2015年四川省绵阳市中考物理试卷（教师版）.doc

2015年四川省绵阳市中考物理试卷（教师版）一、选择题1（3分）把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，在室温下放置5年后再将它们切开，可以看到它们相互渗入约1mm深。这个现象说明（）A固体分子在不停地运动B温度越高，固体分子运动越剧烈C固体分子之间存在着引力和斥力D固体分子之间只有引力，没有斥力【微点】分子的运动【思路】分子动理论的基本内容包括：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在着相互的引力和斥力。分子动理论中提到，分子在永不停息地做无规则运动。两种金属分子（原子）都在做无规则运动，所以我们会看到相互渗入的现象。【解析】解：A、5年的时间内，两种金属分子（原子）都在做无规则运动，所以会相互渗入1mm故A符合题意。B、在室温下放置，不能说明温度越高，固体分子运动越剧烈。故B不符合题意。C、相互渗入约1mm深，不能说明固体分子之间存在着引力和斥力。故C不符合题意。D、分子间存在着相互的引力和斥力。故D不符合题意。故选：A。【点拨】本题考查学生对分子动理论的掌握情况，需要结合分子运动来解释具体实例。2（3分）一个苹果静止在水平桌面上，下列说法正确的是（）A苹果受到的重力与苹果对桌面的压力是一对平衡力B苹果受到的重力与桌面对苹果的支持力是一对平衡力C苹果受到的重力小于桌面对苹果的支持力D桌面对苹果的支持力大于苹果对桌面的压力【微点】平衡力的辨别【思路】（1）二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线，作用在同一个物体上；（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线，作用在两个物体上。【解析】解：A、苹果受到的重力竖直向下，苹果对桌面的压力垂直桌面向下。两个力方向相同，并且作用在两个物体上，不是平衡力。此选项错误；B、苹果受到的重力竖直向下，桌面对苹果的支持力竖直向上，两个力大小相等、方向相反，作用在一条直线上，是一对平衡力。此选项正确；C、苹果受到的重力和桌面对苹果的支持力是一对平衡力，大小相等。此选项错误；D、桌面对苹果的支持力和苹果对桌面的压力是一对相互作用力，两者大小相等，方向相反。此选项错误。故选：B。【点拨】本题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体。3（3分）2014年5月，在仙海风景区举行了绵阳建市以来最大规模的龙舟赛，下列说法正确的是（）A龙舟静止时没有惯性，运动起来后才有惯性B龙舟到达终点后不能立即停下来，是因为受到惯性力的作用C运动员不再划龙舟，龙舟会慢慢停下来，说明物体运动需要力来维持D运动员用浆向后划水使龙舟前进，说明物体之间力的作用是相互的【微点】力作用的相互性；惯性；力与运动的关系【思路】物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，惯性不是力，而是物体本身的一种性质，任何物体在任何状态下都具有惯性；物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因；力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。【解析】解：A、一切物体在任何状态下都有惯性，所以龙舟静止时有惯性，运动起来也有惯性。此选项错误；B、龙舟到达终点后不能立即停下来，是因为具有惯性的原因，要保持原来的运动状态。此选项错误；C、运动员不再划龙舟，龙舟会慢慢停下来，原因是龙舟受到水的阻力作用。此选项错误；D、运动员用桨向后划水，对水施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，水就会对船桨产生向前的反作用力使龙舟前进。此选项正确。故选：D。【点拨】本题借助龙舟比赛考查了力学的基础知识，学生在惯性的理解上出错较多，记住“惯性”是一种性质，而不是一种力。