、N、kg D.m/s2、kg、N
4、如图所示是某质点做直线运动的v﹣t图象，由图可知这个质点的运动情况是（）

A.5s﹣15s内做匀加速运动，加速度为0.8m/s2
B.前5s内静止
C.15s﹣20s内做匀减速运动，加速度为﹣0.8m/s2
D.质点15s末离出发点最远，20秒末回到出发点
5、如图所示，水平光滑长杆上套有一物块Q，跨过悬挂于O点的轻小光滑圆环的细线一端连接Q，另一端悬挂一物块P．设细线的左边部分与水平方向的夹角为θ，初始时θ很小．现将P、Q由静止同时释放．关于P、Q以后的运动下列说法正确的是（）

A.当θ =60º时，P、Q的速度之比是
B.当θ =90º时，Q的速度最大
C.当θ =90º时，Q的速度为零
D.当θ向90º增大的过程中Q的合力一直增大
6、电动汽车不排放污染空气的有害气体，具有较好的发展前景。某辆电动汽车在一次刹车测试中，初速度为21m/s，经过3s汽车停止运动．若将该过程视为匀减速直线运动，则这段时间内电动汽车加速度的大小为

A. B.
C. D.
7、如图所示，A、B分别是甲、乙两球从同一地点沿同一直线运动的v­t图象，根据图象可以判断出( )

A.在t＝4 s时，甲球的加速度大于乙球的加速度
B.在t＝4.4s时，两球相距最远
C.在t＝6 s时，甲球的速率小于乙球的速率
D.在t＝8 s时，两球相遇
8、如图所示，cd为固定在小车上的水平横杆，物块M串在杆上，靠摩擦力保持相对杆静止，M又通过轻绳悬吊着一个小铁球m，此时小车正以大小为a的加速度向右做匀加速运动，而M、m均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为θ。小车的加速度增加到2a时（　　）

A.横杆对M的摩擦力增加到原来的2倍
B.横杆对M的弹力不变
C.细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍
D.细线的拉力增加到原来的2倍
9、如图所示，在动摩擦因数μ＝0.1的水平地面上，质量m＝2kg的物块与水平细绳相连，物块在与水平方向成θ＝53°的拉力F作用下处于静止状态，此时水平面对物块的弹力恰好为零．g取10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，以下说法正确的是（　　）

A.此时细绳的弹力大小为13N
B.当撤去拉力F的瞬间，物块的加速度为0
C.若剪断细绳，则剪断的瞬间物块的加速度大小为7.5m/s2，方向向右
D.剪断细绳，则剪断的瞬间物块的加速度大小为6.5m/s2，方向向右
10、下列说法正确是（）
A.曲线运动一定是变速运动
B.平抛运动一定是匀变速运动
C.匀速圆周运动是速度不变的运动
D.只要两个分运动是直线运动，合运动一定也是直线运动
11、在粗糙的水平面上，物体在水平推力的作用下，由静止开始做匀加速直线运动，经过一段时间后，将水平推力逐渐减小到零（物体不停止），在水平推力减小到零的过程中（）
A.物体的速度一直增大
B.物体的速度先增大后减小
C.物体的加速度（大小）一直减小
D.物体的加速度（大小）先减小后增大
12、如图甲所示，平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为k，一端固定在倾角为θ的斜面底端，另一端与物块A连接，两物块A、B质量均为m，初始时均静止，现用平行于斜面向上的力F拉动物块B，使B做加速度为a的匀加速运动，A、B两物块在开始一段时间内的v-t关系分别对应图乙中A、B图线，t1时刻 A、B 的图线相切，t2时刻对应A图线的最高点，重力加速度为g。则下列说法正确的是（ ）

A.t1时刻，弹簧的形变量为
B.t1时刻，A、B刚分离时的速度为
C.t2时刻，弹簧形变量为0
D.从开始到t2时刻，拉力F先逐渐增大后不变
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、我们在实验室用如图所示的装置做了验证牛顿第二定律的实验，请完成下面两小题

