2025-2026学年山东省聊城市东阿县行知学校高一上物理期末联考试题含解析.doc

2025-2026学年山东省聊城市东阿县行知学校高一上物理期末联考试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、汽车沿平直公路做匀加速直线运动时，其加速度大小为，则该汽车在任意内（ ）
A.位移一定为
B.速度一定变化
C.末速度一定是初速度的2倍
D.末速度比下的初速度小
2、一物体受到三个共点力的作用，它们的大小分别为F1＝3N、F2＝5N、F3＝10N，则它们的合力大小不可能是（　 　）
A.1N B.3N
C.7N D.13N
3、下列四组物理量的单位，哪一组中的各单位都是国际单位制中的基本单位
A.米、牛、秒 B.米、千克、秒
C.千克、焦耳、秒 D.米、千克、牛
4、如图所示，位于光滑固定斜面上的小物块P受到一水平向右的推力F的作用，已知物块P沿斜面加速下滑，现保持F的方向不变，使其减小，则加速度( )

A.一定变小 B.一定变大
C.一定不变 D.可能变小，可能变大，也可能不变
5、对下列现象解释正确是（ ）
A.在一定拉力作用下，车沿水平面匀速前进，没有这个拉力，小车就会停下来，所以力是物体运动的原因
B.向上抛出的物体由于惯性，所以向上运动，以后由于重力作用，惯性变小，所以速度也越来越小
C.质量大的物体运动状态不容易改变是由于物体的质量大，惯性也就大的缘故
D.急刹车时，车上的乘客由于惯性一样大，所以都会向前倾倒
6、一辆货车以20m/s的速度行驶，遇到紧急情况后开始刹车，若驾驶员的反应时间为0.5s货车行驶50m后停下来，货车的加速度大小为（ ）
A. B.
C. D.
7、如图所示，光滑水平地面上放有截面为圆周的柱状物体A，A与墙面之间放一光滑的圆柱形物体B，对A施加一水平向左的力F，整个装置保持静止．若将A的位置向左移动稍许，整个装置仍保持平衡，则( 　　)

A.水平外力F增大
B.墙对B作用力减小
C.地面对A的支持力减小
D.B对A的作用力减小
8、关于加速度的单位，下列正确的有（　）
A.kg·m/s B.m/s2
C.kg/N D.N /kg
9、某物体沿直线运动,其v-t图像如图所示,则下列说法中正确的是( )

A.第3 s内和第5 s内速度方向相反
B.第3 s内和第5 s内加速度方向相反
C.第5 s内速度和加速度方向相反
D.第7 s内速度和加速度方向相反
10、传送带以恒定速度v=4 m/s顺时针运行，已知传送带与水平面的夹角θ=37°，现将质量m=2 kg的小物块轻放在其底端（小物块可看成质点），平台上的人通过一根轻绳用恒力F=20 N拉小物块，经过一段时间物块被拉到平台上，如图所示，已知物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，传送带长6m。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8。则（）

A.物体一直做匀加速运动
B.物体先受滑动摩擦力，共速后受静摩擦力
C.物体在传送带上运动的时间为1.5s
D.物体相对传送带滑行的距离为1m
11、在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻，速度达到最大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t2时刻以较小速度v2着地。他的速度图像如图所示．下列关于该空降兵在0~t1或t1~t2时间内的平均速度的结论正确的是（　　）

A.0~t1， B.t1~t2，
C.t1~t2， D.t1~t2，
12、质量为m的A球和质量为2m的B球之间连接一个轻质弹簧，放在光滑的水平地面上．A紧靠墙壁，如图所示，今用恒力F作用于B球并向左挤压弹簧，达到静止状态时，突然将力撤去，撤去力F的瞬间 ( )

A.A球的加速度为
B.A球的加速度为零
C.B球的加速度为
D.B球的加速度为零
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学用图甲所示装置测定重力加速度．（已知打点频率为50Hz）

（1）实验时下面步骤的先后顺序是_____
A．释放纸带
B．打开打点计时器
（2）打出的纸带如图乙所示，可以判断实验时重物连接在纸带的_____（填“左”或“右”）端
（3）图乙中是连续的几个计时点，每个计时点到0点的距离d如下表所示：

根据这些数据可求出重力加速度的测量值为_____．（保留三位有效数字）
14、某同学用图（a）所示的实验装置验证牛顿第二定律：

(1)通过实验得到如图（b）所示的a—F图像，造成图线不经过原点这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的倾角________（填“偏大”或“偏小”）；
(2)该同学在平衡摩擦力后进行实验，把砝码和盘的总重视为拉力大小，为了便于探究和减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足____________的条件；
(3)该同学从打下的若干纸带中选出了如图所示的一条（每两点间还有4个点未画出），图中上部的数字为相邻两个计数点间的距离。打点计时器的电源频率为50Hz。由这些已知数据计算：（结果保留3位有效数字）

