2015年辽宁省锦州市中考化学试题（解析）.doc

2015年辽宁省锦州市中考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，共16分1-8小题每小题1分；9-12题每小题1分，每小题只有一个选项符合题意）1【分析】A、根据化学的定义和用途判断B、根据化学的作用判断C、根据化学的特点分析D、绿色食品是指绿色植物通过光合作用转化的食品【解答】解：A、利用化学可以开发新能源和新材料，以改善人类生存的条件，所以正确。B、化学为人类提供了丰富的生活和生产资料，化学在科学中发挥着越来越重要的作用；合理利用化学，可防止环境恶化，故说法错误。C、化学是以实验研究为基础的科学，所以错误。D、绿色食品中一定含有化学物质；所以错误。故选：A。【点评】化学是研究物质的组成、结构、性质及其变化规律的科学，我们研究物质的目的是为了应用，了解化学的用途有利于培养学习兴趣，提高社会责任感2【分析】根据原子的表示方法就是用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字进行解答【解答】解：当元素符号前面加上数字就只表示几个这样的原子，故2N表示2个氮原子；故选：B。【点评】本题主要考查学生对化学用语的书写和理解能力，题目难度较易3【分析】含有氮元素的肥料称为氮肥含有磷元素的肥料称为磷肥含有钾元素的肥料称为钾肥同时含有氮、磷、钾三种元素中的两种或两种以上的肥料称为复合肥【解答】解：A、NH4HCO3中含氮元素，属于氮肥，故A错；B、KCl中含有钾元素，属于钾肥，故B错；C、Ca（H2PO4）2中含有磷元素，属于磷肥，故C错；D、KNO3中含有钾元素和氮元素，属于复合肥，故D正确。故选：D。【点评】本题是对基础知识的考查，只有同学们了解了化肥的种类即可作对此题4【分析】根据合金的定义与特点进行解答合金是指在一种金属中加热熔合其它金属或非金属而形成的具有金属特性的物质合金概念有三个特点：一定是混合物；合金中各成分都是以单质形式存在；合金中至少有一种金属【解答】解：A、生铁是铁碳合金；B、氧化铁是氧化物，属于纯净物，不属于合金；C、青铜是铜锡合金；D、焊锡是合金；故选：B。【点评】本题主要考查合金与合金的性质，合金概念的三个特点要记牢；本考点基础性强，比较好把握5【分析】根据磨砂处理是让化学器具之间的接触面更光滑、接合更紧的一种方法，一般来说储存化学药品的容器都要磨砂进行分析【解答】解：A、广口瓶用来装固体药品，需要磨砂处理，不符合题意，故A错误；B、滴瓶的滴管与瓶子之间必须接合紧密，需要进行磨砂处理，不符合题意，故B错误；C、集气瓶用来收集气体和储存气体，在集气瓶上面周围经过了磨砂处理，容易使毛玻璃片与它密封，不符合题意，故C错误；D、试管通常用作少量药品的反应容器，不需要磨砂处理，符合题意，故D正确。故选：D。【点评】本题难度不大，掌握常见化学仪器的名称、用途、使用注意事项等是正确解答本题的关键6【分析】根据反应的微观示意图及微粒的变化，分析原子、分子的变化，参加反应的两种分子的个数比；根据物质的微观构成分析物质的类别等。【解答】解：根据质量守恒定律可得出各物质微粒的个数关系如图：A、由反应的微观示意图及微粒的构成可知，此反应有单质生成。故A说法正确；B、由反应的微观示意图及微粒的变化可知，原子在化学变化中是不可分的，故B说法错误C、由反应的微观示意图及微粒的构成可知，此反应有两种新物质生成，故C说法错误；D、由各物质微粒的个数关系图可知，参加反应的两种分子的个数比为1：1故D说法错误。故选：A。【点评】根据变化微观示意图及粒子构成模拟图，根据分子由原子构成等特点，正确判断变化中的物质构成，是解答本题的基本方法。7【分析】环境污染是指人类直接或间接地向环境排放超过其自净能力的物质或能量，从而使环境的质量降低，对人类的生存与发展、生态系统和财产造成不利影响的现象。