2013年湖南省湘潭市中考物理试卷（教师版）.doc

2013年湖南省湘潭市中考物理试卷（教师版）一、选择题（共15小题，每小题2分，满分31分）1（2分）以科学家的名字“焦耳”作为单位的物理量是（）A力B功C功率D电流【考点】2S：物理量的单位及单位换算【分析】对每个选项中物理量的单位进行分析，就能确定符合题意的选项。【解答】解：A、力的单位是牛顿，不符合题意；B、功和能的单位是焦耳，符合题意；C、功率的单位是瓦特，不符合题意；D、电流的单位是安培，不符合题意。故选：B。【点评】此题考查学生对于所学物理单位的了解，是一道基础题。2（2分）乘客坐在逆流行驶的游轮上，我们说他静止是以哪个对象为参照物（）A江岸的码头B游轮的船舱C迎面驶来的汽艇D奔流的江水【考点】52：参照物及其选择【分析】被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。【解答】解：乘客是静止的，一定选择和乘客位置没有发生改变的物体为参照物，游轮的船舱和乘客之间没有发生改变，所以以游轮的船舱为参照物，乘客是静止的；江岸的码头、迎面驶来的汽艇、奔流的江水和乘客之间发生了改变，所以以江岸的码头、迎面驶来的汽艇、奔流的江水为参照物，乘客是运动的。故ACD不符合题意；故选：B。【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。3（2分）图中烛焰上方的空气受热后向上运动，这是由于这部分空气升温后（）A压强变小B质量变小C密度变小D体积变小【考点】2H：密度与温度【分析】（1）质量是物体的属性，不随位置、性质、状态及温度而变化；（2）气体有热胀冷缩的性质；根据气体温度升高后质量和体积的变化，结合密度公式：分析。【解答】解：物质密度的计算公式：；气体温度升高后，质量不变，体积变大，故密度变小而上升。故选：C。【点评】除根据密度公式分析密度与温度的关系外，解决该题，还需知道空气受热体积膨胀，由于密度变小而上升。4（2分）在繁华的闹市区设立噪声检测器，这是测定声音的（）A音调B响度C音色D声速【考点】9K：声音的等级和噪声的危害【分析】声音有三个特性：即音调、响度和音色；音调是指声音的高低，响度是指声音的强弱或大小，而音色是取决于物体本身的一种特性。【解答】解：在繁华闹市区设立的噪声检测器是测定声音的强弱或大小，即响度。故选：B。【点评】理解声音的三个特性，并能利用其解释现实问题是解决该题的关键。5（2分）下列光学仪器可以成正立、等大的虚像是（）A照相机B平面镜C显微镜D幻灯机【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）平面镜成正立等大的虚像；（2）凸透镜成像的三种情况：U2f，成倒立、缩小的实像，应用是照相机；2fUf，成倒立、放大的实像，应用是投影仪；Uf，成正立、放大的虚像，应用是放大镜。【解答】解：A、照相机成倒立、缩小的实像，不符合题意；B、平面镜成正立等大的虚像，符合题意。C、显微镜的物镜成倒立放大实像，目镜呈正立放大虚像，不符合题意；D、幻灯机成倒立、放大的实像，不符合题意。故选：B。【点评】此题主要考查平面镜成像特点，同时考查凸透镜成像的规律，在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。6（2分）下列交通工具中，动力设备不是热机的是（）A远洋轮船B载重汽车C战斗机D电动摩托【考点】GK：热机【分析】热机原理：燃料具有化学能，在压缩冲程的末端，燃料燃烧，燃烧时化学能转化为内能，产生高温高压的燃气，推动活塞做功，内能转化为机械能。【解答】解：远洋轮船、载重汽车、战斗机工作时都要使用化石能源作燃料，都是使用热机工作的。电动摩托车工作时是通过电动机工作的，没有使用热机。故选：D。【点评】此题考查了热机和电动机在生活中的使用，对这些机械的能量转化要了解。7（2分）下列所示工具中，使用时能省距离但不省力的是（）ABCD【考点】7O：杠杆的分类【分析】根据杠杆的分类和特点可作出判断：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。