①小车匀变速直线运动的加速度a＝ ________m/s2.；
②与纸带上C点相对应的瞬时速度v＝______ m/s。
15、从高为的一点处先后平抛两个小球1和2，球1恰好直接越过竖直挡板落到水平地面上的点，球2与地面碰撞一次后，也恰好越过竖直挡板并落在点，如图所示。设球2与地面碰撞遵循的规律类似反射定律，且反弹速度大小与碰撞前相同，则竖直挡板的高度_____________________。

三．计算题(22分)
16、（12分）在如图所示的圆锥摆中，已知绳子长度为L，绳子转动过程中与竖直方向的夹角为θ，求小球做匀速圆周运动的周期

17、（10分）如图所示，一水平传送带以3m/s的速度匀速运动，现把质量为1kg的小物块（可视为质点）无初速地轻放在传送带的左端A处，经过一段时间，小物块到达传送带的右端B处。A、B间距离为6m，小物块与传送带间的动摩擦因数为0.15，重力加速度g=10 m/s2。
（1）小物块从A运动到B所用的时间；
（2）以右为正方向，描绘出物块从A运动到B的过程中摩擦力f-t 图像；
（3）只增大传送带的速度，其它物理量保持不变，可使小物块在传送带上从A运动到B所用的时间缩短。传送带的速度为多大时，小物块的运动时间最短？

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】A．不知道初末速度的信息，无法求解任意1s内位移，故A错误
BC．加速度大小为2m/s2，根据公式

可知任意1s内的速度变化量为2m/s，即任意1s内末速度比这1s的初速度大2m/s，故B正确，C错误
D．任意1s内末与下1s初是同一时刻，速度相等，故D错误
2、A
【解析】两个力的合力范围：大于等于两力之差小于等于两力之和，所以F1＝3N、F2＝5N合力范围：2N≤F≤8N,再与F3＝10N求合范围，所以A不在范围内
3、B
【解析】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为米、千克、秒；
A.米、牛、秒与分析不符，故A错误。
B.米、千克、秒与分析相符，故B正确。
C.千克、焦耳、秒与分析不符，故C错误。
D.米、千克、牛与分析不符，故D错误。
4、B
【解析】小物块P在推力F的作用下，沿光滑固定斜面加速下滑，设小物块的质量为m，斜面的倾角为θ，对小物块受力分析如图所示，由牛顿第二定律，有：mgsinθ-Fcosθ=ma，解得：当保持F的方向不变，使其减小时，加速度a一定变大．故B正确，ACD错误

5、C
【解析】A．车之所以有拉力才能匀速前进，是因为车受到摩擦力作用，如果没有摩擦力，车匀速运动不需要力来维持，故A错误；
B．向上抛出的物体速度减小不是因为惯性减小的原因，而是重力的方向与速度方向相反，产生了反向的加速度，使它减速，物体的质量不变，惯性就不会变化，故B错误；
C．质量是决定惯性大小的唯一因素的，质量大则惯性大，故C正确；
D．乘客的质量不同，惯性也不同，故D错误。
本题选C。
6、C
【解析】由题意可知

即

解得

故选C。
7、BD
【解析】先对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，然后根据共点力平衡条件得到A球左移后各个力的变化情况；最后再对整体受力分析，根据平衡条件判断推力F和地面的支持力的变化情况
【详解】对B球受力分析，受到重力mg、A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N，如图所示：

当A球向左移动后，A球对B球的支持力N′的方向不断变化，根据平衡条件结合合成法可以知道A球对B球的支持力N′和墙壁对B球的支持力N都在不断减小，故B D正确；再对A和B整体受力分析，受到总重力G、地面支持力FN，推力F和墙壁的弹力N，如图所示：

根据平衡条件，有F=N，FN=G，故地面的支持力不变，推力F随着壁对B球的支持力N的不断减小而不断减小，故A C错误．所以BD正确，AC错误
【点睛】本题关键是先对小球B受力分析，根据平衡条件得到各个力的变化情况，然后再对A、B整体受力分析，再次根据平衡条件列式分析
8、BD
【解析】根据加速度的定义式