具体包括：水污染、大气污染、噪声污染、放射性污染等。【解答】解：赤潮是水中的氮、磷元素浓度过大造成的水污染，会导致藻类疯长，引起水中缺氧，水生生物大量死亡，与环境污染有关。酸雨是大量排放SO2等酸性气体造成的大气污染，与环境污染有关。PM2.5是指大气中含有的直径为2.5微米的固体颗粒物，PM2.5超标与环境污染有关。大脖子病是由于缺碘造成的甲状腺肿大，与环境污染无关。臭氧空洞是氟里昂等排放到空气中形成的，与环境污染有关。故与环境污染无关。故选：C。【点评】本题难度不大，环境污染问题是中考考查的热点之一，了解常见环境污染、形成的原因即可正确解答本题。8【分析】A、根据氢气的密度分析判断；B、根据甲烷是相对分子质量和有机物的定义分析判断；C、根据人体中的水分占到人体重的70%分析判断；D、根据地壳中元素的含量分析判断【解答】解：A、氢气的密度小，是密度最小的气体，正确；B、甲烷是相对分子质量最小的有机物，正确；C、人体中的水占到人体重的70%，所以水是人体中含量最多的物质正确；D、地壳中的元素含量居前五位的依次是氧硅铝铁钙，所以含量最高的金属元素是铝不是铁，错误；故选：D。【点评】化学之最知识是推断题的题眼，是解推断题的基础条件，应用广、用途大，也是考查热点，要熟练记忆9【分析】根据对比实验是指只允许一种变量，其它条件相同的实验进行解答。【解答】解：A、铜片上的白磷与铜片上的红磷属于对照实验，都与氧气接触，都属于可燃物，变量是着火点不同，白磷着火点低，红磷着火点高，热水能达到白磷的着火点，达不到红磷的着火点，从而证明可燃物燃烧温度必须达到可燃物的着火点，所以属于对比实验；B、二氧化碳和与水、氢氧化钠都反应，通过实验对比塑料瓶变瘪的程度说明二氧化碳能够和氢氧化钠反应；所以属于对比实验；C、研究空气中氧气含量是利用红磷燃烧，消耗空气中氧气，使瓶内气体压强减小，水在外界大气压的作用下进入集气瓶内，所以根本不存在对照实验；D、研究催化剂影响化学反应速度，在双氧水浓度相同的情况下，利用有无催化剂的情况下，观察氧气放出速率的快慢，所以利用了对比实验的原理。故选：C。【点评】解答本题关键是要熟悉对比实验的设计思路，能够分析出变量和不变量，了解通过对比实验能验证出什么结论。10【分析】甲厂的废水PH13，因此甲厂的废水呈碱性，则甲厂中一定含有氢氧根离子，结合复分解反应的实质在溶液中若离子间能结合生成沉淀、气体或水，则离子不能共存进行分析。【解答】解：甲厂的废水PH13，甲厂的废水呈碱性，则甲厂中一定含有氢氧根离子，铁离子能与氢氧根离子结合生成氢氧化铁沉淀，故铁离子不能在甲厂，应该在乙厂；银离子与氢氧根离子不能共存，故银离子不能在甲厂，应该在乙厂；氯离子不能与银离子共存，故氯离子在甲厂，甲厂含有的阴离子为氯离子和氢氧根离子，故还含有阳离子钾离子，因此甲厂含有的离子为：K+、Cl、OH；故选：C。【点评】本题考查了常见离子的共存问题，完成此题，可以依据复分解反应的实质进行，要求同学们熟记常见的酸碱盐在水中的溶解性，以便灵活应用。11【分析】根据原物质和杂质的性质选择适当的除杂剂和分离方法，所谓除杂（提纯），是指除去杂质，同时被提纯物质不得改变除杂质题至少要满足两个条件：加入的试剂只能与杂质反应，不能与原物质反应；反应后不能引入新的杂质【解答】解：A、Cu在空气中灼烧生成氧化铜，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原则，故选项所采取的方法正确。B、CO2能与澄清石灰水反应生成碳酸钙沉淀和水，CO不与澄清石灰水反应，应在进行干燥，否则会引入新的杂质水蒸气，故选项所采取的方法错误。C、NaCl能与过量AgNO3溶液反应生成氯化银沉淀和硝酸钠，能除去杂质但引入了新的杂质硝酸银（过量的），不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误。