2025年安徽省安庆市五校联盟高二物理第一学期期末统考模拟试题含解析.doc

2025年安徽省安庆市五校联盟高二物理第一学期期末统考模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、A、B两个物体在同一直线上作匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）

A.A、B两物体运动方向相反
B.A物体的加速度比B物体的加速度大
C.前4s内A、B两物体的位移相同
D.t=4s时，A、B两物体的速度相同
2、某空间存在着如图所示的足够大的、沿水平方向的匀强磁场。在磁场中A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘。在t1=0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动。在A、B一起向左运动的过程中，以下说法正确的是

A.图乙可以反映A所受洛仑兹力大小随时间t变化的关系，图中y表示洛伦兹力大小
B.图乙可以反映A对B的摩擦力大小随时间t变化的关系，图中y表示摩擦力大小
C.图乙可以反映A对B的压力大小随时间t变化的关系，图中y表示压力大小
D.图乙可以反映B对A的摩擦力大小随时间t变化的关系，图中y表示摩擦力大小
3、图（a）为示波管的原理图．如果在电极之间所加的电压图按图（b）所示的规律变化，在电极之间所加的电压按图（c）所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是

A. B.
C. D.
4、在如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直．一带电粒子（重力不计） 从左端以速度v沿虚线射入后做直线运动，则该粒子（ ）

A.一定带正电
B.速度
C.若速度，粒子在板间的运动是类平抛运动
D.若此粒子从右端沿虚线方向进入平行板，仍做直线运动
5、如图，在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强直流电流的长直导线，且导线中电流方向水平向右，则阴极射线将会（　）

A.向纸内偏转 B.向纸外偏转
C.向上偏转 D.向下偏转
6、在如图所示的匀强磁场中，已经标出了电流I和磁场B以及磁场对电流作用力F三者的方向，其中错误的是（）
A. B.
C. D.
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、实验室经常使用的电流表是磁电式仪表。这种电流表的构造如图甲所示，蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀地辐向分布的，让线圈通以如乙图所示的稳恒电流（b端电流方向垂直纸面向内）。下列说法正确的是

A.当线圈在如图乙所示的位置时，b端受到的安培力方向向上
B.线圈转动时，螺旋弹簧被扭动，阻碍线圈转动
C.线圈通过的电流越大，指针偏转角也越大
D.电流表表盘刻度是均匀的
8、如图甲所示为一个质量为m、电荷量为＋q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，（不计空气阻力），现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度图象可能正确的是（　　）

A. B.
C. D.
9、某电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点，电场力做了的功，则（　　）
A.电荷在B处时将具有的电势能
B.电荷在B处将具有的动能
C.电荷的电势能减少了
D.电荷的动能增加了
10、关于磁场和磁感线的描述，下列说法正确的是(　　)
A.磁感线可以形象地描述磁场的强弱和方向，它每一点的切线方向表示该点的磁场方向
B.磁感线是从磁铁的N极指向S极
C.磁极间的相互作用是通过磁场产生的
D.磁感线就是磁场中碎铁屑排列成的曲线
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）（1）在“研究平抛运动”实验中
①实验中备有下列器材：横挡条、坐标纸、图钉、平板、铅笔、弧形斜槽、小球、刻度尺、铁架台。还需要的器材有___________；
A.秒表 B.天平 C.重锤线 D.弹簧测力计
②如图甲是横挡条卡住平抛小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的__________；

A.球心 B.球的上端 C.球的下端
③在此实验中，下列说法正确的是__________；
A.斜槽轨道必须光滑
B.y轴的方向根据重锤线确定
C应使小球每次从斜槽上相同的位置由静止释放
D.要使描出的轨迹更好地反映真实运动，记录的点应适当多一点
④如图乙是利用图甲装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可判断实验操作错误的是__________；

A.释放小球时初速度不为0
B.释放小球的初始位置不同
C斜槽末端切线不水平
（2）如图所示是法拉第在1831年做电磁感应实验的示意图，铁环上绕有A、B两个线圈，线圈A接直流电源，线圈B接电流表和开关S。通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件，分析这个实验可知：