（1）在本次试验中我们要验证的是，我们控制总质量不变，研究合外力与加速度a之间是否满足正比关系。其中是小车的质量，是砂桶的质量，把砂桶的重力当做合外力，则该实验中______________必要保证砂桶质量远小于小车质量。（填“有”、“没有”）
（2）下列关于该实验的注意事项，不必要的或者错误的是（ ）
A.在实验前必须先抬高木板以平衡摩擦力
B.拉小车的细线必须和木板平面平行
C.改变砂桶质量后，在做实验之前必须再次平衡摩擦力
D.做这个实验的时候应该先打开电源再释放小车
14、某实验小组利用弹簧秤和刻度尺，测量滑块在木板上运动最大速度，实验步骤：
①用弹簧秤测量橡皮泥和滑块的总重力，记作；
②将装有橡皮泥的滑块放在水平木板上，通过水平细绳和固定弹簧秤相连，如图甲所示，在端向右拉动木板，待弹簧秤示数稳定后，将读数记作；
③改变滑块上橡皮泥的质量，重复步骤①②；
实验数据如下表所示：

④如图乙所示，将木板固定在水平桌面上，滑块置于木板上左端处，细绳跨过定滑轮分别与滑块和重物连接，保持滑块静止，测量重物离地面的高度h；
⑤滑块由静止释放后开始运动并最终停在木板上的点（未与滑轮碰撞），测量间的距离s；
完成下列作图和填空：

（1）根据表中数据在给定坐标纸上作出图线____；
（2）由图线求得滑块和木板间的动摩擦因数=____（保留2位有效数字）；
（3）滑块最大速度的大小v=_____（用h、s、和重力加速度g表示）。
15、在探究“加速度与力、质量关系”的活动中：

（1）实验器材组装如图1所示。实验装置图中的电源应为_____（填“交流电源”或“直流电源”）
（2）在实验中保持小车质量不变，改变沙桶的质量，测得小车所受绳子的拉力F和加速度a的数据如下表：

①根据测量数据在图3中作出a﹣F图象_____；
②由作出的图象可知小车与长木板之间的摩擦力力大小为_____ N．（保留一位有效数字）
③图2是实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s，由图中的数据可得小车的加速度a＝_____ m/s2（结果保留两位有效数字），C点的速度Vc＝_____ m/s。（结果保留两位有效数字）
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，质量为m=10kg的物体，在F=60N水平向右的拉力作用下，由静止开始运动．设物体与水平面之间的动摩擦因素µ=0.4，求：

(1)物体所滑动受摩擦力为多大？
(2)物体的加速度为多大？
(3)物体在第3s内的位移为多大？
17、（10分）一个滑雪人从静止开始沿山坡滑下(如下图所示)，山坡的倾角θ=37°，滑雪板与雪地的动摩擦因数是0.04，求5s内滑下来的路程和5s末的速度大小。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】悬崖的高度约是

