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第14讲 端点恒成立与端点不成立问题
参考答案与试题解析
一.解答题(共30小题)
1.(2021•天津二模)已知函数.
(Ⅰ)当时,求在点,处的切线方程;
(Ⅱ)若,求函数的单调区间;
(Ⅲ)若对任意的,在,上恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(Ⅰ)当时,,
(1分)
,,
函数在点,处的切线方程为.(2分)
(Ⅱ)由题意,.(3分)
(ⅰ)当时,,令,得;,得,
所以在单调递增,单调递减;(4分)
(ⅱ)当时,,
令,得;,得或,(5分)
所以在单调递增,在,单调递减,(6分)
(Ⅲ)令(a),,,当,时,,(a)单调递增,则,(7分)
则(a)对,恒成立等价于(a),即,对,恒成立.(8分)
(ⅰ)当时,,,,此时,
不合题意,舍去.(9分)
(ⅱ)当时,令,,,
则,(10分)
其中,,,
令,,,则在区间,上单调递增,(11分)
①当时,,所以对,,,则在,上单调递增,
故对任意,,,即不等式在,上恒成立,满足题意.(12分)
②当时,由,(1)及在区间,上单调递增,
所以存在唯一的使得,且时,.
即,所以在区间上单调递减,则时,,
即,不符合题意.(13分)
综上所述,.(14分)
2.(2021春•沈阳期末)已知函数,.
(1)讨论的单调性;
(2)若当时,有恒成立,求的取值范围.
【解答】解:(1)函数,则,
①当时,,则在上单调递增;
②当时,令,解得,
当时,,则单调递减,
当时,,则单调递增.
综上所述,当时,在上单调递增;
当时,在上单调递减,在上单调递增;
(2)由(1)可知,当时,,则在,单调递增,
所以,
因为,,则在,上恒成立,
所以当时,在,上恒成立,
令,
则,
故,
所以在,上单调递增,
又,
①当时,,
则在,上单调递增,
故,
所以;
②当时,,
因为在,上单调递增,且,
故存在,,使得,
且,
即,所以,不符合题意.
综上所述,实数的取值范围为,.
3.(2021•怀化一模)已知函数.
(1)若,函数的极大值为,求实数的值;
(2)若对任意的,,在,上恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)的导数为
.
①当时,,
令,得;,得,
所以在单调递增单调递减.
所以的极大值为,不合题意.
②当时,,
令,得;令,得或;
所以在单调递增,,单调递减.
所以的极大值为,得.
综上所述.
(2)令(a),,
当时,,
故(a)于,上递增,
(a),
原问题于,上恒成立.
①当时,,,,
此时,不合题意.
②当时,令,,
则,其中,,
令,,则在区间,上单调递增,
(ⅰ)时,,
所以对,,从而在,上单调递增,
所以对任意,,
即不等式,于,上恒成立.
(ⅱ)时,由,(1)及在区间,上单调递增,
所以存在唯一的,使得,且时,.
从而时,,所以在区间上单调递减,
则时,,即,不符合题意.
综上所述,.
4.(2021秋•河南月考)已知函数.
(Ⅰ)讨论的单调性;
(Ⅱ)若,且当时恒成立,求的最大值.
【解答】解:(Ⅰ)由题意可知,,
当时,,在上单调递增,
当时,令,得,
所以,当时,,单调递增,
当时,,单调递减,
综上所述,当时,在上单调递增,
当时,在上单调递增,在上单调递减.
(Ⅱ)因为当时,恒成立,
所以当时,恒成立,
所以当时,恒成立,
令,,,
令,,因为,所以,
所以在上单调递增,所以,即,
因为,当时,,,当,,,
所以在上,,单调递减,在时,,单调递增,
所以,在上,(1),所以,
所以的最大值为.
5.(2021秋•许昌月考)已知函数.
(1)讨论的单调性;
(2)若在区间上恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)因为,,
令,
当,,由,解得,
由,解得,
当,,
令,得,,
当时,,解得;,解得,
当,即时,由,解得,由,.
由时,即时,恒成立;
当时,即时,由,解得;由,解得.
综上所述,当时,函数在上单调递增,在上单调递减;
当时,函数在,上单调递增,在上单调递减;
当时,函数在上单调递增;
当时,函数在,上单调递增,在上单调递减;
(2)因为,在区间上恒成立,
即在区间上恒成立,
即在区间上恒成立,
设,,
令,.