4（3分）关于电磁波，下列说法正确的是（）A色光的三原色是红、黄、蓝B电磁波不能传递声音信息C红外线可以用来遥控D电磁波不能在真空中传播【微点】色光的三原色和颜料的三原色；红外线；电磁波的传播与应用【思路】（1）太阳光是复色光，是由红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光复合而成的。红、绿、蓝是光的三原色，红、黄、蓝是颜料的三原色；（2）电磁波不仅能够传递声音信息，而且可以传递图象信息；（3）红外线的热作用很强，制成热谱仪、红外线夜视仪、电视遥控器；（4）电磁波的传播不需要介质，但声波的传播需要介质。【解析】解：A、红、绿、蓝是光的三原色，红、黄、蓝是颜料的三原色，故A错误；B、电磁波能够传递声音信息，故B错误；C、红外线可以用来遥控，电视机遥控器就是利用了这个原理，故C正确；D、电磁波的传播不需要介质，它可以在真空中传播，故D错误。故选：C。【点拨】本题主要考查光的三基色、电磁波的传播以及红外线的作用，是一道基础题。光的三基色和颜料的三原色容易混淆，要正确区分。5（3分）关于核反应，下列说法正确的是（）A只有裂变才能释放出核能B氢弹爆炸是利用裂变释放出核能C核反应堆中发生的链式反应是不可以控制的D原子弹爆炸时发生的链式反应是不加控制的【微点】核裂变【思路】（1）核聚变和裂变都能释放能量。（2）原子弹是利用裂变的链式反应中能在极短时间内释放出巨大能量的原理制成的；而氢弹则是利用轻核的聚变制成的；（3）核电站的核反应堆是进行核反应并能控制和反应速度的装置，它是核电站的核心；（4）如果原子核的链式反应在可控制的核反应堆中进行，就可和平利用核能发电，若不加控制，就会发生原子弹爆炸。【解析】解：A、原子核在分裂或者聚合时释放的能量叫做核能，故A错误；B、原子弹是利用核裂变的链式反应原理，氢弹是利用的核聚变，故B错误；C、核电站的核反应堆发生的链式反应是可以控制的，故C错误；D、如果原子核的链式反应不加控制，核能会瞬时释放出来，就会发生原子弹爆炸，故D正确。故选：D。【点拨】此题考查了核能应用的相关知识，为近几年考查的热点应熟练掌握。6（3分）如图所示，用一段细铁丝做一个支架，作为转动轴，把一根中间戳有小孔（没有戳穿）的饮料吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动。先用餐巾纸摩擦吸管使其带电，再把与毛皮摩擦过的橡胶棒靠近吸管时，橡胶棒排斥吸管。对这一现象，下列有关说法正确的是（）A摩擦起电创造了电荷B与毛皮摩擦过的橡胶棒带正电C与餐巾纸摩擦过的吸管带负电D与餐巾纸摩擦过的吸管带正电【微点】摩擦起电的实质【思路】（1）毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；摩擦起电的过程中失去电子的带正电，得到电子的带负电。（2）同种电荷相斥，异种电荷相吸；【解析】解：A、摩擦起电不是创造了电荷，而是电荷的转移，故A错误；B、据课本可知，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，故B错误；C、毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，由于毛皮摩擦过的橡胶棒靠近吸管时，橡胶棒排斥吸管，即说明吸管带负电，故C正确；D、由于吸管带负电，据摩擦起电的特点可知，与吸管摩擦过的餐巾纸带正电，故D错误；故选：C。【点拨】知道摩擦起电的实质和带电体可以吸引不带电的物体时正确解答本题的关键。7（3分）下列装置中，利用电磁感应原理工作的是（）A电磁起重机B动圈式话筒C扬声器D电磁继电器【微点】电磁感应【思路】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确选择项中提到的这四个电学设备的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案。【解析】解：A、电磁起重机是利用了电流的磁效应，不符合题意；B、麦克风（动圈式话筒）工作时，即人说话的声音使得线圈在磁场中运动，结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，符合题意；C、扬声器是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，不符合题意；D、电磁继电器是利用电流的磁效应的原理制成的，不符合题意。