【解答】解：A、动滑轮实质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，它可以省力一半，省力但费距离，故该选项不符合题意；B、扳手在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，省力但费距离，故该选项不符合题意；C、羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，省力但费距离，故该选项不符合题意；D、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费力但能省距离，故该选项符合题意。故选：D。【点评】联系生活经验，要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆。8（2分）手机在通话时，可听到远方通话者的声音，则从手机中听到通话者的声音和手机接收到的信号分别是（）A声波和声波B电磁波和声波C声波和电磁波D电磁波和电磁波【考点】DD：信息与信息传播【分析】解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的，声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；手机通信是靠电磁波来实现的，基站的作用是把信号进行放大传递。【解答】解：打电话时，说话声音是通过空气传播给手机，手机又将信息转化为电磁波信号传给基站，然后又通过基站传到对方手机，对方手机接收到的信号是电磁波，手机又将电磁波信号转化为发声体的振动，从而发出声音，声音以声波的形式传给听话者；故ABD不符合题意；故选：C。【点评】此题是通过打电话的实例，考查了声音的产生及传播条件，知道移动通信是靠电磁波进行传递信息的。9（3分）LED高效节能灯，其核心元件是发光二极管，二极管是由下列哪种材料制成（）A合金材料B超导材料C半导体材料D磁性材料【考点】42：半导体的特点与作用【分析】二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。二极管是由P型半导体和N型半导体组成的，这两种半导体相互接触时，其交接区域称为PN结，PN结具有单向导电性。【解答】解：A、合金材料是导体，故A不符合题意；B、超导现象是导体的电阻为变零时的现象，故B不符合题意；C、半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，故C符合题意；D、磁性材料是磁体，故D不符合题意；故选：C。【点评】本题综合考查了导体、绝缘体、半导体和超导体，它们都有很重要的用途。10（2分）如图所示，R是用铅笔芯做成的变阻器，闭合开关，将导线夹向右移动，小灯泡的亮度将（）A变暗B先变暗后变亮C变亮D先变亮后变暗【考点】IH：欧姆定律的应用；IZ：电路的动态分析；JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡与铅笔芯变阻器串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据PI2R可知灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断灯泡亮暗的变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡与铅笔芯变阻器串联，闭合开关，将导线夹向右移动，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I可知，电路中的电流变大，由PI2R和灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。故选：C。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小和滑动变阻器的原理。11（2分）如图所示，就在磁铁中的线圈A和B，用导线串联，当用力使线圈A向右运动时，发现悬挂的线圈B也随着摆动，此时线圈A，B各自的实验原理与下列设备的工作原理相对应的是（）A发电机、电动机B电动机、发电机C发电机、发电机D电动机、电动机【考点】CM：直流电动机的原理；CS：发电机的构造和原理【分析】解决该题应知道以下知识点：（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象就叫做电磁感应现象；发电机就是利用该原理制成的；（2）实验表明通电导线在磁场中受力的作用，电动机就是利用该原理制成的。