因为,所以,所以在上单调递减,
所以(1),所以,所以在上单调递减,
所以(1),所以,
所以的取值范围为,.
6.(2021秋•玉溪月考)已知函数f(x)=x2﹣a(x﹣1)﹣lnx﹣1.
(1)若a=1,求函数f(x)的最小值;
(2)若x>0时,f(x)≥0恒成立,求实数a的取值范围.
【解答】解:(1)当a=1时,f(x)=x2﹣x﹣lnx,
f′(x)=2x﹣1﹣==,
令f′(x)=0⇒x=1,
当0<x<1时,f′(x)<0,则f(x)在(0,1)单调递减
当x>1时,f′(x)>0,则f(x)在(1,+∞)单调递增,
所以f(x)min=f(1)=0................(4分)
(2)f(x)=x2﹣a(x﹣1)﹣lnx﹣1(x>0),
f′(x)=2x﹣a﹣=,
设r(x)=2x2﹣ax﹣1,因为△=a2+8>0,
故存在x0>0,有r(x0)=2﹣ax0﹣1=0................(8分)
且f′(x)在(0,x0)时f′(x)<0,在(x0,+∞)时f′(x)>0,
则f(x)在(0,x0)单调递减,在(x0,+∞)单调递增,
所以函数f(x)在x=x0处取到最小值,................(10分)
又因为f(1)=0,要使得f(x)≥0恒成立,
只有x0=1才能满足.故代入2﹣ax0﹣1=0得a=1,
故所求a=1.................(12分)
7.(2021秋•巴中月考)已知,.
(1)讨论函数的单调性;
(2)当时,若对任意,恒成立,求的取值范围.
【解答】解:(1)因为,
则,
①当时,恒成立,所以函数在上单调递增;
②当时,令,解得,
令,解得,
所以在上单调递增,在上单调递减.
综上所述,当时,函数在上单调递增;
当时,在上单调递增,在上单调递减;
(2)当且时,恒成立,
即对于恒成立,
等价于对于恒成立,
令,
则问题转化为对于恒成立,
因为对于恒成立,
所以在上单调递增,
则对于恒成立,等价于对于恒成立,
故对于恒成立,
令,
则,
当时,,则单调递增,
当时,,则单调递减,
所以当时,取得最大值(1),
则,
所以的取值范围为.
8.(2021秋•河南月考)已知函数.
(1)设是的导函数,求在,上的最小值;
(2)今,若对于任意的恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)由,得,令,
所以对,恒成立,所以在,上为增函数,
所以,
所以在,上的最小值为1,
(2)当,时,由得,取对,恒成立,
所以对,恒成立,即函数的图象在的上方,
当,时,由得,取对,恒成立,
所以对,恒成立,即函数的图象在的下方,
在的切线斜率为,
当时,对,恒成立,
令,,由(1)知的最小值是1,所以的最小值是0,
所以是增函数,最小值在时取得,且,
所以时对,恒成立,
同理可证时,对,恒成立,
根据函数图象知.
故实数的取值范围为,.
9.(2021秋•南宁月考)已知函数.
(1)讨论的单调性.
(2)设,若恒成立,求的取值范围.
【解答】解:(1),
当时,,单调递增,
当时,在上,,单调递增,
在,上,,单调递减,
综上所述,当时,在上单调递增,
当时,在上单调递增,在,上单调递减,
(2),
若恒成立,则恒成立,
所以恒成立,
令,
,
令,
,
,
令,
,
所以在上单调递增,
又(1),且时,,
所以在上,,,单调递减,
在,,,单调递增,
所以(1),
所以在上单调递增,
又(1),
所以在上,,,单调递减,
在,,,单调递增,
所以(1),
所以,
所以的取值范围为,.
10.(2021秋•广东月考)已知函数且.
(1)若函数在区间上单调递增,求的取值范围;
(2)若恒成立,求的取值范围.
【解答】解:(1)由于二次函数的开口向上,且在单调递减,的定义域为,,且在定义域上单调递增,
于是由复合函数的单调性可知,实数应满足,解得,
实数的取值范围为;
(2),当且仅当时等号成立,
,解得,
实数的取值范围为,.
11.(2021秋•吴中区校级月考)设函数.
(1)若命题“,”是真命题,求实数的取值范围;
(2)若对于,恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)当时,恒成立;
当时,为开口向上的抛物线,原不等式不恒成立;
当时,只需△,即,解得.
