2026届青海省大通回族土族自治县第一中学物理高一第一学期期末监测模拟试题含解析.doc

2026届青海省大通回族土族自治县第一中学物理高一第一学期期末监测模拟试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，在动摩擦因数为0.1的水平面上向右运动的物体，质量为20kg，在运动过程中，还受到一个水平向左、大小为10N的拉力F作用，则物体受到的合力为(g＝10N/kg)(　　)

A.10N，向右 B.30N，向左
C.30N，向右 D.20N，向左
2、如图所示，两完全相同的小球M和N放在光滑竖直挡板和固定斜面间，处于静止状态．现顺时针缓慢转动挡板，在挡板缓慢转动到与斜面垂直的过程中

A.N球对斜面的压力减小
B.M球对挡板的压力逐渐减小
C.M、N两球间的弹力逐渐增大
D.M球对斜面的压力逐渐增大
3、如图所示，轻弹簧的两端各受10N的拉力F作用，弹簧平衡时伸长了5cm（在弹性限度内），那么下列说法中正确的是

A.该弹簧的劲度系数k=200N/m
B.该弹簧的劲度系数k=400Nm
C.根据公式k= ，弹簧的劲度系数k会随弹簧弹力F的增大而增大
D.弹簧的弹力为20N
4、关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（　　）
A.速度变化得越多，加速度就越大
B.速度变化得越快，加速度就越大
C.加速度方向保持不变，速度方向也保持不变
D.加速度大小不断变小，速度大小也不断变小
5、如图所示，质量为4kg的小球A和质量为1kg的物体B用弹簧相连后，再用细线悬挂在静止的升降机顶端，剪断细线的瞬间，两小球的加速度正确的是（重力加速度为10m/s2）（）

A. B.
C. D.
6、公共汽车进入转弯路口向右转时，车内乘客会（）
A.向前倾斜 B.向后倾斜
C.向左侧倾斜 D.向右侧倾斜
7、关于滑动摩擦力，下列说法正确的有（　　）
A.滑动摩擦力的方向总是与物体运动的方向相反
B.滑动摩擦力的方向可以和物体运动的方向相同
C.滑动摩擦力总是阻碍物体的运动
D.滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动
8、物体以15m/s速度竖直上抛，当速度大小变为10m/s时经历时间可以是（空气阻力不计，g=10m/s2）（　　）
A.0.5s B.1.0s
C.1.5s D.2.5s
9、如图所示，表面粗糙的斜面C置于粗糙的水平地面上，斜面C上有一物块A，通过跨过光滑定滑轮的细绳与小盒B连接，连接A的一段细绳与斜面平行．现向小盒B内缓慢加入少量细砂，A、B、C始终处于静止状态．下列说法正确的有

A.地面对斜面体C的支持力减小
B.地面对斜面体C的摩擦力增大
C.斜面体C对物块A的摩擦力可能增大
D.斜面体C对物块A的摩擦力一定沿斜面向下
10、小东从家到车站接到他小姨后一起回家，的士给的全程发票如图所示，由此可以得出的信息正确的有（ ）

A.车站到小东家的位移是4.3km B.车站到小东家车的路程是4.3km
C.坐的士时间为0.5小时 D.车的平均速度约为2.4m/s
11、如图，A、B、C、D为空间固定点，一轻弹簧水平放置在光滑的水平面上，其右端固定在竖直墙上，自由状态时的最左端在B点．一小物块静止在A点，在水平向右恒力F作用下运动到D点时速度为零，小物块在C点时受到合力为零．整个过程中弹簧处于弹性限度内，下列说法正确的是

A.从A点到B点的过程中，物块做匀加速运动
B.从B点到C点的过程中，物块做减速运动
C.从C点到D点的过程中，物块做减速运动
D.从C点到D点的过程中，物块加速度增大
12、如图所示，甲、乙两物体的位移－时间(x－t)图象，由图象可以看出在0～4s这段时间内 (　　)

A.甲的平均速度等于乙的平均速度
B.4s时甲、乙两物体之间的距离最大
C.甲、乙两物体之间的最大距离为3 m
D.甲、乙两物体始终同向运动
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、如图甲为某次实验中用打点计时器打出的一条较理想的纸带，纸带上A、B、C、D、E、F、G为七个相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔是0.1s，A与各点之间的距离如图所示，单位是cm，纸带上D点的速度是_________m/s，纸带的加速度是________m/s2(结果均保留3位有效数字)，在验证质量一定时加速度a和合外力F的关系时，某学生根据实验数据作出了如图乙所示的a—F图象，其原因是________。

14、在做“研究平抛物体的运动”实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹
(1)为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项填在横线上____
A．通过调节使斜槽末端的切线保持水平
B．实验所用斜槽的轨道必须是光滑的
C．每次必须由静止释放小球，而释放小球的位置始终相同
D．将球的位置标在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线
(2)某同学在做实验时，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L=10cm，若小球在平抛运动途中的几个位置如图所示的a、b、c、d，则小球平抛的初速度为v0=____m/s，小球过c点时速度的大小为____m/s（g取10m/s2）。