故选：B。【点拨】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点，要在理解的基础上，记住这些基础知识。8（3分）如图所示，有一平面镜与水平面成45角倾斜放置，有一小球位于平面镜的左侧，为使小球在镜中的像竖直向上运动，应使小球（）A竖直向上运动B竖直向下运动C水平向左运动D水平向右运动【微点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【思路】根据物像相对于镜面对称的性质：在平面镜中的像与现实中的事物恰好顺序颠倒，且关于镜面对称作图即可。【解析】解：如图所示：当小球从A点滚动到B点时，小球在平面镜中的像从A点运动到B点，根据物像相对于镜面对称的性质，在平面镜中的顺序与现实中的恰好相反，且关于镜面对称，则小球在平面镜中的像做竖直向上运动。故选：C。【点拨】本题考查了镜面反射的原理与性质。解决此类题应认真观察，注意技巧，充分发挥想象能力。此类题目，画图解答，效果会更直观。9（3分）某同学为了探究“视力矫正”原理，利用探究凸透镜成像规律的装置做了以下试验。如图所示，光屏上得到的是模糊的倒立实像，他将一个眼镜片放在凸透镜和烛焰之间，发现光屏上的像变清晰了。他移走眼镜片，稍微将光屏远离凸透镜，屏上再次得到清晰的像，则该眼镜片是（）A远视眼镜片，对光线有会聚作用B远视眼镜片，对光线有发散作用C近视眼镜片，对光线有会聚作用D近视眼镜片，对光线有发散作用【微点】远视眼的成因与矫正办法【思路】凹透镜对光线有发散作用，能使光线的会聚点推迟延后；近视眼是远处物体的像成在视网膜的前方，需佩戴凹透镜。【解析】解：由图可知，物距大于像距，光屏上能成倒立缩小的实像，此时物距应大于2倍焦距，像距在1倍焦距和2倍焦距之间，但光屏上得到的是模糊的倒立实像，说明像距不合适，由稍微将光屏远离凸透镜，屏上再次得到清晰的像，可知像距太远了，所以当将一个眼镜片放在凸透镜和烛焰之间，发现光屏上的像变清晰，说明该透镜对光线有会聚作用，因此是远视眼镜片。故选：A。【点拨】正确理解凸透镜对光线的会聚作用和凹透镜对光线的发散作用：凸透镜的会聚作用是使原来的光路变窄，会聚的光线提前会聚，平行光会聚成点，发散的光线变为平行光或发散小一些的光线。凹透镜的发散作用是使原来的光路变宽，会聚的光线错后会聚，平行光线变得发散，发散的光线变得更散。10（3分）如图所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R的阻值为R0，闭合开关S，当滑动变阻器接入电路中的阻值为10时，电压表的示数为U0，断开开关S，把定值电阻R换成阻值为2R0的另一定值电阻。再闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P的位置使电压表的示数仍为U0，则此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为（）A5B10C15D20【微点】欧姆定律的应用【思路】由电路图可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点列出等式即可求得此时滑动变阻器接入电路中的电阻值。【解析】解：设电源电压为U，此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为10，由“当滑动变阻器接入电路中的电阻值为10时，电压表的示数为U0”。根据串联电路电流处处相等可得，当“电阻R换成阻值为2R0的另一定值电阻，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片P的位置使电压表的示数仍为U0”，则，由解得R20。故选：D。【点拨】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据电压表的示数和电源的电压不变建立方程进行解答。