【解答】解：如图所示，就在磁铁中的线圈A和B，用导线串联，当用力使线圈A向右运动时，即其恰好做切割磁感线运动，由于电路是闭合的，故此时电路中就会产生感应电流，发电机就是利用该原理制成的；由于此时产生了感应电流，所以线圈B中也有电流通过，据通电导线在磁场中受力的作用的特点可知，线圈B将会受到磁场力而运动，故电动机就是利用该原理制成的。故选：A。【点评】知道电动机和发电机的原理，并能结合上述实验情景进行分析是解决该题的关键。12（2分）如图所示，人参浸泡在酒中，透过圆形酒瓶看到人参的大小比实际人参（）A大B小C一样大D可能小【考点】B8：凸透镜成像的应用【分析】圆形的酒瓶中人参和瓶壁之间的酒形成中间厚边缘薄的凸透镜。物体放在凸透镜的一倍焦距以内成正立、放大的虚像。【解答】解：人参和瓶壁之间的酒形成中间厚边缘薄的酒凸透镜，人参在酒凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像。故选：A。【点评】水、酒、冰、水晶等透明材料，制成的凸透镜和玻璃制成的凸透镜和凹透镜对光线的作用是相同的。13（2分）通过直接感知的现象，推测无法直接感知的事实，是常用的物理方法，下列推测不合理的是（）A现象：先看到闪电后听到雷声 推测：光速大于声速B现象：用鱼叉瞄准水中的鱼总又不中 推测：从水中射出的光线偏折了C现象：某物体熔化时，温度保持不变 推测：该物体是晶体D现象：水很难被压缩 推测：分子间没有间隙【考点】2Q：物理学方法【分析】在初中物理实验探究中，我们运用过多种科学研究方法，有比较法、模型法、等效替代法、归纳法、图象法、科学推理法、控制变量法等；本题用到物理学方法“推理法”即：在实验基础上经过概括、抽象、推理得出规律的一种研究问题的方法，但得出的某些规律却不能或不容易直接观察或实验验证。（1）因为光速大于声速；所以总是先看到闪电后听到雷声；（2）因为从水中射出的光线在水面处发生了偏折，人看到的是的虚像，所以用鱼叉瞄准水中的鱼总叉不中；（3）晶体熔化时，不断吸热，温度保持不变；（4）因为分子间存在相互作用的排斥力，所以水很难被压缩。【解答】解：A、闪电和雷声是同时发生的，先看到闪电后听到雷声 推测：光速大于声速，此推理是正确的，所以A不符合要求；B、由于光的折射人从空气向水中看时，看到的是鱼变高了的虚像，所以用鱼叉瞄准水中的鱼总叉不中 推测：从水中射出的光线偏折了，此推理是正确的，所以B不符合要求；C、晶体有熔点非晶体无熔点，所以某物体熔化时，温度保持不变 推测：该物体是晶体，此推理是正确的，所以C不符合要求；D、因为因为分子间存在相互作用的排斥力，所以水很难被压缩 推测：分子间没有间隙，此推理是错误的，所以D符合要求。故选：D。【点评】本题考查了物理中的科学研究方法的种类区分，注意在初中物理中灵活应用这些研究方法；本题的解题关键是先了解“推理法”的实验过程，然后回忆所学内容，得到答案14（2分）长潭高速全程安装了如图所示的“风光互补”路灯，该路灯内的蓄电池分别将风力发电机和太阳能电池板获得的电能储存起来，供夜间照明使用，下列说法正确的是（）A风力发电机主要将机械能转化为电能B风力发电机主要将电能转化为机械能C太阳能电池板主要将太阳能转化为内能D太阳能电池板主要将电能转化为风扇的机械能【考点】CS：发电机的构造和原理；K9：太阳能的利用【分析】能准确的判断出该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能是解决该题的关键。【解答】解：AB、风力发电机在发电时，消耗风能，即机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的过程，故A正确；CD、据题可知，太阳能电池板是消耗太阳能，产生电能，在把电能转化为灯泡的光能，故CD都是错误的；故选：A。【点评】能准确的判断出题目中各个情景的能量转化是解决该题的关键。15（2分）卧室里的同一个照明灯通常用两个单刀双掷开关控制，一个安装在进门处，另一个在床头附近，操作任意一个开关均可以开灯、关灯，如图中能满足设计要求的是（）ABCD【考点】HU：串、并联电路的设计【分析】操作任意一个开关均可以开灯、关灯，说明任何一个开关闭合时，灯泡都亮，任何一个开关断开时灯泡都灭。