15、某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M，其实验装置如图甲所示，设计的实验步骤为：

（1）调整长木板倾角，当钩码质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动；
（2）保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)
请回答下列问题：

①打点计时器在打下D点时滑块速度vD=__________m/s；(结果保留3位有效数字)
②滑块做匀加速直线运动的加速度a=_____m/s2；(结果保留3位有效数字)
③滑块质量M=___________(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)
（3）保持木板倾角不变，挂上质量为m(均小于m0)的钩码，滑块沿木板向下匀加速运动，测出滑块的加速度；多次改变钩码的质量，分别求出相应的加速度
（4）若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等，作出a—mg图象如图丙所示，则由图丙可求得滑块的质量M=______kg．(取g=10m/s2，结果保留3位有效数字)
三．计算题(22分)
16、（12分）一个质量为m =40kg的小孩站在电梯内的体重计上，电梯从t=0时刻由静止开始上升，t=6s时刚好停止运动，在0到6s内体重计示数F的变化如图所示．试求：在这段时间内电梯上升的高度是多少？取重力加速度g=10 m/s2

17、（10分）如图所示，水平传送带AB长L＝10m，以恒定速率v1＝4m/s运行．初速度大小为v2＝8m/s的小物块（可视为质点）从与传送带等高的光滑水平地面上经A点滑上传送带．小物块的质量m＝1 kg，物块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.4，g取10 m/s2．下列说法正确的是

A 小物体能够到达B点
B.小物块在传送带上运动的过程中，距A端的最远距离为6m
C.小物块离开传送带时的速度大小为4m/s
D.小物体在传送带上运动时间为4.5s
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】依题意，物体相对于地面向右运动，受到地面的滑动摩擦力方向向左。物体在水平面上运动，F也在水平方向，则物体对地面的压力大小等于物体的重力，即FN=mg，所以物体受到的滑动摩擦力大小为
f=μFN=μmg=0.1×200N=20N
物体受到的合力为F合=F+f=30N，方向向左。
故选B。
2、B
【解析】现逆时针缓慢转动挡板至挡板与斜面垂直的过程中，两完全相同的小球处于静止状态．则小球N受力不变，而小球M由于挡板对球M的弹力方向发生变化，导致球M对挡板及斜面作用力发生变化
【详解】虽然挡板在变化，但球M对球N的弹力方向没变，球N的重力没变，斜面对球N的支持力方向也没变，虽然球N位置在缓慢变化，但球N所受力没有变化，故N球对斜面的压力不变，MN两球的弹力没有变．所以AC错误；

球M受力分析，当缓慢转动挡板至挡板与斜面垂直的过程中，弹力F1的方向也从图示位置转动到与斜面平行位置．则两个弹力的合力不变，当夹角变小时，两弹力大小均变小，故M球对挡板的压力逐渐减少，M球对斜面的压力逐渐减少．故B正确，D错误；故选B
【点睛】挡板的缓慢变化，导致弹力F1的方向在变化，从而出现两力的合力不变，而其夹角变小，可以确定这两力大小如何变化．当然可以通过画受力的动态图来一目了然
3、A
【解析】AB.根据胡克定律F=kx得，弹簧的劲度系数：
，
故A正确，B错误；
C.弹簧的伸长与受的拉力成正比，弹簧的劲度系数k与弹簧弹力F的变化无关，与弹簧本身有关。故C错误；
D.轻弹簧的两端各受10N拉力F的作用，所以弹簧所受的弹力为10N，故D错误。
故选：A。
4、B
【解析】A．物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故A错误；
B．加速度反映速度变化的快慢，速度变化得越快，加速度就越大，故B正确；
C．加速度方向保持不变，速度方向可以变化，例如平抛运动，故C错误；
D．如果加速度方向与速度方向相同，加速度大小不断变小，速度却增大，故D错误。
故选B。
5、A
【解析】剪断细线前，对，根据平衡条件知弹簧的弹力：

剪断细线瞬间，由于弹簧的弹力不会突变，根据牛顿第二定律可知，的合力仍为零，加速度为零，即；由于弹簧的弹力不变，同时受其重力作用，根据牛顿第二定律对有：

解得：

A正确；BCD。
故选A。
6、C
【解析】汽车突然向右转弯时，下半身由于受车的摩擦力改为向右前方运动，上半身由于具有惯性继续向前运动，所以人向左倾倒，故ABD错误C正确。
故选C。
7、BD
【解析】A．滑动摩擦力的方向总是阻碍物体间的相对运动，故与相地运动的方向相反，但不一定与运动方向相反，故A错误；
B．当滑动摩擦力作为动力时，其方向可以和物体运动的方向相同，如传送带上的物体，故B正确；
CD．滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动，故C错误，D正确
故选BD
8、AD
【解析】物体做竖直上抛运动，以向上为正，则物体的加速度为-g，做匀变速直线运动，根据匀变速直线运动的速度时间关系公式，有
v=v0-gt
速度大小变为10m/s，分两种情况讨论：
①当速度向上时，v=10m/s，故有