综上可得,的取值范围是,;
(2)对于,,
即为即,
令,,
即有,因为,当且仅当时取得等号,
所以,即,
所以的取值范围是,.
12.(2021秋•重庆月考)已知函数,为函数的导函数.
(1)讨论的单调区间;
(2)若恒成立,求的取值范围.
【解答】解:(1)的定义域是,
,
当时,在上单调递减,在单调递增;
当时,在,上单调递增,在上单调递减;
当时,,在上单调递增;
当时,在,上单调递增,在上单调递减;
综上所述,当时,的单调递减区间为,递增区间为;
当时,的递增区间为,,递减区间为
当时,的递增区间为;
当时,的递增区间为,,递减区间为.
(2)令,
恒成立,
恒成立,
即,恒成立,
①当时,有,令,
,
在单调递减,当时,,
;
②当时,恒成立,;
③当时,,有,
,由得,
时,,单调递减,
,时,,单调递增,
当时,取得极小值,也是最小值,
;
综上所述,.
即的取值范围为,.
13.(2021秋•江西月考)已知函数,.
(1)若,讨论函数在定义域内的极值点个数;
(2)若,函数在上恒成立,求整数的最大值.
【解答】解:(1)的定义域为,且,
方程,△,
①当△,即时,在上单调递增,故极值点个数为0;
②当△,即时,
当时,在,上单调递增,
在上单调递减,故极值点个数为2,
综上可知,当时,极值点个数为0,当时,极值点个数为2;
(2)当,,,
令,则,
所以在上单调递增,
而(3),(4),所以存在,使得,即,
故,且时,,,,,
即在上单调递减,在,上单调递增,
所以的最小值为,
所以,
因为,,即的最大值为3.
所以,的最大值为3.
14.(2021秋•浙江月考)已知函数.
(Ⅰ)若的图象在处的切线的斜率为,求直线的方程;
(Ⅱ)若对于任意的,,恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(Ⅰ),
(1),,
,解得,
(1),切点为,斜率为,
切线的方程为;
(Ⅱ)法对于任意的,,恒成立,
,解得.
又当时,,
对于任意的,,恒成立,等价于在,上恒成立,
令,,,
则只需即可.
,且,
在上单调递减,在上单调递增,
,(2),
由,(2),解得,.
法对于任意的,,恒成立,
,解得.
由,
,
,,
在上单调递减,在,上单调递增,
,(2),
要使恒成立,只需即可,即,,即,.
法,,恒成立,且(2),解得.
恒成立,
由,知,,
所以两边平方得:,
即对任意的,恒成立,
,
当时,,则,即,.
15.(2021秋•龙岩月考)已知函数且为常数).
(Ⅰ)讨论函数的极值点个数;
(Ⅱ)若对任意的恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(Ⅰ)由题设知:的定义域为,,
令,在上恒成立,
函数在上单调递增,且值域为,
①当时,在上恒成立,即,故在上单调递增,无极值点;
②当时,方程有唯一解为,
当时,,函数单调递减;
当时,,函数单调递增,
是函数的极小值点,没有极大值点.
综上,当时,无极值点,
当时,函数只有1个极值点;
(Ⅱ)不等式对任意的恒成立,
即对任意的恒成立,
对任意的恒成立
记,则,
记,则,易知在上恒成立,
在上单调递增,且,(1),
存在,使得,且当时,即,
函数在上单调递减;
当,时,即,故在,上单调递增,
,即,
又,故,即,即,
由(Ⅰ)知函数在上单调递增,
,,
.综上,实数的取值范围是,.
16.(2021秋•湘潭月考)已知为自然对数的底数,函数,,.
(1)若,且的图象与的图象相切,求的值;
(2)若对任意的恒成立,求的最大值.
【解答】(1)因为的图象与的图象相切,设切点为,,
又,所以,解得,.
所以;
(2)因为等价于,令,
当时,在上为增函数,且当时,,所以不满足题意;
当时,对任意的恒成立,
所以,故,此时的最大值为0;
当时,因为,由,得,
又当时,,当时,,
所以在上为增函数,在上为减函数,
所以当时,有最小值,
所以,即,
所以,
令,则,
所以当时,为增函数,当时,为减函数,
所以(e),故,所以的最大值为;
综上所述,的最大值为.
17.(2021秋•丹徒区校级月考)已知.
(1)不等式恒成立,求实数的取值范围.