D、CaO能与水反应生成氢氧化钙，碳酸钙难溶于水，反而会把原物质除去，不符合除杂原则，故选项所采取的方法错误。故选：A。【点评】物质的分离与除杂是中考的重点，也是难点，解决除杂问题时，抓住除杂质的必需条件（加入的试剂只与杂质反应，反应后不能引入新的杂质）是正确解题的关键12【分析】根据瓶内氧气含量的变化图，反应前瓶内氧气的体积分数约是50%，当氧气的体积分数低于一定值时，蜡烛无法燃烧，据此结合题意、质量守恒定律进行分析判断即可【解答】解：起始阶段氧气含量高于空气中氧气的含量，蜡烛燃烧比在空气中燃烧剧烈，说法正确；反应是在密闭容器中进行，因此燃烧过程中，瓶内物质总质量不变，说法正确；蜡烛熄灭是由于瓶内氧气浓度过低，说法正确；若产物中二氧化碳与水分子个数相等，水是液体，因此反应后瓶内气体总质量应该减少，说法错误；故选：B。【点评】本题考查了蜡烛的燃烧，完成此题，可以依据蜡烛燃烧的实质结合图示进行二、填空题（本大题共4个小题，每空1分，共18分）13【分析】物质的性质决定物质的用途，根据常见物质的性质和用途分析回答【解答】解：（1）石墨质软、深灰色，可用作制铅笔芯，故填：B（2）小苏打受热易分解，是发酵粉的主要成分，故填D（3）活性炭有吸附性，可用于去除冰箱异味，故填A（4）生石灰易与水反应，常用作作食品干燥剂，故填C【点评】本题的难度不大，了解常见物质的性质和用途即可分析解答14【分析】（1）根据核内质子数核外电子数解答；（2）根据质子数相同的粒子属于同一种元素；最外层电子数相同的粒子具有相似的化学性质解答；（3）根据化学式的写法解答。【解答】解：（1）根据核内质子数核外电子数，352+8+18+x，x7；（2）质子数相同的粒子属于同一种元素，由图可知B、C两种粒子的质子数相同。最外层电子数相同的粒子具有相似的化学性质。Br粒子的最外层电子数为7，与其相同的是D；（3）Br最外层电子数是7，在化学反应中易得到1个电子而形成阴离子。镁最外层电子数是2，在化学反应中易失去2个电子而形成阳离子，故溴化镁的化学式为：MgBr2。答案：（1）7；（2）BC；D；（3）MgBr2【点评】本题难度不大，考查学生对原子结构示意图及其意义的理解，了解原子结构示意图的意义是正确解题的关键。15【分析】（1）根据蔬菜富含维生素，牛奶富含蛋白质，大米富含糖类，鸡肉富含蛋白质进行分析；（2）根据加钙牛奶中的“钙”是指钙元素进行分析；（3）根据塑料属于合成材料，不锈钢属于金属材料，棉布属于天然纤维，陶瓷属于无机非金属材料进行分析；（4）根据水垢的主要成分是碳酸钙，碳酸钙能于酸反应生成二氧化碳进行分析；（5）根据洗洁精对油污有乳化作用进行分析；（6）根据氢氧化钠有强烈的腐蚀性，可清除肉屑、菜叶等造成的堵塞进行分析【解答】解：（1）蔬菜富含维生素，牛奶富含蛋白质，大米富含糖类，鸡肉富含蛋白质，所以能提供大量维生素的是：A；（2）加钙牛奶中的“钙”是指钙元素；（3）塑料属于合成材料，不锈钢属于金属材料，棉布属于天然纤维，陶瓷属于无机非金属材料，所以主要材料属于天然纤维的是：C；（4）水垢的主要成分是碳酸钙，碳酸钙能于酸反应生成二氧化碳，所以厨房中能用来除去水壶中水垢（主要成分CaCO3）的物质是食醋；（5）洗洁精对油污有乳化作用；（6）氢氧化钠有强烈的腐蚀性，可清除肉屑、菜叶等造成的堵塞故答案为：（1）A；（2）元素；（3）C；（4）食醋；（5）乳化作用；（6）腐蚀性【点评】化学来源于生产、生活，也服务于生产、生活，与生产、生活相关的知识是历年中考的热点，在学习过程中要注意理论联系实际16【分析】根据某固体物质的溶解度曲线图可以：查出该物质在某温度下的溶解度，判断出该物质的溶解度随温度变化的变化情况等【解答】解：（1）据图可以看出，P点是A和B溶解度曲线的交点，表示在t2时甲和乙的溶解度相等，故填：t2时甲和乙的溶解度相等（2）t1时，A物质的溶解度是30g，故向100g水中加入20g