可得加速度的单位为m/s2
根据牛顿第二定律

可知加速度的单位为N/kg。
故选BD。
9、BCD
【解析】v-t图象中，与时间轴平行直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移
【详解】A、由图知，第3s内和第5s内速度均为正方向，故A错误；
B、第3s内和第5s内，速度均为正方向，第3s内，速度越来越大为加速运动，第5s内速度越来越小为减速运动，故两者加速度方向相反，故B正确；
C、由图知，第5s内速度为正方向，加速度为负方向的减速运动，故速度的和加速度方向相反，故C正确；
D、第7s内速度为负方向，加速度为正方向，方向相反，故D正确；
故选BCD.
【点睛】本题考查了v-t图象的直接应用，要明确斜率的含义，能根据图象读取有用信息
10、BD
【解析】AB．开始时，物体受向上的拉力F=20N，
向上的摩擦力

重力沿斜面向下的分力：

则物体向上做加速运动，当与传送带共速后，因F=G1+f（此时摩擦力向下）可知物块匀速运动；即物体先做匀加速运动，后做匀速运动；物体先受向上的滑动摩擦力，共速后受向下的静摩擦力，选项A错误，B正确；
CD．物体加速运动时的加速度

加速运动的时间

加速运动的位移

做匀速运动的时间

则在传送带上滑行的总时间

物体相对传送带滑行的距离为

选项C错误，D正确；
故选BD。
11、AC
【解析】A．空降兵在0～t1时间内做自由落体运动，为匀变速直线运动，则有，故A正确；
BCD．在t1～t2时间内做加速度不断减小的减速运动，位移等于速度时间图线与时间轴包围的面积，此面积比虚线（直线，即为做匀减速直线运动的图线）面积小，如图所示

则有，故C正确，BD错误。
故选AC。
12、BC
【解析】先分析将力F撤去前弹簧的弹力大小，再分析将力F撤去的瞬间两球所受的合力，根据牛顿第二定律求解加速度；
【详解】力F撤去前弹簧的弹力大小为F，将力F撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则A的受力情况没有变化，合力为零，即A的加速度为零；
而B的合力即为弹簧的弹力，其大小等于F，根据牛顿第二定律得到B球的加速度为，故选项BC正确，AD错误
【点睛】瞬时问题是牛顿定律应用典型的问题，一般先分析状态变化前弹簧的弹力，再研究状态变化瞬间物体的受力情况，求解加速度，要抓住弹簧的弹力不能突变的特点

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.（1）BA ②.（2）左 ③.（3）9.72m/s2
【解析】（1）[1]．为增加打点的个数，要先接通电源，后释放纸带．故顺序BA
（2）[2]．点迹左密右疏，说明打左边点时速度小，故是先打左边点，故重物连接在纸带的左端
（3）[3]．令0、1点间的距离为x1，以此类推为x2、x3、x4、x5、x6，根据逐差法可得

平均加速度为：

由以上可得：

代入数据解得：
a=9.72 m/s2
14、 (1).偏大 (2).M＞＞m (3).2.07 (4).1.01
【解析】(1)[1] 由b图知当拉力F等于0时，小车已经产生了加速度，说明平衡摩擦力过度，木板与水平桌面间的倾角偏大。
(2)[2]对整体分析，根据牛顿第二定律得

则绳子的拉力为

当M＞＞m，即砂和砂桶的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力。所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砂和砂桶的总质量m满足M＞＞m的条件。
(3)①[3]每两点间还有4个点没有画出来，时间间隔为
T=0.1s
由纸带点迹分布，根据匀变速运动规律得小车匀变速直线运动的加速度

②[4]与纸带上C点相对应的瞬时速度为

15、
【解析】[1]如图所示

设球1的初速度为v1，球2的初速度为v2，设OA间的水平距离为d，由几何关系可知OB间的水平距离为3d
球1从O点飞到B点的运动时间为：

球1从O点飞到B点在水平方向有：

由对称性可知，球2从O点飞到B点时间t2是球1从O点飞到B点的运动时间t1的3倍，则两球在水平方向有：

解得：
由分运动的等时性可知：球1从O点飞到挡板C点的时间与球2从O点飞到D点的时间相等；由对称性可知球2从O点飞到D点与由C飞到E的时间相等，OE两点间的水平距离为2d．球1从O点飞到C点与球2由C点飞到E点水平方向有：

联立解得：

三．计算题(22分)
16、
【解析】对小球受力分析，合力提供向心力，有：

得小球做匀速圆周运动的周期:

17、 (1)3s(2) （3）
【解析】(1)小物块先做匀加速直线运动，与传送带共速后一起匀速运动

解得
a=1.5m/s2
小物块做匀加速运动的时间和位移

=3m
因为x1<6m，所以小物块运动3.0m后开始做匀速运动

小物块从A运动到B所用的时间

(2)如图所示

(3)小物块全程加速时，用时最短，加速的末速度为传送带的最小速度

解得