11（3分）如图所示，两完全相同的实心物体A，B通过细绳系于可绕O点转动的轻质杠杆MON的两端，其中物体A置于水平地面上，物体B悬于空中，两物体均保持静止，杠杆在水平位置保持平衡，已知两细绳均沿竖直方向，OM：ON3：2，物体A，B都是高为10cm的长方体，其密度为0.9103 kg/m3，取g10N/kg，则物体A对水平地面的压强为（）A0B300PaC600PaD900Pa【微点】杠杆的平衡条件；压强的大小及其计算【思路】根据体积公式长方体的体积，根据GmgVg求出长方体的重力即B对N点的作用力，根据杠杆的平衡条件求出绳子对M点的作用力，也是绳子对A的拉力，物体A的重力减去绳子的拉力即为物体A对水平地面的压力，利用p求出物体A对水平地面的压强。【解析】解：设长方体的底面积为S，则长方体的体积VSh，由和Gmg可得，长方体的重力：GmgVgShg，由杠杆的平衡条件可得：FMOMGBON，则M点受到绳子的拉力：FMGBG，物体A对水平地面的压力：FGFMGGG，物体A对水平地面的压强：phg0.9103kg/m30.1m10N/kg300Pa。故选：B。【点拨】本题考查了压强的计算，涉及到密度公式和重力公式、杠杆平衡条件、压强公式的应用，要注意同一根绳子的拉力相同。二、填空题（本题共6小题，毎空2分，共20分）12（4分）早晨，太阳还在地平线以下时，人们就可以看到它，这是光的折射现象；午后，在平静的湖面可以看到蓝天白云，这是光的反射现象。【微点】光的反射现象；光的折射现象及其应用【思路】（1）光从一种介质斜射入另一种介质，或光在不均匀的介质中传播时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。（2）光照在不同介质面上时，会发生反射现象，平面镜成像就是具体应用。【解析】解：早晨，太阳还在地平线以下时，人们就可以看到它，这是因为大气层是不均匀的，所以光在传播过程中发生了折射现象；午后，在平静的湖面可以看到蓝天白云，这是平面镜成像，其实质是光的反射现象。故答案为：折射；反射。【点拨】此题通过两个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。13（4分）小瑞想在家里安装一盏照明灯，他设计的电路如图所示，图中虚线框A和B应接入开关或电灯，则开关应装在虚线框B中，图中三孔插座的插孔b（选填“a”、“b”或“c”）应与地线相连。【微点】家庭电路的连接【思路】开关与被控制的灯串联，为了安全开关接在灯与火线之间。三孔插座的正确接法：左零右火，中间接地线。【解析】解：开关应接在灯与火线之间，这样开关断开后，电灯就与火线断开。因此开关应接在B处；根据三孔插座的正确接法可知，a应与零线相连，c应与火线相连，b与地线相连。故答案为：B；b。【点拨】本题考查家庭电路的连接，属于基础题。开关要控制火线，三孔插座接法左零右火，中间接地的原则。14（4分）“绿色环保，低碳出行”。2015年1月18日，绵阳市首批30辆纯电动公交车投入试运行。假定一辆纯电动公交车在水平路面上匀速行驶，其电动机的输出功率为120kW，速度为36km/h，共行驶2h，其电动机做功为8.64108J，公交车的牵引力为12000N。【微点】功率计算公式的应用【思路】知道功率和时间，根据P求出电动机做的功；再根据PFv求出牵引力。【解析】解：由P得：电动机做的功：WPt1201000W23600s8.64108J；速度v36km/h10m/s，由PFv得：牵引力：F12000N。故答案为：8.64108；12000。【点拨】此题主要考查的是学生对功率计算公式及其变形公式的理解和掌握，基础性题目。15（4分）莲莲用电热水壶浇水，她突发奇想，想测量该电热水壶的烧水效率。她查看了该电热水壶的铭牌如图所示，然后装了1L水，测出水的初始温度为25，接通电源，让它以额定功率工作，测量出水烧开用时5min 50s则在一个标准大气压下，把电热水壶中的水烧开，水需要吸收3.15105J的热量，该电热水壶的烧水效率为90%。水1.0103kg/m3，c水4.2103J/（kg）。【微点】电功与热量的综合计算【思路】（1）由铭牌可知电水壶的标定容量即水的体积，利用密度公式变形即可求出水的质量，1标准大气压下水的沸点是100，再根据Q吸cm（tt0）求出水吸收的热量；（2）已知额定功率和通电时间，根据公式WPt求出消耗的电能，水吸收的热量与消耗电能的比值就等于电热水壶的热效率。