【解答】解：A、图中S1和S2为单刀双掷开关，S1向上掷时灯泡不发光，S1向下掷时灯泡发光；S2向上掷时灯泡发光，S2向下掷时灯泡不发光，任意一个开关都可以开灯、关灯，符合题意；B、图中两个单刀开关串联在电源上，会引起电源短路，灯泡不会发光，不符合题意；C、D、图中没有电源，不符合题意。故选：A。【点评】（1）注意题目要求，任意一个开关都能控制灯泡的亮灭，不是指两个开关并联；（2）弄清单刀双掷开关的使用，以及在电路中的连接方式，当闸刀掷向某个方向时，电路的连接情况。二、填空、作图题（共9小题，第16小题1分，第17小题2分，其余每空1分，共20分）16（1分）如图所示，F是凸透镜的焦点，请画出折射光线。【考点】B6：透镜的光路图【分析】由图示可知，入射光线过焦点，根据入射光线的特点，可以画出对应的折射光线。【解答】解：入射光线过焦点，经过凸透镜折射后，则折射光线将平行主光轴射出，如图所示：【点评】关于凸透镜，有三条特殊的入射光线：平行于主光轴；过焦点；过光心的。每条特殊的入射光线对应的折射光线都有自己的特点。根据两者的对应关系可以告诉入射光线做出折射光线；也可以利用折射光线做出对应的入射光线。17（1分）图中的杠杆保持平衡，画出重物A所受重力的示意图和拉力F1的力臂L。【考点】6H：力的示意图与图示；7P：力臂的画法【分析】要画重力的示意图首先要找力的作用点，即重心，从力的作用点起沿重力的方向画一条带箭头的线段。若知道重力的大小在线段的末尾标上力的大小。力臂的画法是：从支点向力的作用线做垂线。【解答】解：重物的重心在物体的几何重心，重力的方向是竖直向下的，从作用点起沿竖直向下的方向，画一条带箭头的线段。O点是杠杆的支点，从支点向拉力F1作用线做垂线，即是力臂。如图：【点评】本题主要考查学生对重力的示意图，以及力臂的画法的了解和掌握，是一道中档题，也是中招的热点。18（1分）如图所示，用直尺测得物体A的长度是1.49cm。【考点】64：长度的测量【分析】使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。【解答】解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与5.00cm对齐，右侧与6.49cm对齐，估读为6.49cm，所以物体的长度为L6.49cm5.00cm1.49cm。故答案为：1.49。【点评】此题考查的是刻度尺的读数，在物理实验和实际生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法。19（2分）家庭电路中，控制电灯的开关应接在火线上，并且与电灯串联。【考点】IO：家庭电路的连接【分析】家庭电路中用电器和用电器之间是并联的，插座和插座之间是并联的，用电器和插座之间是并联的，开关和开关控制的用电器之间是串联的，开关必须与火线相连。【解答】解：为了开关断开后，用电器与火线断开，则控制用电器的开关必须接在火线上；并且开关和开关控制的用电器之间是串联的，只有串联才能控制用电器，如果并联会使电路短路。故答案为：火；串。【点评】掌握家庭电路中用电器之间、插座之间、开关和用电器之间、开关和插座之间的连接方法。20（3分）为保证校车行驶安全，规定车速不得超过40km/h，“40km/h”是指校车行驶过程中的最大（填“最大”“平均”或“最小”）速度；校车行驶时，要求每位学生系好安全带，这是为了防止紧急刹车时，学生由于具有惯性而造成伤害，小车刹车后能迅速停下来，说明力可以改变物体的运动状态。【考点】68：速度与物体运动；6F：力的作用效果；6L：惯性【分析】（1）车速不得超过40km/h，是指校车在行驶过程的最大速度；（2）物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性；（3）力可以改变物体的运动状态。【解答】解：（1）车速不得超过40km/h，即最大行驶速度不能超过40km/h；（2）每个学生都系好安全带，是为了防止汽车紧急刹车时，由于惯性而飞出，造成二次伤害；（3）小车刹车后受到较大摩擦力的作用，使小车迅速停下来，因此该现象说明力可以改变物体的运动状态。故答案为：最大；惯性；运动状态。【点评】本题考查了最大速度的理解、惯性应用的判断以及力的作用效果等知识点，难度不大，综合性较强，要求学生应熟练掌握。