(2)当,对任意,,,都有恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)依题意,对任意,恒成立,则△,解得,
实数的取值范围为;
(2)当时,,即为,
由于为开口向上,对称轴为的二次函数,而对任意,,,都有恒成立,
于是只需即可,即,
,
令,则,
令,则,
由双勾函数的性质可知,在,上单调递增,故(2),
,即实数的取值范围为,.
18.(2021秋•湖北月考)已知函数,,函数.
(1)求函数的单调区间;
(2)记,对任意的,恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)且,
令,则,,
所以,
所以,
所以的单调递增区间为,
当,,
所以的单调递减区间为.
(2),且,
,令,,
令,,所以在上单调递增,
①若,,所以在,上单调递增,
所以,所以恒成立.
②若,,,
所以存在,,使,且,,
,,所以,不合题意.
综上,的取值范围为,.
19.(2021秋•河北月考)已知函数.
(1)当时,求曲线在点,(1)处的切线方程;
(2)若对任意,不等式恒成立,求正整数的最小值.
【解答】解:(1)当时,,导数为,
所以切线的斜率为(1),又(1),
所以切线的方程为,即为;
(2)当时,,整理可得,
令,则,
令,则,由,可得,
当时,,递减,
因为(1),,
所以在存在一个零点,
此时,即,
所以当时,,即,递增;
当时,,即,递减,
所以有最大值,所以,
因为,所以正整数的最小值为1.
20.(2021秋•资中县校级月考)已知函数,.
(1)若函数在上单调递减,求的取值范围;
(2)若恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)由函数在上单调递减,所以在上恒成立;
等价于在上恒成立,设,即在的最小值,
则,,得,单调递减;
,得,单调递增;
的最小值为(1),所以,
所以的取值范围,;
(2)令,由,得,
当时,,令,
则,
令,,
所以在上单调递增,
因为(1),所以时,,单调递减;
时,,单调递增,
故(1),满足条件;
综上可知,的取值范围,.
21.(2021•上城区校级开学)已知,.
(Ⅰ)求的最小值.
(Ⅱ)设,若当时,有三个不同的零点,求的最小值.
(Ⅲ)当时,恒成立,求的取值范围.
【解答】解:(Ⅰ)令得,,
易知,当时,,单调递减,当时,,单调递增,
的最小值为;
(Ⅱ)依题意,,
令,则,
令,则,
当或时,,则在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,
又,,从而作出函数的草图如下,
由图象可知,要使有三个不同的实数根,则,
的最小值为;
(Ⅲ)等价于,即,
,
构造函数,则,
在上单调递增,
又考虑到,则,从而,
实数的取值范围为,.
22.(2021秋•渝中区校级月考)已知函数.
(1)若函数在处取得极值,求实数的值;
(2)当时,不等式对于恒成立,求实数的值.
【解答】解:(1)因为,所以,
函数在处取得极值,
,,
,
检验:当时,,
,
1
0
0
单调递减
极小值
单调递增
极大值
单调递减
在处取极值,符合题意.
(2)当时,,由题意知时,,
当时,,
令,因为为上的增函数,且的值域为,,
故问题转化为“,恒成立”,
不妨设,所以,
①当时,,
所以在上单调递增,且,
所以当时,,这与题意不符,
②当时,令,解得,
当时,,单调递减,
所以,
所以,所以,
记,,
当时,,单调递减;当时,,单调递增,
所以(1),
又因为,即,所以.
23.(2021秋•青铜峡市校级月考)已知函数为常数).
(1)讨论函数的单调性;
(2)不等式在,上恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)函数定义域是,,
时,恒成立,在上是增函数;
时,时,,递减,时,,递增.
综上,时,在上是增函数;
时,在上是减函数,在上是增函数;
(2)即在,上恒成立,则,,
设,,则,
时,,递增,时,,递减,
(1),
所以,即实数的取值范围为,.
24.(2021秋•沙坪坝区校级月考)已知函数,,.
(1)讨论函数的单调区间;
(2)若对任意都有恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)函数,
则,
①当时,恒成立,则在上单调递增;
②当时,令,解得,
当时,,则单调递增,
当时,,则单调递减.
综上所述,当时,的单调递增区间为;
当时,的单调递增区间为,,单调递减区间为,.
(2)对任意都有恒成立,
即对任意恒成立,
即对任意恒成立,
令,
则,
①当时,在上恒成立,则单调递减,
则只要即可,解得,
又,故无解;
②当时,在上单调递增,在上单调递减,
所以只要即可,解得,
又,
所以;
③当时,在上单调递减,在上单调递增,在上单调递减,
则,解得,
又,
所以.