A．30m，与结论不相符，选项A错误；
B．45m，与结论相符，选项B正确；
C．60m，与结论不相符，选项C错误；
D．90m，与结论不相符，选项D错误；
故选B.
2、C
【解析】分别选取整体ABC、BC、C为研究对象，由共点力的平衡可以求得地面对A物体、A物体对B物体、B物体对C物体的摩擦力
【详解】以ABC整体为研究对象，则整体在水平方向受向左和向右的大小相等的拉力，则二力的合力为零；若地面对A有摩擦力的话，则整体不可能静止，故地面对A的摩擦力为零；
以BC为整体进地分析，BC水平方向受向右的拉力，要使静止，则A对B一定有向左的摩擦力，大小等于F=1N；
对C分析，C水平方向不受外力，相对B没有相对运动的趋势，故C不受B的摩擦力；
故应选C。
【点睛】对于静摩擦力的有无及方向的判断一定要灵活选取研究对象，并能根据力的平衡进行分析，必要时可以用假设法进行判断。
3、A
【解析】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，故A正确，BCD错误
4、A
【解析】5s～15s内质点的速度均匀增大，做匀加速运动，加速度为：．故A正确．前5s内物体做匀速直线运动，选项B错误；15s～20s内质点的速度均匀减小，做匀减速运动，加速度为：，故C错误．0～20s内速度一直是正值，说明速度方向不变， 20s末离出发点最远，20秒末不可能回到出发点．故D错误；故选A.
5、B
【解析】P、Q用同一根绳连接，则Q沿绳子方向的速度与P的速度相等，根据运动的合成与分析分析PQ的速度关系，当θ=90°时，P的机械能最小，Q的动能最大，速度最大，当θ向90°增大的过程中Q的合力逐渐减小
【详解】A项：P、Q用同一根绳连接，则Q沿绳子方向的速度与P的速度相等，
则当θ=60°时，Q的速度vQcos60°=vP，解得，故A错误；
B、C项：P的机械能最小时，即为Q到达O点正下方时，此时Q的速度最大，即当θ=90°时，Q的速度最大，故B正确，C错误；
D项：当θ向90°增大的过程中Q的合力逐渐减小，当θ=90°时，Q的速度最大，加速度最小，合力最小，故D错误
故选B
【点睛】考查运动的合成与分解，掌握能量守恒定律，注意当Q的速度最大时，P的速度为零，是解题的关键
6、B
【解析】根据匀变速直线运动的速度时间关系有

所以汽车的加速度

则B正确；ACD错误；
故选B。
7、ABD
【解析】A.甲球的加速度

故甲球的加速度大小为10m/s2．负号表示加速度方向与速度方向相反．乙球的加速度

故甲球的加速度大于乙球的加速度．故A正确．
B.当两物体速度相同时两物体相距最远，即：
40+a1t=-20+a2（t-2）
解得：
t=4.4s
即4.4s时两物体相距最远，故B正确．
C.t=6s时甲球的速度
v1=v0+a1t=40+（-10）×6=-20m/s
乙球的速度

甲球的速率大于乙球的速率，故C错误．
D.设T时刻两物体相遇，故有

解得
T=8s
故D正确．
8、AB
【解析】AB．对小球和物块组成的整体分析受力如图所示：

根据牛顿第二定律得，水平方向

竖直方向

则当加速度增加到2a时横杆对M的摩擦力f增加到原来的2倍；横杆对M的弹力等于两个物体的总重力，保持不变。故A正确，B正确；
CD．以小球为研究对象，分析受力情况如图所示：

由牛顿第二定律得

可得

当a增加到两倍时，变为两倍，但θ不是两倍；细线的拉力为

可见a变为两倍，T不是两倍，故C错误，D错误。
故选AB。
分卷II
9、BC
【解析】对初始状态的物块受力分析，由平衡条件可得拉力F和细绳的弹力．撤去拉力F的瞬间，细绳的弹力突变，物块的加速度为零．剪断细绳瞬间，物体受重力、支持力，由牛顿第二定律可得物体的加速度
【详解】A．物块受重力、绳子的弹力T以及拉力F处于平衡，根据共点力平衡得：，，解得：F＝25N，T＝15N．故A项错误
B．撤去拉力F的瞬间，细绳的弹力突变为0，物块的加速度为0．故B项正确
CD．剪断细绳，物块受重力、拉力F，由牛顿第二定律得：，解得：a＝7.5m/s2，方向向右．故C项正确，D项错误
10、AB
【解析】A.曲线运动物体的速度方向一定变化，则曲线运动一定是变速运动，故A项符合题意.
B.平抛运动的加速度是恒定的g，故一定是匀变速运动，故B项符合题意.
C.匀速圆周运动是速度大小不变，速度方向时刻变化的运动，则是变速运动，故C项不合题意.
D.两个分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，例如平抛运动，故D项不合题意.
11、BD
【解析】根据牛顿第二定律：
F-f=ma
则当水平推力F减小到零的过程中，加速度先减小后反向变大，物体先加速后减速，故选项AC错误，BD正确；
故选BD。
12、AD
【解析】考查牛顿第二定律的应用。
【详解】A．由图乙可知，t1时刻两物块开始分离，AB之间无弹力，对A受力分析，设此时压缩量为x2，由牛顿第二定律：