21（3分）工人用400N的拉力，通过如图所示滑轮组，将重600N的物体竖直匀速提升2m，人将绳拉下4m，人拉绳做的功为1600J，滑轮组的机械效率为75%。【考点】EC：功的计算；F4：滑轮（组）的机械效率【分析】已知拉力的大小和物体升高的高度，以及动滑轮上的绳子段数，根据公式WFS可求拉力所做的总功；已知物体的重力和物体升高的高度，根据公式WGh可求滑轮组对重物所做的有用功；有用功和总功的比值就是滑轮组的机械效率；【解答】解：观察滑轮组可知，有两段绳子承担总重，s2h22m4m，拉力做的总功：W总Fs400N4m1600J；滑轮组对重物所做的有用功： W有用Gh600N2m1200J；该滑轮组此时的机械效率：100%75%；故答案为：1600；75。【点评】本题考查有用功、总功、机械效率等的计算，考查的知识点较多，做题时一定要仔细认真，关键是判断动滑轮上的绳子段数。22（2分）用调节好的天平测量石块的质量，所用砝码和游码位置如图所示，石块质量为62g，用量筒测得该石块的体积为20cm3，则石块的密度为3.1g/cm3。【考点】25：质量的测量与天平；2A：密度的计算【分析】石块的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；石块的体积等于石块浸没水前后水面对应刻度值的差；知道石块的体积和质量，根据密度公式求出石块的密度。【解答】解：石块的质量：m50g+10g+2g62g，石块的体积：V20ml20cm3，石块密度：3.1g/cm3。故答案为：62；3.1。【点评】牢记测固体密度的基本方法：用天平测质量，用量筒测体积，用算密度。23（3分）如图所示，飞机机翼模型静立在电子台秤上，当用电风扇对着模型吹风时，电子台秤的示数比没有吹风时小，这说明模型上表面比下表面空气的压强小、流速大：将电风扇换成高速档对着模型吹风时，电子台秤的示数变的更小，说明风速越大，模型受到的升力越大（填“大”或“小”）【考点】8K：流体压强与流速的关系【分析】根据流体压强与流速的关系，可对机翼模型的上面表面空气流速情况、压强大小进行分析。【解答】解：当用电风扇对着模型吹风时，由于模型上方凸起，下方平直，所以上表面空气流速快、压强小，下面表空气流速慢，压强大，形成一个向上的压力差，从而使台秤的示数减小。风速越大，空气的流速越大，台秤的示数越小。故答案为：小；大；大。【点评】本题解答的关键是熟知流体压强与流速的关系，并结合题目的实际进行分析。24（3分）如图是空气能热水器工作原理示意图，液态制冷剂经膨胀阀进入增发器后，大量吸收空气中的热量使其蒸发，再由压缩机将这些制冷剂变成高温高压气体排出，该压缩机主要是将电能转化为制冷剂的内能；高温制冷剂流经水箱中的铜管给水加热，冷却后变成液体，说明制冷剂被液化（填“汽化”或“液化”）水箱中的水是通过热传递（填“做功”或“热传递”）的方式来加热。【考点】1M：液化及液化现象；GA：热传递改变物体内能；J2：电功的实质【分析】（1）据题目中的实际情况分析即可判断能量的转化过程；（2）物质有气态变为液态称为液化，液化是放热的；（3）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；【解答】解：据题目可知：空气能热水器工作原理示意图，液态制冷剂经膨胀阀进入增发器后，大量吸收空气中的热量使其蒸发，再由压缩机将这些制冷剂变成高温高压气体排出；所以该过程中消耗电能，即将电能转化为制冷剂的内能；高温气态的制冷剂流经水箱中的铜管给水加热，冷却后变成液体，即制冷剂由气态变为液态，故是液化；由于液化是放热的，故水箱中的水是通过热传递的方式使得其内能增加，温度升高的；故答案为：内；液化；热传递。【点评】该题考查了能量的转化、物态变化的判断和改变内能方式的判断，是一道综合题。