①闭合开关S的瞬间，电流表G中_________（选填“有”、“无”）感应电流产生；
②闭合开关S后，向右滑动变阻器滑片，电流表G中有_________（选填“a→b”、“b→a”）的感应电流。
12．（12分）甲同学欲采用下列器材准确测定一个约的电阻的阻值。
A.直流电源(，内阻不计);
B.开关、导线等;
C.电流表，内阻约) ;
D.电流表(，内阻约) ;
E.电压表(0，内阻约);
F.电压表(，内阻约);
G.滑动变阻器(,额定电流);
(1)为测量准确，电流表应选用________，电压表应选用________；（选填代号)
(2)为了获得尽可能多的数据，该同学采用了“滑动变阻器分压接法”以调节电压，请在图1虚线中画出正确的实验电路图_________，并将图2中的元件按正确的实验电路图连成实验电路___________;

(3)闭合开关，逐次改变滑动变阻器滑动头的位置，记录与之对应的电流表的示数,电压表的示数。某次电流表、电压表的示数如图3所示。处理实验数据时，制作如图4所示的坐标图，图中已标注出了几个与测量对应的坐标点。请将与图3读数对应的坐标点也标在图4中，并在图4中把坐标点连成图线____________;
(4)根据图4描绘出的图线可得出这个电阻的阻值为________.

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
14．（16分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

15．（12分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】A．两物体的速度均为正值，说明此时两物体的速度方向相同，故A错误；
B．B图线的斜率大于A图线的斜率，故A的加速度小于B的加速度，故B错误。
C．由图象与时间轴围成的面积表示两物体通过的位移关系可知，开始4s内A的位移比B的位移小，故C错误；
D．t=4s时，两图象相交，说明此时两物体的速度相同，故D正确。
故选D
2、C
【解析】A．对整体分析，运用牛顿第二定律得出加速度：，水平方向受到的力不变，则整体的加速度不变。物体由静止做匀加速运动，速度v=at；故洛伦兹力：
F=qvB=qBat
洛伦兹力大小随时间t变化的应过原点，故A错误。
BD．物块A对物块B的摩擦力大小以及B对A的摩擦力为f=mAa，所以f随时间t的变化保持不变，故不可能是摩擦力的变化图象，故BD错误。
C．A受的支持力：
N=mAg+qvB=mAg+qBat
符合图中所示规律，故C正确；
故选C。
3、B
【解析】电子在和间沿电场方向均做初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式：

前半个周期0-t1时间内，电子受到的力偏向一侧，所以电子前半周期偏向一侧
前半个周期0-t1时间内，电子受到的力偏向Y一侧，所以电子前半周期偏向Y一侧．综上，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限
同理，后半周期的图像应在第四象限
A．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故A错误
B．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故B正确
C．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故C错误
D．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故D错误
4、B
【解析】若粒子带负电，则受到竖直向上的电场力和竖直向下的洛伦兹力，可以做直线运动，若粒子带正电，受到竖直向下的电场力和竖直向上的洛伦兹力，可以做直线运动，故A错误；因为做直线运动，所以在竖直方向上合力为零，故，解得，B正确；若，则，使粒子偏转，做曲线运动；但洛伦兹力方向不断变化，故合力不恒定，不是类似平抛运动，C错误；此粒子从右端沿虚线方向进入，电场力与洛伦兹力在同一方向，不能做直线运动，D错误
【点睛】在速度选择器中，从左边射入，速度满足条件，电场力与洛伦兹力平衡与电量、电性无关
5、C
【解析】由通电导线的电流方向，根据安培定则可得电子射线管处于垂直纸面向外的磁场，当电子流方向从左向右，根据左手定则可得电子受到向上的安培力，则电子向上偏转。
故ABD错误，C正确。
故选C。
6、D
【解析】A．根据左手定则可知，该图中导线所受安培力方向正确，选项A不符合题意。
B．根据左手定则可知，该图中导线所受安培力方向正确，选项B不符合题意。
C．根据左手定则可知，该图中导线所受安培力方向正确，选项C不符合题意。
D．图中导线的磁场方向平行，则导线不受安培力，此选项错误，选项D符合题意。
故选D.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、BCD
【解析】A．由左手定则可判定：当线圈转到如图乙所示的位置，端受到的安培力方向向下，故A错误；
B．当通电后，处于磁场中的线圈受到安培力作用，使其转动，螺旋弹簧被扭动，则受到弹簧的阻力，从而阻碍线圈转动，故B正确；
C．线圈通过的电流越大受到的安培力越大，指针偏转角也越大；故C正确；
D．因线圈在各位置的磁感应强度是相同的，所以偏角和电流成正比，故表盘刻度是均匀的，故D正确；
故选BCD。
8、AD
【解析】v0大小不同，洛伦兹力qv0B与重力mg的大小关系不确定，所以有三种可能性。
A．若满足，则杆对环无压力，无摩擦力，环做匀速直线运动，故A正确；
BC．若满足，则杆对环的弹力向上，竖直方向有