解得，A正确；
B．初始时均静止，设初始时压缩量为x1，由平衡方程：

解得
则从开始到分离的位移为：

由位移与速度的关系式：

解得，B错误；
C．t2时刻，A图线的斜率为0，即A物体加速度为零，设此时压缩量为x3，由平衡条件：

解得，C错误；
D．从开始到t1时刻，由牛顿第二定律：

由于弹簧压缩量减小，弹力减小，而加速度a不变，所以拉力F增大；t1到t2时刻，由于AB已经分离，B不受A的作用力，此时由牛顿第二定律：

加速度不变，可知，拉力F不变，D正确。
故选AD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.没有 ②.C
【解析】（1）[1]设轻绳的拉力为T，加速度为a，根据牛顿第二定律,对砂桶分析有：

对小车分析有：

联立解得：

由此可知，此时砂桶的重力即为整体的合外力，控制总质量不变，研究合外力与加速度a之间是否满足正比关系时，没有必要保证砂桶质量远小于小车质量；
（2）[2]A．为保证整体的合外力是砂桶的重力，所以必须先抬高木板以平衡摩擦力，A正确，不符合题意；
B．要保持拉线方向与木板平面平行，这样轻绳的拉力才等于小车所受的合力，B正确，不符合题意；
C．改变砂桶质量后，因为动摩擦力因数与倾角没变化，所以不需要重新平衡摩擦力，C错误，符合题意；
D．先开电源再释放小车，这样打出的纸带上的点迹较多，处理数据更准确，D正确，不符合题意。
故选C。
14、 ①. ②.0.40（0.38、0.39、0.41、0.42均正确） ③.
【解析】（1）［1］在坐标纸上，描出各点，然后用直线将各点连接起来，得到图象如图：

（2）［2］弹簧称的示数就是物体受到的摩擦力，根据，可知图象的斜率就是动摩擦因数，找特殊点代入可得；
（3）［3］P落地后，滑块又前进了的距离才停止运动，在这段时间内，滑块做减速运动，根据

而滑块的加速度，代入数据整理得，最大速度

15、 ①.交流电源 ②.见解析 ③.0.1 ④.0.20 ⑤.0.10
【解析】（1）[1]电磁打点计时器的电源是低压交流电源；
（2）[2]①根据描点法画出a﹣F图象如图；

②[3]当小车刚开始运动时所受的静摩擦力即为最大静摩擦力，由图象读出a＝0时的F＝0.1N，则知最大静摩擦力为0.1N
③[4][5]由sCE﹣sAB＝4aT2，T＝0.1s得：

C点的瞬时速度等于AE之间的平均速度，所以

三．计算题(22分)
16、（1）40N（2）（3）
【解析】（1）滑动摩擦力为：；
（2）由牛顿第二定律得： ，代入数据解得：；
（3）第内的位移为
点睛：本题考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用，分析清楚物体的运动过程与受力情况是解题的前提与关键，应用牛顿第二定律与运动学公式即可解题
17、71m 28.4m/s
【解析】以滑雪人为研究对象，受力情况如图所示

研究对象的运动状态为：垂直于山坡方向，处于平衡；沿山坡方向，做匀加速直线运动。将重力mg分解为垂直于山坡方向和沿山坡方向，据牛顿第二定律列方程
FN-mgcosθ=0
mgsinθ-Ff=ma
又因为
Ff=μFN
可得
a=g(sinθ-μcosθ) =10×(0.6-0.04×0.8) m/s2=5.68m/s2
5s内滑下来的路程为
x=at2=×5.68×52m=71m
5s末的速度为
v=at=5.68×5m/s=28.4m/s
【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