三、实验、探究题（地28题图2分，其余每空1分，共28分）25（8分）如图所示是探究影响滑动摩擦力大小因素的实验装置，长方体小木块各个侧面光滑程度相同，长木板一面为较光滑的木板面，另一面是粗糙的布面；（1）水平向右拉动长木板，当小木块静止时，小木块受到测力计的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力（填“非平衡力”或“平衡力”）；（2）选择四种不同的接触面，通过增减木块上的砝码，改变木块对木板的压力，依次水平向右拉动长木板，将每次测量结果填入表中：实验序号 木板与木板的木板与木板的接触面压力测力计示数1木板正面与木板面2.5N1.2N2木板正面与木板面5.0N2.4N3木板正面与木板面7.5N3.6N4木板侧面与木板面2.5N1.2N5木板侧面与布面2.5N2.0N6木板正面与布面2.5N2.0N（3）由实验1、4或5、6可知，滑动摩擦力与接触面的面积大小无关（填“有关”或“无关”）；（4）由实验1、6（填实验序号）可知，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（5）实验1、2、3控制了接触面的粗糙程度和接触面积不变，研究了滑动摩擦力大小与压力的关系，此时，滑动摩擦力大小与接触面受到的压力成正比。【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】（1）弹簧测力计拉动物体时，弹簧测力计显示拉力大小，要使滑动摩擦力大小等于拉力大小，要保持物体进行匀速直线运动。（2）滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟接触面积大小、拉力大小、运动速度无关。当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大。当压力大小一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。（3）物理量受到多个因素影响时，探究物理量和其中一个因素的关系时，控制其它因素不变。【解答】解：（1）弹簧测力计水平拉动木块时，弹簧测力计显示拉力大小，实验中用弹簧测力计拉动长木板做匀速直线运动时，水平向右的拉力和水平向左的滑动摩擦力是一对平衡力。（3）木块平放或侧放时，滑动摩擦力示数相同，说明滑动摩擦力大小跟接触面积大小无关。（4）由实验1、6或4、5可知，压力大小不变，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。（5）实验1、2、3控制了接触面的粗糙程度和接触面积不变，仅改变压力大小，发现压力越大，滑动摩擦力越大，什么滑动摩擦力大小与接触面受到的压力成正比。故答案为：（1）平衡力；（3）无关；（4）1、6；大；（5）接触面的粗糙程度；接触面积；压力；正。【点评】（1）本题通过木块进行匀速直线运动，间接测量滑动摩擦力大小。（2）掌握滑动摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法探究滑动摩擦力大小的影响因素。26（5分）如图甲所示，两端开口且粗细均匀的玻璃管，下端套上橡皮膜；（1）将玻璃管竖直缓慢的插入水中（图乙），橡皮膜距水面越深，发现橡皮膜向上凸起幅度越大，说明深度越大，水的压强越大；（2）当橡皮膜距水面深度为h时，固定竖直插入的玻璃管，然后缓慢地向管内注入水（图丙），当管内水柱深度小于h时，橡皮膜总是向上凸起，说明烧杯中的水对橡皮膜向上的压力F杯大于（填“大于”“小于”或“等于”）管内水柱对橡皮膜向下的压力F管；（3）当管内水柱深度等于h时，橡皮膜的形状又变为与玻璃管口平齐，如图丁所示，说明F杯等于（填“大于”“小于”或“等于”）F管，若玻璃管的横截面积为S、水的密度为，则F管ghS；在h深处水产生的压强pgh。【考点】81：压力及重力与压力的区别；88：液体的压强的特点；89：液体的压强的计算【分析】（1）液体压强特点：液体内部向各个方向都有压强；同一深度，液体向各个方向的压强相等；有问题内部压强随深度的增加而增大；同一深度，液体密度越大，压强越大；（2）橡皮膜受到向上和向下的压强相等时，橡皮膜变平，向上凸起说明受到向上的压强大于向下的压强，凸起幅度越大，则压强差越大；（3）由压强的定义式可推导出压力和液体压强计算公式。【解答】解：（1）橡皮膜距水面越深，发现橡皮膜向上凸起幅度越大，说明深度越大，水的压强越大；（2）橡皮膜总是向上凸起，说明烧杯中的水对橡皮膜向上的压力F杯大于管内水柱对橡皮膜向下的压力F管；（3）橡皮膜变平时，说明橡皮膜受到向上和向下的压力相等；由压强定义式p得：F管pSghs；h深度上方的水对橡皮膜产生的压力：FGmgvgshg；h深度的水对橡皮膜产生的压强：Pgh；故答案为：（1）大；（2）大于；（3）等于；ghs；gh。【点评】本题综合考查了液体压强的特点、压力及液体压强的计算公式，属于基础性题。