滑动过程中，摩擦力阻碍环的运动，环做减速运动，速度越小，洛伦兹力越小，则压力增大，由牛顿第二定律

可知，加速度增大，即做加速度增大的减速运动，BC错误；
D．若满足，则有

滑动过程中，摩擦力阻碍环的运动，环做减速运动，速度越小，洛伦兹力越小，则支持力减小，由牛顿第二定律

可知，加速度减小，即做加速度减小的减速运动，当速度减小到某个值使得

时，有

无摩擦力，不再减速，接下来做匀速直线运动，D正确。
故选AD。
9、CD
【解析】由于只受电场力作用，电势能和动能的和保持不变，因此从电场中的A点移到B点时，电场力做了5×10－6J的正功，电势能减少5×10－6J，动能增加5×10－6J，但由于在A点具有的电势能未知，因此在B处的电势能大小未知。在A点具有的动能未知，因此在B处的动能大小也未知。
故选CD。
10、AC
【解析】磁感线可以形象地描述各点磁场强弱和方向，它每一点的切线方向都与小磁针放在该点静止时北极所指的方向，故A正确；对于磁体的外部，磁感线都是从磁体的北极出发，回到磁体的南极，但对于磁体的内部，磁感线是从S极出发，回到N极，故B错误；磁场是客观存在的，磁体间的相互作用就是通过磁场发生的，故C正确；磁感线是人们假想出来的用于描述磁场的一些有方向的曲线，并不是放在磁场中的细铁屑连成的曲线，故D错误；故选AC

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.C ②.A ③.BCD ④.C ⑤.无 ⑥.a→b
【解析】(1)[1]在做“研究平抛物体的运动”实验时，除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要重锤线，确保小球抛出是在竖直面内运动，故C；
[2]确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端点时的球心，故选A；
[3]AC．实验过程中，斜槽不一定光滑，只要能够保证从同一位置静止释放，即使轨道粗糙，摩擦力做功是相同的，离开斜槽末端的速度就是一样的，故A错误，C正确；
B．y轴必须是竖直方向，即用铅垂线，故B正确；
D．记录点适当多一些，能够保证描点光滑，用平滑曲线连接，偏离较远点应舍去，故D正确。
故选BCD。
[4]由图可知斜槽末端不水平，才会造成斜抛运动，故选：C。
(2)[5]闭合开关S的瞬间，穿过线圈B的磁通量都不发生变化，电流表G中均无感应电流；
闭合开关S后，向右滑动变阻器滑片时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电流变大，则通过线圈B的磁通量增大了，根据右手螺旋定则可确定穿过线圈B的磁场方向，再根据楞次定律可得：电流表G中有a→b的感应电流
12、 ①.D ②.F ③. ④. ⑤. ⑥.18
【解析】(1)[1]通过电阻的最大电流

则电流表可以选D、电流表（0～0.6A，内阻约0.13Ω）；
[2]电源电动势是10V，为保证电路安全，准确测量实验数据，电压表可以选F、电压表（0～15V，内阻约15kΩ）；
(2)[3]滑动变阻器采用分压接法；

因

则待测电阻为小电阻，电流表应采用外接法而减小系统误差。
实验电路图如图1所示，

[4]根据实验电路图连接实物电路图，如图2所示

(3)[5]由图示电流表可知，其分度值是0.02A，电流表示数为0.44A；由图示电压表可知，其分度值是0.5V，电压表示数为8.0V，把根据电压表与电流表示数在坐标系中描出对应点，根据坐标系中描出的点作出I-U图象，图象如图3所示

(4)[6]待测电阻阻值为

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
14、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
15、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N