【解析】解：（1）壶内水的体积：V1L1dm31103m3，根据可得，水的质量：mV1103kg/m31103m31kg，1标准大气压下水的沸点是100，则水吸收的热量：Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）1kg（10025）3.15105J；（2）由于水壶正常工作，则水壶的功率PP额1000W，由P得：5min50s内消耗的电能：WPt1000W350s3.5105J，电热水壶的效率：90%。故答案为：3.15105；90。【点拨】本题考查吸热公式、电功率公式以及热效率公式的应用，关键是知道正常工作时用电器的功率和额定功率相等。16（4分）两只小灯泡的规格分别为LA（6V 3W）、LB（6V 6W），不考虑温度对灯丝电阻的影响，则它们的电阻之比RA：RB2：1；若将它们串联后接到某电源两端，为使它们的电功率都不超过它们的额定功率，则该电源电压的最大值为9V。【微点】电功率的计算【思路】由灯泡铭牌可知其额定功率与额定电压，应用电功率公式求出灯泡电阻与灯泡的额定电流，然后求出灯泡电阻之比，应用串联电路特点与欧姆定律求出电源电压的最大值。【解析】解：由PUI可知，灯泡额定电流：IA0.5A，I1A，由I可知，灯泡电阻：RA12，RB6，灯泡电阻阻值：；串联电路电流处处相等，两灯泡串联，电路最大电流等于灯泡的较小额定电流，即电路最大电流：IIA0.5A，由I可知，电源最大电压：UI（RA+RB）0.5A（12+6）9V；故答案为：2：1；9。【点拨】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，关键是知道两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电路的较小值。17（19分）（1）如图1所示，在烧瓶内装入少量水，用气筒往瓶里打气，在瓶塞跳出的瞬间，瓶内出现白雾。该白雾是水蒸气液化（填物态变化名称）形成的。该实验说明，做功是改变物体内能的一种方式。（2）在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”某同学提出如下猜想：猜想与两物体接触面的粗糙程度有关；猜想与两物体之间压力大小有关。为了验证上述猜想，他采用了如图2所示的装置进行实验，使固定物体上表面水平，用弹簧测力计水平拉动木块，使木块在固定物体上滑动。为了用弹簧测力计示数表示滑动摩擦力的大小，应让木块沿水平方向做匀速直线运动。实验时，他用弹簧测力计测出木块所受重力为1.0N，已知每个钩码质量为50g通过在木块上面添加钩码来改变木块与固定物体之间的压力大小；通过更换木块下面的固定物体来改变接触面之间的粗糙程度。该同学准备了较长的木板和铁板作为可供选择的固定物体。他做了3次实验，并将实验数据记录在表格中。 实验序号 固定物体木块上放置钩码的数量（个） 弹簧测力计示数（N） 1 铁板 1 0.5 2 铁板 2 0.6 3 木板 1 0.3分析1、3（填写实验序号）两次实验数据，可以初步验证猜想。分析1、2（填写实验序号）两次实验数据，可以初步验证猜想。（3）莉莉利用如图3所示的实验电路测量小灯泡的额定功率，已知待测小灯泡额定电压为4.5V，小灯泡额定功率约为1W，电源电压恒为6V。闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片B（选填“A”或“B”）端。若有三个滑动变阻器，规格分别为R1（5 2A）、R2（20 1A），R3（100 0.1A），则应选择R2（选填“R1”、“R2”或“R3”）。将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，经检查灯泡是完好的，则故障可能是导线f（选填“a”、“b”、“c”、“d”、“e”、“f”、“g”）出现断路。排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为4.5V时，电流表示数如图4所示，则小灯泡额定功率的测量值为0.99W。若该小灯泡被烧坏了，断开开关后，某同学用规格为“4.5V 1.5W”的小灯泡替换已烧坏灯泡。闭合开关后，为使其两端电压达到额定电压，应让滑动变阻器的滑片向A端移动（选填“位置不变”、“向A端移动”、“向B端移动”）。