27（7分）李明用天然磁石仿制图甲所示的勺状指南针司南。（1）他用的材料是图乙所示的天然磁石，该磁石的D端为S极。（2）他用该磁石的D端磨成勺柄，打磨成勺状指南针（即“司南”），再用细线将其悬挂，如图丙所示，司南静止时，勺柄指向地球的南极。（3）将该司南悬挂在电磁铁正上方，闭合开关S，司南静止时的指向如图丁所示，则电源左端是负极。将电磁铁水平放置在不同方向，司南静止后的指向总与电磁铁摆放方向平行，说明司南处的地磁场远弱于（填“远强于”、“远弱于”）电磁铁的磁场。（4）将该司南放在青铜盘上，当司南静止后，总不能指南北，这主要是因为司南受到的摩擦力（填“重力”、“摩擦力”或“弹力”）影响太大。（5）为增强司南的磁性，可用图丁所示装置，通过C和D（均填字母序号），来增加电磁铁对司南磁化的效果。A改变电源的正负极 B让司南垂直放置在螺线管中点的正上方C增加电源的电压 D增加电磁铁线圈的匝数。【考点】C1：磁性、磁体、磁极；CA：通电螺线管的磁场【分析】（1）磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示；（2）磁体周围的磁感线，都是从磁体的N极出发，回到S极；（3）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；可用安培定则判断通电螺线管的两极极性。（4）摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；在压力相同的情况下，接触面越粗糙，摩擦力越大。（5）影响螺线管磁性强弱的因素有：线圈中电流的大小；线圈的匝数；线圈中有无铁芯。【解答】解：（1）磁勺在正确指南时，地理的南极正是地磁的N极，异名磁极相互吸引，因此，磁石的D端为该磁体S极；（2）如（乙）所示，根据天然磁石的磁感线分布，可判断D端是S极，也就是磁勺的勺柄，勺柄指向地球的南极；（3）因为异名磁极相互吸引，通电螺线管的左端是N极，用安培定则可判断通电螺线管中的电流方向，再根据电流方向是从电源正极出发通过用电器回到负极，所以电源左端为电源的负极；（4）将该司南放在青铜盘上，当司南静止后，总不能指南北，这主要是因为司南受到摩擦力影响太大；（5）为了增强司南的磁化效果，可以增加电源电压，使线圈中电流增大，同时增加线圈的匝数。故答案为：（1）S；（2）南极；（3）负；远弱于；（4）摩擦力；（5）C；D。【点评】此题考查了磁现象的诸多知识点，需将磁现象的多个知识点有机结合，融会贯通，方可解答此题。28（8分）如图甲是研究导电液体的电阻与横截面积关系的实验装置，有机玻璃容器（该容器是绝缘体）内壁的两端安装了铜片M、N，容器内注入了适量的导电液体，电源电压保持12V不变；（1）请将图甲中电流表（量程0.6A）连入电路，闭合开关前，滑片P应置于滑动变阻器的最左端（填“最左端”“最右端”或“正中间”）；（2）测出导电液体的横截面积S，闭合开关，调节滑动变阻器，记录电表示数，算出电阻R，断开开关，继续向容器注入导电液体，改变导电液体的横截面积，重复上述实验，得到如表中的数据，图乙是某次电表的示数，则导电液体的电阻为20；实验次数1234横截面积S/cm210203040电阻R/1053.32.5（3）分析表中数据可知，导电液体的横截面积越大，电阻越小；若导电液体的横截面积变为前一次的2倍，则其电阻大小变为前一次的；（4）李明改用一段可拉伸的乳胶管（是绝缘体），将乳胶管灌满导电液体，两端用金属塞堵住管口，若均匀拉伸乳胶管，使其横截面积变为原来的一半，此时导电液体的电阻不等于（填“等于”或“不等于”）原来的2倍，这是由于李明实验时没有控制导电液体的长度不变。【考点】IA：影响电阻大小的因素【分析】（1）电流表要串联在电路中；滑动变阻器在使用时，即在闭合开关前滑片应打到最大阻值处，故先判断出该变阻器的那一段电阻接入电路，即可得出答案。（2）读出此时液体的电压和电流，利用欧姆定律即可得出此时的电阻来。（3）在其他条件都一定时，电阻与导体的长度长正比，与横截面积成反比。（4）由于电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，故从导体电阻大小的影响因素来考虑即可。