山东省济省实验学校2025-2026学年高二物理第一学期期末学业水平测试试题含解析.doc

山东省济省实验学校2025-2026学年高二物理第一学期期末学业水平测试试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一列自右向左传播的简谐横波，在t＝0时刻的波形图如图所示．已知在t1＝0.3s时刻，P质点首次位于波峰，Q点的坐标是（－3，0），则以下说法正确的是

A.这列波的传播速度为0.2m/s
B.在t＝0时刻，质点P向上运动
C.在t1＝0.3s时刻，质点A仍位于波谷
D.在t2＝0.5s时刻，质点Q首次位于波峰
2、比值定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达不是比值定义的为（）
A. B.B=
C.C= D.
3、关于磁感应强度B的概念，下列说法中正确的是( ).
A.根据磁感应强度B的定义式B=F/IL可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比
B.磁场中某处磁感应强度方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同
C.一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度一定为零
D.小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力一定为零
4、真空中有两个静止的点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果保持这两个点电荷之间的距离不变，而将它们的电荷量都变为原来的2倍，那么它们之间的静电力的大小应为（　　）
A.F/2 B.2F
C.F/4 D.4F
5、一交变电流的电压表达式为，由此表达式可知(　　)
A.用电压表测该电压其示数为100 V
B.该交变电压的频率为60 Hz
C.将该电压加在100 Ω的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为100 W
D.t＝s时，该交流电压的瞬时值为50 V
6、2016年10月19日凌晨3点31分，在离地球393公里的轨道上飞行了一个多月、绕地球500多圈的“天宫二号”终于等来了他的小伙伴——“神舟十一号”，他们在太空牵手，完成了交会对接，航天员景海鹏和陈冬进入天宫二号．交会对接前“天宫二号”和“神舟十一号”均绕地球做匀速圆周运动，其轨道如图所示．关于交会对接前“天宫二号”和“神州十一号”各自的运行情况，下列说法中正确的是（）

A.神舟十一号的运行周期小于天宫二号的周期
B.神舟十一号运行速度小于天宫二号的运行速度
C.神舟十一号和天宫二号的速度都大于地球的第一宇宙速度
D.神舟十一号必须减速才能与天宫二号交会对接
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、有一个可以自由运动的矩形线框ABCD，旁边竖直固定一根长直导线PQ，线框平面与导线平行且在同一个平面内。分别通以如图所示的恒定电流，如果不计线框重力，则

A.线框靠近导线方向平动 B.线框会发生转动并远离导体
C.通过线框的磁通量会减小 D.通过线框的磁通量会增大
8、在如图所示的电路中，P1、P2分别为滑动变阻器R1、R2的滑动触头，R3为定值电阻，平行金属板A、B构成电容器C，M为电容器内的一点。开关S闭合且电路稳完时，下列说法正确的是

A.若滑片P1向下移动，电容器的极板间电压变小
B.若滑片P2向下移动，电容器的极板间电压变小
C.若极板A向下移动，M点的电势升高
D.若极板A向下移动，M点的电势降低
9、有两个相同灵敏电流计,允许通过的电流最大值为Ig = 1mA，表头内阻为Rg = 50Ω,若改装成一个量程为0 -3V的电压表和一个量程为0 -0.6A的电流表,应给它们分别(　　)
A.串联一个550Ω的电阻改装成电压表
B.串联一个2950Ω的电阻改装成电压表
C.并联一个0.083Ω的电阻改装成电流表
D.并联一个0.017Ω的电阻改装成电流表
10、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示．这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是

A.回旋加速器交流电的周期等于带电粒子圆周运动周期的一半
B.利用回旋加速器加速带电粒子，要提高加速粒子的最终能量，应尽可能增大磁感应强度B和D形盒的半径R
C.回旋加速器的加速电压越大，带电粒子获得的最大动能越大
D粒子每次经过D型盒狭缝时，电场力对粒子做功一样多
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）一闭合线圈有50匝，总电阻R=20Ω，穿过它的磁通量在0.1s内由均匀增加到，则线圈中的感应电动势的平均值E=______V，感应电流的平均值I=_______A。
12．（12分）在测定金属电阻率的实验中，所用金属电阻丝的电阻约为30Ω．现通过以下实验测量该电阻丝的电阻率

(1)用螺旋测微器测出电阻丝的直径为d
(2)实验中能提供的器材有开关、若干导线及下列器材：
电压表Vl（量程0～3V，内阻约3kΩ）
电压表V2（量程0～15V，内阻约15kΩ）
电流表Al（量程0～100mA，内阻约5Ω）
电流表A2（量程0～0.6A，内阻约0.1Ω）
滑动变阻器R1（0～5Ω）
滑动变阻器R2（0～1kΩ）
电源E（电动势为4.5V，内阻不计）
为了便于调节电路并能较准确地测出电阻丝的阻值，电流表应选__________，滑动变阻器应选__________。
(3)如图所示，将电阻丝拉直后两端固定在刻度尺两端的接线柱a和b上，刻度尺的中间有一个可沿电阻丝滑动的触头，触头的另一端为接线柱c，当用手按下触头时，触头才与电阻丝接触，触头的位置可在刻度尺上读出．实验中改变触头与电阻丝接触的位置，并移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数I保持不变，分别测量出多组接入电路中电阻丝的长度L与对应的电压U。请在下图中完成实验电路的连接，（ ）部分已连好的线不能改动．(要求：能改变电阻丝的测量长度和进行多次测量)