综上所述,实数的取值范围为.
25.(2021春•玉林期中)已知函数.
(1)讨论在定义域内的极值点的个数;
(2)若对,恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1)由已知得,
设,令,即方程,△,
当时,△,则,此时没有极值点;
当时,△,设方程两根为,,不妨设,
则,,则,
当或时,;当时,,
此时,是函数的两个极值点,
当时,△,设方程两根为,,
则,,所以,
所以当时,,故没有极值点,
综上,当时,函数有两个极值点;当时,函数没有极值点.
(2)解:由题,在上恒成立,
则在上恒成立,在上恒成立,
设,则,
因为,当时,,则单调递减;当,,则单调递增;所以(1),所以.
26.(2021春•湖南期中)已知函数,.
(1)求函数的单调区间;
(2)函数,证明:当时,恒成立.
【解答】解:(1),(1分)
当时,,的单调递增区间为,(2分)
当时,令,令,(3分)
的单调递增区间为,单调递减区间为.(4分)
(2).
方法一:直接求导,令,(5分)
,令,令,
,(6分)
,,(7分)
令,(8分)
下面证明,
即证,令,(9分)
则,在递减,
,,(11分)
当时,恒成立.(12分)
方法二:,要证,只需证,(5分)
令,(6分)
令,(7分)
,,(8分)
证明方式,,,,(9分)
,(10分),
,(11分)
当时,恒成立.(12分)
证明方式下面只需证明,令,
(a)在递减,(10分)
(a)(1),,(11分)
当时,恒成立.(12分)
27.(2021春•蕲春县期中)已知函数的图象在点,(1)处的切线方程为.
(1)求,的值.
(2)当时,证明:对恒成立.
【解答】(1)解:因为,
所以,
解得,
则(1),解得,
,;
(2)证明:因为,所以要证对恒成立,
只需证对恒成立.
设函数,
则.
因为,所以,
所以在上单调递减,
从而(1),
则对恒成立,
故当时,对恒成立.
28.(2021春•宁德期中)已知函数,,其中,为的导数.
(1)若为定义域内的单调递减函数,求的取值范围;
(2)当时,记,求证:当时,恒成立.
【解答】解:(1)因为,所以,
要使为定义域内的单调减函数,需满足在上恒成立,
即在上恒成立,
令,,
由(1)且函数在上单调递减,又,
所以在上单调递增,在上单调递减,
所以的最大值为,
所以,
即当时,在定义域内单调减函数,
综上,的取值范围是.
(2)证明:当时,,,要证恒成立,
即证恒成立,
当时,,而,所以成立,
当时,令,则,
记,则,
所以当时,单调递增,,即,
所以在上单调递增,所以,
即有成立,
综上,对任意,恒有成立.
29.(2021•金华模拟)已知函数.其中.
(Ⅰ)若,证明:;
(Ⅱ)若在上恒成立,求的取值范围.
【解答】证:函数的定义域,,
令,则,
当时,,函数单调递减,时,,函数单调递增,故(1),
又,所以;
解:若在上恒成立,则在上恒成立,
即,
令,,,
由可得,
,
当时,,在上单调递减,故(1),此时不成立,
当时,由可得,(舍,
当即时,在上单调递减,在,上单调递增,
(1),则在,不成立,
当即时,在上单调递减,在,上单调递增,
令,
则,
令,即,
,
故在上单调递增,(1),则,
综上,的范围.
30.(2021春•淮安期中)已知函数,为常数).
(1)若函数与函数在处有相同的切线,求实数的值;
(2)若,且,证明:;
(3)若对任意,,不等式恒成立,求实数的取值范围.
【解答】解:(1),则(1)且(1).
所以函数在处的切线方程为:,
从而(1),即.
(2)证明:由题意知:设函数,则.
设,从而对任意,恒成立,
所以(1),即,
因此函数在,上单调递减,
即(1),
所以当时,成立.
(3)设函数,
从而对任意,,不等式(1)恒成立.
又,
当,即恒成立时,
函数单调递减.
设,则,
所以(1),即,符合题意;
当时,恒成立,此时函数单调递增.
于是,不等式(1)对任意,恒成立,不符合题意;
当时,设,
则
当时,,此时单调递增,
所以(1),
故当时,函数单调递增.
于是当时,成立,不符合题意;
综上所述,实数的取值范围为:.
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