【解答】解：（1）电流表要串联在电路中使用，根据题意（量程0.6A），把0.6A接线柱与铜片M相连即可，如下图：闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处在阻值最大处，即最左端，起保护电路的作用；（2）从图乙可知，电压表选择的是015V量程，此时电压表的读数为U4V，电流表选择的是00.6A量程，此时电流表的读数为I0.2A，根据欧姆定律I得，此时导电液体的电阻为：R20；（3）分析表中数据可知，导电液体的横截面积越大，电阻越小；若导电液体的横截面积变为前一次的2倍，则其电阻大小变为前一次的；（4）当材料和长度一定时，导体的电阻与其横截面积成正反比。若均匀拉伸乳胶管，使其横截面积变为原来的一半，此时导电液体的电阻远远大于原来的2倍，因为液柱的横截面积变小的过程中乳胶管被拉长，故长度变长导致液柱的电阻变大。即李明实验时没有控制导电液体的长度不变。故答案为：（1）如上图；最左端；（2）20；（3）小；（4）不等于；长度。【点评】本题考查的是探究导电液体的电阻与横截面积关系的实验，难度中等。电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，即在其它条件相同的情况下，导体越长，其阻值越大；在其它因素相同的情况下，导体的横截面积越小，其阻值越大。四、综合题（共3小题，共22分）29（5分）一个标有“220V 880W”的电热水壶，正常工作500s，让质量为1kg的水温升高50，则在这一过程中：（1）通过电热壶的电流为4A，电流产生的热量为4.4105J；（2）电热水壶中的水吸收了多少热量？【考点】JK：电功与热量的综合计算【分析】（1）电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，根据PUI求出通过电热壶的电流；根据QWPt求出电流产生的热量；（2）知道水的质量、水温度升高值、水的比热容，根据吸热公式Q吸cmt计算出水吸收的热量。【解答】解：（1）电热水壶正常工作时的功率P880W，电压U220V，由PUI可得，通过电热水壶的电流：I4A，电流产生的热量：QWPt880W500s4.4105J；（2）电热水壶中的水吸收的热量：Q吸cmt4.2103J/（kg）1kg502.1105J。答：（1）4；4.4105；（2）电热水壶中的水吸收了2.1105J的热量。【点评】本题考查了电功率公式和电热公式、吸热公式的灵活应用，要注意水温升高到是指末温、升高了是指温度的变化量。30（9分）图甲是某电子称的原理图，是质量表（电阻忽略不计），秤盘与压杆质量均忽略不计，电源电压10V，R0150，当电路中的电流大于50mA时，气电保护开关S自动断开，图乙所示是压力传感器R的阻值随所受压力F变化图象；（1）图中质量表应该用电流（填“电流”“电压”或“电能”）表改装；（2）称量时，质量越大，压力传感器所受压力越大，R的阻值越小；（3）该电子称能称量的最大质量为多少？（4）在该电子称的称量范围内，电源的最大功率为多少？【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）根据电表的正确使用进行解答，即电压表与被测用电器并联，电流表与被测用电器串联，电能表是测电功的工具；（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此判断物体质量增大时压力传感器所受压力的变化，由乙图可知，压力传感器R的阻值随压力的变化；（3）当电路中的电流为50mA时该电子秤能称量的质量最大，根据欧姆定律求出质量表示数最大时电路中的总电阻，根据电阻的串联求出压力传感器电阻的大小，有图象读出秤盘受到的压力，根据水平面上物体的压力和自身的重力相等和Gmg求出称量的最大质量；（4）当电路中的电流最大时，电源的功率最大，根据PUI求出其大小。【解答】解：（1）由电路图可知，质量表m串联在电路中，是由电流表改装的；（2）称量时，质量越大，物体的重力越大，由水平面上物体的压力和自身的重力相等可知，压力传感器所受压力越大，由图乙可知R的阻值越小；（3）当电路中的电流为50mA时该电子秤能称量的质量最大，根据欧姆定律可得，电路中的总电阻：R总200，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以此时压力传感器的电阻：RR总R020015050，由图象可知，R50时，受到的压力为500N，由Gmg可得，该电子秤能称量的最大质量：m50kg；