【微点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验；做功改变物体内能；电功率的测量实验【思路】（1）改变物体内能的两种方法：对物体做功、热传递。对物体做功物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减少；物体吸收热量内能增加，物体放出热量内能减少；物质由气态变为液态称为液化；（2）在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，利用二力平衡来测量摩擦力的大小；同时知道影响摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，据此根据控制变量法做出分析；（3）闭合开关前，变阻器滑片应置于最大阻值处；求出小灯泡正常发光时的电流，以及滑动变阻器接入电路的电阻，根据提供的滑动变阻器的最大电流和最大阻值进行选择；根据电压表、电流表和灯泡的工作情况，结合电路的三种状态，可对电路中可能出现的故障进行分析；根据电流表的量程和分度值，读出电流表的示数，再根据PUI可计算电功率的大小；计算所换的灯泡的电阻值，与原灯泡的电阻相比较，再根据串联分压，可判断滑片的移动情况。【解析】解：（1）用气筒向装有少量水的瓶里打气，瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，受温度降低的影响，瓶口周围的水蒸气液化成小水滴，这些小水滴就是看到的白雾，该现象表明，物体对外做功，物体的内能会减小。（2）为了用弹簧测力计示数表示滑动摩擦力的大小，应让木块沿水平方向做匀速直线运动，这时拉力与摩擦力是一对平衡力，大小才相等；若要验证摩擦力与两物体接触面的粗糙程度有关，应控制压力大小相同，只改变接触面不同，故1、3两次实验数据符合要求；若要验证摩擦力与两物体之间压力大小有关，应控制接触面的粗糙程度相同，只改变压力大小不同，故1、2两次实验数据符合要求；（3）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处，即应置于B端。由公式PUI得，灯泡正常工作时，电路中的电流：I0.22A，所以变阻器R3不合适；灯泡正常工作时，两端的电压为4.5V，滑动变阻器两端的电压为6V4.5V1.5V，则变阻器的电阻为：R滑6.8，所以变阻器R1不合适；因此在本实验中应选择的滑动变阻器是R2；将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路为断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表可以与电源的两极接通。若经检查灯泡是完好的，则故障可能是导线f出现断路。读图4可知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，其示数为0.22A，则则小灯泡额定功率的测量值为P额U额I4.5V0.22A0.99W。由公式P可知，R，额定电压不变，新更换小灯泡的额定功率变大，则电阻变小，由串联分压可知，同等情况下其分压较小，闭合开关后，为使其两端电压达到额定电压，应让滑动变阻器的滑片向A端移动，以减小变阻器的阻值，减小变阻器的分压。故答案为：（1）液化；做功；（2）匀速直线；1、3； 1、2；（3）B；R2；f；0.99；向A端移动。【点拨】（1）了解做功与物体内能的改变，知道液化现象的发生条件，可顺利解答；（2）能正确运用二力平衡条件测量摩擦力的大小，能根据控制变量法对实验的探究结果进行分析与归纳，是解答此题的关键；（3）本题考查了测量小灯泡的额定功率实验中，电路的连接、故障的判断、元件的选择、数据的计算等，综合性强，有一定难度。三、解答题（共2小题，满分20分）18（8分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R0是阻值为8的定值电阻，小灯泡L上标有“6V 3.6W”字样，当单刀双掷开关S接1，滑动变阻器的滑片P位于b端时，定值电阻R0在1min内消耗的电能为750J不考虑温度对灯丝电阻的影响。求小灯泡L的电阻；求电源电压；当单刀双掷开关S接2，移动滑动变阻器的滑片P在某一位置时，小灯泡的电功率为1.6W，求此时滑动变阻器的电功率。