A物质，充分搅拌后，所得溶液的质量是120g，故填：120（3）A的溶解度受温度影响变化明显，故从A、B的混合物中，提纯A的最好方法是降温结晶，故填：降温结晶（4）C的溶解度随温度的升高而减小，将C物质的不饱和溶液变为饱和溶液，可以采用升温的方法，溶液中溶质的质量不一定增加，错误；若是增加溶质，正确溶质C的质量分数增大，正确；若是降温的方法，则溶液的质量可能不变，正确；溶液中水的质量不一定减少，错误故填：【点评】本题难度不是很大，主要考查了固体溶解度曲线的作用，根据溶解度曲线可以解决什么问题，从而加深学生对固体溶解度概念的理解，培养学生灵活的运用有关溶解度的知识的能力三、简答题（本大题共4小题，共18分）17【分析】根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动的；同种的分子性质相同，不同种的分子性质不同，可以简记为：“两小运间，同同不不”，结合事实进行分析解答即可【解答】解：（1）非吸烟者往往因别人吸烟而造成被动吸烟，是因为烟气中含有的分子是在不断地运动的，向四周扩散，使非吸烟者被动吸入二手烟而危害健康（2）钢轨主要成分是铁，铁是由铁原子构成的，夏天钢轨间的缝隙变小，是因为夏天温度高，铁原子间的间隔变大故答案为：（1）分子是在不断地运动的；（2）夏天温度高，铁原子间的间隔变大【点评】本题难度不大，掌握分子的基本性质（可以简记为：“两小运间，同同不不”）及利用分子的基本性质分析和解决问题的方法是解答此类题的关键18【分析】（1）氮气本身不具有可燃性，N2是空气的主要组成部分，液态氮的沸点为195.8，远低于常温，因此利用液态氮的汽化来驱动机车；（2）根据空气中氮气的含量及液氮蒸汽机的原理分析；（3）根据液氮不易储存制取难度大分析【解答】解：（1）液氮蒸汽机是利用液态氮的沸点为195.8，液氮气化时吸收热量，体积膨胀而驱动机车转动；故D正确；（2）氮气在空气中的含量约中78%，来源广泛，原料充足；液氮蒸汽机排放的是氮气，因上不会造成环境污染；故答案为：氮气在空气中的含量大，原料充足；液氮蒸汽机不会造成环境污染；（3）液氮的沸点很低，不易储存且制取难度大，故答案为：液氮的沸点很低，不易储存；制取难度大，能否找到经济的制取方法【点评】本题关键弄明白液氮蒸汽机原理，液氮温度低，远低于常温，易气化吸热，体积膨胀驱动机车转动19【分析】（1）环境保护是人类有意识地保护自然资源并使其得到合理的利用，防止自然环境受到污染和破坏；对受到污染和破坏的环境必须做好综合治理，以创造出适合于人类生活、工作的环境只要符合该理念的做法都是正确的；（2）根据可燃性气体的验纯分析；根据反应原理找出反应物、生成物、反应条件，根据化学方程式的书写方法、步骤进行书写即可；（3）根据燃烧的条件及燃气泄漏时采取的措施分析【解答】解：（1）A、使用节能灯泡，有助于节能减排，有利于全球能源可持续发展B、加大石油进口，减少国内原油开采，不会减少对空气及环境的污染，无助于全球能源可持续发展C、用秸秆制秸秆燃气，能废物利用，清洁污染小，利于环境保护有利于全球能源可持续发展D、开发使用太阳能、风能、生物能等清洁能源，风能、太阳能是清洁能源，在使用过程对自然界没有污染，并且可以减少对电的消耗，可以节约很多电能，有利于全球能源可持续发展故选：B（2）可燃性气体在点燃前都要进行验纯，以防爆炸；氢气燃烧生成水，其化学方程式为：2H2+O22H2O故答案为：检验氢气的纯度；2H2+O22H2O（3）煤场将大煤堆分散成若干个小煤堆，是为了能把煤堆中积累的热量及时散发出去，防止因温度升高达到煤的着火点而发生自燃；当发现燃气泄漏时，应采取的措施立即关闭阀门，然后开窗通风，故答案为：及时散发热量，使温度达不到煤的着火点，从而破坏燃烧条件；BC【点评】本题考查能源的利用，可燃性气体的验纯，化学方程式的书写，燃烧的条件等知识点，基础性较强20【分析】根据AF为初中化学常见的六种物质，B、E之间的反应是实验室制取二氧化