(4)利用测量数据画出U—L图线，如图所示，其中（，)是U-L图线上的一个点的坐标．根据U—L图线，用电阻丝的直径d、电流I和坐标（，)计算得出电阻丝的电阻率ρ=__________。
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
14．（16分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
15．（12分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】t=0时刻质点P距其右侧第一个波峰3cm,因此0．3s内该机谐波向左传播3cm, v=x/t=0．1m/s,A错误；由“上下坡”法知，质点P向下运动，B错误；将t=0时刻的波形向左平移3cm,可知质点A正处于平衡位置，C错误；t=0时刻质点Q距其右侧第一个波峰5cm，所以经t=0．5s,Q第一次到达波峰，D正确
考点：波动图像，波的传播与质点的振动的关系
2、A
【解析】A.加速度是牛顿第二定律表达式，说明加速度a与外力F成正比，与质量m成反比，不符合比值定义法的共性，故A正确；
B.电阻是导体两端电压与通过电流的比值，故B错误；
C.电容是所带电荷量与板间电势差的比值，故C错误；
D.电场强度等于电场力与探试电荷的电荷量的比值，故D错误。
故选A。
3、D
【解析】磁感应强度是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，当电流方向与磁场方向不在同一直线上时，导体才受到磁场力作用，磁场力的方向与电流、磁场垂直；
【详解】A、磁感应强度是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，故A错误；
B、根据左手定则可知，磁场方向与磁场力方向垂直，故B错误；
C、当导体方向与磁场方向在一条线上时，导体不受磁场力，此时磁感应强度并非为零，故C错误；
D、根据F=BIL可知，当磁感应强度为零处，它所受磁场力一定为零，故D正确；
故选D
【点睛】对于磁感应强度的定义式，要明确其定义方法、适用条件，以及各个物理量的含义，可以和电场强度的定义类比学习
4、D
【解析】距离改变之前：；当电荷量都变为原来的2倍时：，故ABC错误，D正确．故选D
5、B
【解析】从电压表达式中得出电压的最大值为，电压表显示的是有效值，为：，故A错误；从电压表达式中得出角频率为，故频率，故B正确；将该电压加在的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为：，故C错误；时，该交流电压的瞬时值为，故D错误
6、A
【解析】万有引力提供向心力：解得：① ② ③ ④；由，可知半径小的周期小，则A正确；由可知半径小的速度大，则B错误；所有卫星的运行速度不大于第一宇宙速度，则C错误；神舟十一号要加速做做离心运动才能与天宫二号交会对接，则D错误；故选A
【点睛】本题考查了万有引力的应用，知道万有引力提供向心力是解题的前提，应用万有引力公式牛顿第二定律可以解题，要理解卫星、航天器变轨的原理

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AD
【解析】AB．导线在右侧产生垂直平面向外的磁场，且离导线越远，磁感应强度越小，根据左手定则，AD边受力向左且力较大，BC边受力向右且力较小，过线框整体受力向左，向靠近导线方向平动，A正确，B错误；
CD．线框向左运动，面积不变，通过他的磁感应强度增大，所以磁通量变大，C错误，D正确；
故选AD。
8、BC
【解析】A.电路稳定时，通过电阻R1的电流为零，移动滑动变阻器滑片P1，电容器的极板间电压不发生改变，故A错误；
B.滑片P2向下移动，总电阻减小，电流增大，内电阻和R3的电压增大，R2电压减小，电容器与R2并联，电容器的极板间电压等于R2两端的电压，变小，故B正确；
C.如果仅将极板A向下移动，那么，平行板两极电压不变，平行板间电场强度增大，M点与零势点的电势差增大， M点的电势升高，故C正确，D错误。
故选：BC
9、BC
【解析】AB．把灵敏电流表改装成3V的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：
，
A错误B正确；
CD．把灵敏电流计改装成0.6A的电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值：
，
C正确D错误；
故选BC。
10、BD
【解析】回旋加速器靠电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力，判断粒子的最大速度与什么因素有关．加速粒子时，交变电场的周期与粒子在磁场中运动的周期相等
【详解】加速粒子时，交变电场的周期必须与粒子在磁场中运动的周期相等，这样才能使得每次经过D型盒的狭缝中时都能被电场加速，选项A错误；当粒子运转半径等于D型盒的半径时粒子速度最大，即，则，则要提高加速粒子的最终能量，应尽可能增大磁感应强度B和D形盒的半径R，带电粒子获得的最大动能与加速电压无关，选项B正确，C错误；粒子每次经过D型盒狭缝时，电场力对粒子做功均为qU，选项D正确；故选BD.
【点睛】解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，以及知道最大速度与什么因素有关

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.4 ②.0.2
【解析】[1]根据法拉第电磁感应定律得线圈中感应电动势为

[2]感应电流为

12、 ①.A1 ②.R1 ③.见解析 ④.
【解析】（2）[1][2]由于电源电动势为4.5V，所以电压表应选V1，根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为：，所以电流表应选A1；滑动变阻器应选R1，且应采用分压式接法；
（3）[3]由于待测电阻满足RX2＜RARV，可知电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，连线图如图所示

（4）[4]根据欧姆定律应有：，根据电阻定律应有

联立得：，据函数斜率概念应有

解得

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
15、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得