②当速度向下时，v=-10m/s，故有

选项AD正确，BC错误。
故选AD。
【点睛】本题关键：（1）竖直上抛运动具有对称性，向上和向下经过同一点时速度等大、反向；（2）竖直上抛运动的向上和向下的过程中加速度不变，整个过程是匀变速直线运动，匀变速直线运动的公式都适用。
9、ABC
【解析】AB．以A和斜面体为研究对象，由受力分析如图1可得，竖直方向，有

水平方向，有

由题意，当B中缓慢加入细沙，即mBg增大；所以FN减小，f地面增大，故AB正确
C．若开始摩擦力的方向沿斜面向上，设斜面体倾角为θ，则有

当B中缓慢加入细沙，即mBg增大时，f逐渐增大，故C正确；
D．以A为研究对象，由受力分析如图2可知，在沿斜面方向，受重力的分力、摩擦力和绳子的拉力，绳子的拉力大小等于B的重力，若

则摩擦力方向沿斜面向上，故D错误。
故选ABC。

10、BC
【解析】AB．4.3km指是路程，故A错误，B正确；
C．上车时刻是11：26，下车时刻的11：56，两个时刻的时间间隔为0.5小时，即坐的士时间为0.5小时，故C正确；
D．平均速度等于位移与发生这一位移所用时间的比值，根据发票信息我们不能知道车站到小东家的位移，所以平均速度无法计算，故D错误。
故选BC。
11、ACD
【解析】分析物块的受力情况，根据牛顿第二定律确定其运动情况，根据弹力大小的变化，判断合外力大小和方向，确定物块到达C点时加速度
【详解】A项：物块从A到B加速，在运动方向上只受水平恒力F，所以物体做匀加速直线运动，故A正确；
B项：刚接触弹簧时F大于弹簧的弹力，所以还是做加速运动，在C点F=F弹时，物体速度最大，故B错误；
C项：在C点F=F弹，在C点右侧弹力大于恒力F，合力向左，所以物块做减速运动，故C正确；
D项：从C点到D点的过程中，在运动方向上受恒力F，弹力，由于弹力增大，所以合力增大，加速度增大，故D正确
故选ACD
【点睛】本题是牛顿第二定律的动态变化分析问题，要注意明确弹簧的弹力随着位移的变化而变化，从而导致合外力和加速度的变化，这是此类问题的关键，要注意当F=F弹时，加速度才等于零，以此为关键点分析物体的运动
12、AC
【解析】A．从图中可知甲、乙在前4s内运动位移均为2 m，故平均速度均为：
，
A正确；
BC．2s时，甲、乙位移之差最大，最大距离为3m，B错误C正确；
D．x- t图象的斜率表示速度的大小和方向，甲在2s时速度反向，乙一直沿着正方向运动，D错误；
故选AC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.0678 ②.1.59 ③.平衡摩擦力过度
【解析】[1]打计数点D时，纸带速度大小为：

[2]运用逐差法得

[3]在a－F图线中，F=0时，加速度不为零，知长木板垫得过高，或倾角太大，或平衡摩擦力过度。
14、 ①.AC ②.2.0 ③.2.5
【解析】（1）[1]A.通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动；故A正确；
B.斜槽轨道是否光滑，不会影响做平抛运动，故B错误；
C.因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故C正确；
D.将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，平滑的曲线把各点连接起来，故D错误；
故选AC。
（2）[2][3]根据△y=L=gT2得相等的时间间隔为

则初速度为

小球过b点时竖直速度的大小为

小球过b点时速度的大小为

15、①；②， ③；（4）
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；
根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量
从图乙中可知，，，
（2）①相邻计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得，
②根据逐差法可得，联立即得
③滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得
（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg

三．计算题(22分)
16、9m
【解析】试选取小孩为研究对象，地面为参考系，小孩受到重力和体重计对小孩的弹力，如图所示.小孩的运动分为三个阶段.在0~2s内以加速度a1向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得，加速度

a1==1m/s2
根据匀变速直线运动公式可得，第一阶段位移

第一阶段末速度

2s~5s内向上以速度v1做匀速直线运动，根据匀速直线运动公式可得，第二阶段位移
s2=v1t2=2×3=6m
在5s~6s内以加速度a2向上做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律可得，加速度
a2= =2m/s2
设从速度v1减速为0时间为t3，根据匀变速直线运动公式可得
t3==1s
则可判断小孩子在第6s末速度为0，第三阶段位移

则在这段时间内小孩上升的高度，即电梯上升的高度

17、CD
【解析】AB．小物块在水平方向受到摩擦力的作用

产生的加速度

若小物块从右端滑上传送带后一直做匀减速运动，速度减为零时的位移是x，则

代入数据解得

所以小物块不能到达B点，速度减为零后反向做匀加速运动，则距A端的最远距离为8m，故AB错误；
C．小物块不能到达B点，速度减为零后反向做匀加速运动，当速度等于传送带速度v1后匀速运动，返回A点速度为4m/s，故C正确；
D．小物块向左减速度的时间为

向右加速到与传送带速度相同时的时间为

加速位移为

接着匀速的时间为

所以总时间为

故D正确。
故选CD。