碳的反应原理，所以B、E是盐酸、碳酸钙，A、C之间的反应可用于检验铵态氮肥，所以A、C是铵态氮肥和碱，A、B、D含相同的阴离子，所以A是氯化铵，B是盐酸，E是碳酸钙，C是氢氧化钙，盐酸会转化成D，D和碳酸钙可以相互转化，所以D是氯化钙，碳酸钙会转化成F，F会转化成氢氧化钙，所以F是氧化钙，然后将推出的物质进行验证即可【解答】解：（1）AF为初中化学常见的六种物质，B、E之间的反应是实验室制取二氧化碳的反应原理，所以B、E是盐酸、碳酸钙，A、C之间的反应可用于检验铵态氮肥，所以A、C是铵态氮肥和碱，A、B、D含相同的阴离子，所以A是氯化铵，B是盐酸，E是碳酸钙，C是氢氧化钙，盐酸会转化成D，D和碳酸钙可以相互转化，所以D是氯化钙，碳酸钙会转化成F，F会转化成氢氧化钙，所以F是氧化钙，经过验证，推导正确，所以B是盐酸，F是CaO；（2）通过推导可知，C是氢氧化钙，可以用来改良酸性土壤；（3）AC的反应是氢氧化钙和氯化铵反应生成氯化钙、水和氨气，化学方程式为：2NH4Cl+Ca（OH）2CaCl2+H2O+2NH3，DE的反应是氯化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氯化钠，化学方程式为：CaCl2+Na2CO3CaCO3+2NaCl，基本反应类型属于复分解反应故答案为：（1）盐酸，CaO；（2）改良酸性土壤；（3）2NH4Cl+Ca（OH）2CaCl2+H2O+2NH3，CaCl2+Na2CO3CaCO3+2NaCl，复分解【点评】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可四、实验与探究题（本大题共3小题，共20分）21【分析】（1）根据配制一定质量分数溶液需要的仪器进行分析；（2）根据使用量筒时的就近原则进行分析；（3）根据天平指针偏左，说明氯化钠多了，需要减少氯化钠的质量进行分析；（4）根据导致溶质质量分数偏低的原因是溶质变少，或溶剂增多进行解答。【解答】解：（1）配制一定质量分数溶液需要的仪器除烧杯、量筒、胶头滴管和细口瓶外，还必须用到的玻璃仪器是玻璃棒；（2）使用量筒时的就近原则，所以实验中应选用规格为100mL的量筒；（3）称量NaCl时，若天平指针偏左，应进行的操作是：减少氯化钠的质量；（4）砝码和氯化钠放错托盘，物体质量砝码质量游码质量，可能会导致溶质质量减少，所以“可能”会使溶质质量分数偏低；加使用了生锈的砝码，会使溶质的质量增大，所以会使溶质质量分数偏高；量取水时，始终仰视凹液面最低处，会使水的质量增大，所以会使溶质质量分数偏低；装瓶保存时，有溶液洒落，不影响溶质质量分数的大小。故选：。故答案为：（1）玻璃棒；（2）100；（3）减少氯化钠的质量；（4）。【点评】学生应熟练掌握一些常用仪器的使用，并熟练掌握进行配制溶液的操作。22【分析】锥形瓶是常用的反应容器，检验装置B气密性的操作和现象是：让长颈漏斗的下端伸到锥形瓶的底部，加水形成液封，关闭玻璃阀门，向长颈漏斗内加水，过一会观察液面不再下降，证明装置严密；制取装置包括加热和不需加热两种，如果用双氧水和二氧化锰制氧气就不需要加热，如果用高锰酸钾或氯酸钾制氧气就需要加热氧气的密度比空气的密度大，不易溶于水，因此能用向上排空气法和排水法收集，用向上排空气法收集的氧气比较干燥从制取氧气后的剩余物氯化钾和二氧化锰的混合物中提取二氧化锰的过程是溶解、过滤、洗涤、干燥；如果用注射器替换装置B中的长颈漏斗，优点是：可以控制反应的速度、节约药品等【解答】解：（1）锥形瓶是常用的反应容器，故答案为：锥形瓶；（2）检验装置B气密性的操作和现象是：让长颈漏斗的下端伸到锥形瓶的底部，加水形成液封，关闭玻璃阀门，向长颈漏斗内加水，过一会观察液面不再下降，证明装置严密；故答案为：让长颈漏斗的下端伸到锥形瓶的底部，加水形成液封，关闭玻璃阀门，向长颈漏斗内加水，过一会观察液面不再下降，证明装置