【微点】欧姆定律的应用；电功率的计算【思路】（1）由铭牌可知灯泡的额定电压和额定功率，根据R求出灯泡的电阻；（2）当开关S接1，滑动变阻器的滑片P位于b端时，电路为Rx的简单电路，根据P求出电源的电压；（3）当开关S接2，移动滑动变阻器滑片P在某一位置时，灯泡与滑动变阻器串联，根据PI2R求出电路中的电流，根据串联电路的电压规律求出滑动变阻器的电压，再根据PUI求出滑动变阻器的电功率。【解析】解：（1）由P可得灯泡的电阻：RL10；（2）当开关S接1，滑动变阻器的滑片P位于b端时，电路为R0的简单电路，此时电路电功率为P012.5W；由P得电源的电压：U10V；（3）当开关S接2，移动滑动变阻器滑片P在某一位置时，灯泡与滑动变阻器串联，由PI2R可得：电路中的电流：I0.4A，小灯泡的电压：ULIRL0.4A104V，滑动变阻器的电压：U滑UUL10V4V6V，滑动变阻器的电功率：P滑U滑I6V0.4A2.4W答：（1）小灯泡灯丝的电阻为10；（2）电源电压为10V；（3）此时滑动变阻器的电功率为2.4W。【点拨】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是电功率公式的灵活运用和选取即P、PI2R。19（12分）我国南宋远洋商贸船“南海一号”于2007年成功打捞出水，为复原我国海上丝绸之路历史提供了及其珍贵的实物资料，采用沉井包裹沉船的整体打捞方式。在世界水下考古也是一大创新。某同学为了体验“南海一号”的打捞过程，特利用滑轮组从水下打捞一重物。如图所示，用一个底面积S0.05m2，高h0.2m的长方体形状的重物模拟“南海一号”，该同学站在岸边拉动绳子的自由端，使重物从水底开始向上运动。假定重物一直做竖直向上的匀速直线运动，并经历三个运动阶段：第一阶段，从重物在水底开始运动到重物的上表面刚露出水面。绳对重物的拉力F1140N，用时t140s，第二阶段，从重物上表面刚露出水面到其下表面刚离开水面，用时t24s：第三阶段，从重物下表面离开水面后在空中上升。已知动滑轮所受重力G60N，水1.0103kg/m3，g10N/kg，不计绳重、轮与轴之间的摩擦及水的阻力，不考虑重物出水前后质量的变化。求：在第一阶段运动中，水对重物的浮力F浮为多大？在第一阶段运动中，绳对重物做功W1为多大？滑轮在第一阶段运动中的机械效率1和在第三阶段运动中的机械效率2分别为多大？【微点】速度公式及其应用；阿基米德原理的应用；功的计算；滑轮（组）的机械效率【思路】（1）未露出液面，此时金属块排开水的体积与金属块的体积相等，由阿基米德原理可求出金属块的浮力；（2）当金属块从水中一直竖直向上做匀速直线运动，根据第一阶段和第二阶段升高所用的时间求出重物在第一阶段运动中金属块升高烦的高度，利用WFs求出绳对重物做的功。（3）由于第一阶段重物对滑轮组的拉力F1GF浮，据此求出重力，根据求第一阶段和第三阶段的机械效率。【解析】解：（1）金属块排开水的体积与金属块的体积相等，即V排V金Sh0.05m20.2m0.01m3，则F浮水V排g1.0103kg/m310N/kg0.01m3100N；（2）由于第二阶段，从重物上表面刚露出水面到其下表面刚离开水面，用时t24s；上升高度为物体的高h，则上升速度v0.05m/s；所由v得：第一阶段上升高度svt10.05m/s40s2m，绳对重物做的功WF1s140N2m280J。（3）由于不计绳重、轮与轴之间的摩擦及水的阻力，则绳子的拉力F（G+G动），snh则，所以，第一阶段运动中的机械效率1100%100%70%；由于第一阶段重物对滑轮组的拉力F1GF浮，则GF1+F浮140N+100N240N，所以第三阶段运动中的机械效率2100%100%80%。答：在第一阶段运动中，水对重物的浮力F浮为100N；在第一阶段运动中，绳对重物做功W1为280J。滑轮在第一阶段运动中的机械效率1和在第三阶段运动中的机械效率2分别为70%、80%。【点拨】本题考查了阿基米德原理、速度和机械效率公式和公式变形的应用，难点是第二阶段，从重物上表面刚露出水面到其下表面刚离开水面所用的时间求出上升的速度，会用称重法计算出金属块的重力。第 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