严密；（3）如果用氯酸钾和二氧化锰制氧气就需要加热，氯酸钾在二氧化锰做催化剂和加热的条件下生成氯化钾和氧气，配平即可；氧气的密度比空气的密度大，不易溶于水，因此能用向上排空气法和排水法收集，用向上排空气法收集的氧气比较干燥；从制取氧气后的剩余物氯化钾和二氧化锰的混合物中提取二氧化锰的过程是溶解、过滤、洗涤、干燥；故答案为：A；C；2KClO32KCl+3O2；洗涤；（4）如果用注射器替换装置B中的长颈漏斗，优点是：可以控制反应的速度、节约药品等；故答案为：可以控制反应的速度；【点评】本考点主要考查了仪器的名称、气体的制取装置和收集装置的选择，同时也考查了化学方程式的书写和混合物的分离等，综合性比较强气体的制取装置的选择与反应物的状态和反应的条件有关；气体的收集装置的选择与气体的密度和溶解性有关本考点是中考的重要考点之一，主要出现在实验题中23【分析】根据已有的铁丝燃烧的现象结合铁的性质进行分析解答，铁能与氧气反应生成四氧化三铁，铁能与盐酸反应生成氢气，根据反应物和生成物书写反应的化学方程式，据此解答【解答】解：活动一：设计实验要注意控制变量，保证铁丝的直径相同；铁在氧气中燃烧生成四氧化三铁，根据表格提供的数字可以看出，铁丝中的含碳量越高，火星越明显，故填：0.20，3Fe+2O2Fe3O4，含碳量越高，火星越明显；拓展延伸：用排水法收集一瓶体积分数为90%的氧气，预先应向容积为400mL的集气瓶中加水，则气体的总体积为400mL，其中氧气的体积为：400mL90%360mL，设水的体积为x，则有（400mLx）+x360mL，x350mL，故填：350；活动二：铁能与盐酸反应生成氢气，故要证明含有铁，可以加入稀盐酸，观察到有气泡产生，证明含有铁，故填：实验操作实验现象解释与结论 将冷却后的黑色固体碾碎，装入试管，加入稀盐酸有气泡产生铁燃烧时溅落下来的黑色固体中含有铁单质拓展延伸：高温条件下铁和水能反应生成四氧化三铁和氢气，该反应的化学方程式为 3Fe+4H2OFe3O4+4H2为了防止集气瓶炸裂，应采取的措施是在集气瓶底部铺一层细沙故填：3Fe+4H2OFe3O4+4H2，在集气瓶底部铺一层细沙【点评】本题考查的是氧气性质的实验探究以及金属铁与氧气的反应的知识，完成此题，可以依据已有的知识进行五、计算题（本大题共2小题，共8分）24【分析】（1）根据标在元素符号右下角的数字表示一个分子中所含原子的个数进行分析；（2）根据相对分子质量为化学式中各元素的相对原子质量和进行分析【解答】解：（1）草酸中碳、氢、氧三种元素的原子个数最简比为：2：2：41：1：2；（2）草酸的相对分子质量为：122+21+41690故答案为：（1）1：1：2；（2）90【点评】本题主要考查化学式的意义、根据化学式确定组成物质元素之间的质量关系、元素质量分数进行解题的能力25【分析】（1）由氢氧化镁沉淀的质量计算样品中氯化镁的质量，进一步计算样品中MgCl2的质量分数；（2）由氢氧化镁沉淀的质量计算样品中氢氧化钠的质量，进一步计算所用NaOH溶液的溶质质量分数【解答】解：（1）设生成5.8g氢氧化镁沉淀时，消耗氯化镁的质量为x，氢氧化钠的质量为yMgCl2+2NaOHMg（OH）2+2NaCl95 80 58x y 5.8gx9.5g，y8g样品中MgCl2的质量分数为100%95%，（2）所用NaOH溶液的溶质质量分数为100%16%答：（1）样品中MgCl2的质量分数为95%；（2）所用NaOH溶液的溶质质量分数为16%【点评】根据反应的化学方程式可以表示反应中各物质的质量比，由反应中任意物质的质量可计算反应中其它物质的质量声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/1/24 19:30:43；用户：我不叫王海宁；邮箱：orFmNtygTZdeoRRXtaD47YJRzPg0；学号：39962365第13页（共13页）