2019年湖南省湘潭市中考物理试卷（教师版）.doc

2019年湖南省湘潭市中考物理试卷（教师版）一、单项选择题（本大题共18小题每小题2分，共36分请把答案填涂在答题卡1（2分）在国际单位制中，电压的单位是（）A安培B伏特C焦耳D瓦特【考点】2S：物理量的单位及单位换算【分析】根据对各物理量单位的掌握分析答题。【解答】解：A、安培是电流的单位，不是电压的单位，故A错误；B、伏特是电压的单位，故B正确；C、焦耳是能量的单位，不是电压的单位，故C错误；D、瓦特是功率的单位，不是电压的单位，故D错误；故选：B。【点评】本题考查了物理量的单位，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。2（2分）下列现象能说明分子在做无规则运动的是（）A柳絮飞舞B玉兰飘香C落叶纷飞D瑞雪飘飘【考点】GV：分子的运动【分析】要解答本题需掌握：扩散现象是分子运动的结果，以及分子运动和机械运动的区别。【解答】解：A、柳絮飞舞是物质在运动，属于机械运动，故A不符合题意；B、玉兰飘香是分子在运动，属于扩散现象，故B符合题意；C、落叶纷飞，是树叶在运动，是机械运动，故C不符合题意；D、瑞雪飘飘是雪花在运动，是机械运动，故D不符合题意。故选：B。【点评】本题主要考查学生对扩散现象，即分子运动的了解和掌握，是一道基础题。3（2分）下列估测值最接近生活实际的是（）A人骑自行车的平均速度约为0.5m/sB中学生的质量约为200kgC初中物理课本的宽度约为18cmD日光灯正常工作的电功率约为1000W【考点】23：质量的估测；63：长度的估测；6D：变速运动与平均速度；JC：额定功率【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、人步行的速度在1.1m/s左右，骑自行车的速度在5m/s左右，故A不符合实际；B、中学生的质量在50kg左右，故B不符合实际；C、初中物理课本的宽度约为18cm，故C符合实际；D、日光灯正常工作的电功率在40W左右，故D不符合实际。故选：C。【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。4（2分）如图所示的物品中，通常情况下属于导体的是（）A木铲B不锈钢锅C玻璃杯D陶瓷盘【考点】HJ：导体【分析】根据导体和绝缘体的性质，再结合物体的导电性选择答案。生活中常见的导体有：各种金属、酸碱盐溶液、石墨、人体、大地等；常见的绝缘体有：玻璃、橡胶、陶瓷、空气、蒸馏水等。【解答】解：ACD、木铲、玻璃杯和陶瓷盘都不容易导电，属于绝缘体，故ACD不符合题意；B、不锈钢锅是由金属制成的，是导体，故B符合题意；故选：B。【点评】此题主要考查导体和绝缘体，对生活中常见物体是导体还是绝缘体应当掌握，属于基础题。5（2分）关于图所示的民族吹管乐器唢呐，下列说法正确的是（）A吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变了声音的响度B用不同的力度吹奏主要改变了声音的音调C唢呐前端的喇叭主要改变了声音的音色D唢呐发出的声音不能在真空中传播【考点】92：声音的传播条件；9D：频率与音调的关系；9F：响度；9G：响度与振幅的关系【分析】（1）唢呐属于管乐，对于管乐依靠空气柱振动，空气柱的长度和粗细影响音调，吹力大小影响响度。（2）喇叭可以减弱声音的分散，增大响度的。（3）声音是不能在真空中传播的。【解答】解：A、吹奏时按压不同位置的气孔，改变了空气柱的长短，改变了空气柱的振动频率，从而改变了声音的音调，故A错误。B、用不同的力度吹奏，改变了空气柱的振动幅度，改变了声音的响度，故B错误。C、唢呐前端的喇叭主要是减弱声音的分散，可以增大声音的响度，故C错误。D、所有的声音都不能在真空中传播，故D正确。故选：D。【点评】通过一个乐器考查声的音调和响度，以及传播，同学们要留心生活。6（2分）下列现象中，由光的直线传播形成的是（）A墙上的“手影”B露珠下的“叶脉”C水中的“倒影”D“折断”的铅笔【考点】A2：光在均匀介质中直线传播【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解答】解：A、手影的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子。故A符合题意；B、露珠相当于放大镜，通过露珠观察叶脉，是光的折射现象。故B不符合题意；C、水中的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的。故C不符合题意；D、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了。故D不符合题意。故选：A。【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。7（2分）下列物态变化的实例中属于凝华的是（）A积雪消融B湖面起雾C瓦上结霜D衣服变干【考点】1R：生活中的凝华现象【分析】凝华是物质由气态直接变成固态的现象，分析各选项中物质状态的变化，就可以判断出正确的选项。【解答】解：A、积雪消融，物质由固态变成液态，属于熔化现象，故A不符合题意；B、湖面起雾是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，是液化现象，故B不符合题意；C、瓦上结霜，这是空气中的水蒸气由气态直接变为固态，属于凝华现象，故C符合题意；D、衣服变干是由液态水变成气态的水蒸汽，是汽化现象，故D不符合题意。故选：C。【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。8（2分）如图所示，纸做的“不倒翁”小鸟翅膀上装有两个回形针，将鸟嘴放在指尖上转动而不会掉下来。下列说法正确的是（）A装回形针降低了小鸟的重心B装回形针升高了小鸟的重心C小鸟的重心一定在其几何中心上D小鸟不掉下来是因为鸟嘴上有胶水【考点】79：重心【分析】装上回形针小鸟的重心降低，稳定性增强；均匀形状规则的物体重心在它的几何重心上。【解答】解：装上回形针小鸟的重心降低，稳定性增强；小鸟的形状不规则，重心不在几何重心上，鸟嘴上并没有胶水，故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】本题考查重心的位置，难度不大。9（2分）流浪地球电影中描述到了木星。木星质量比地球大得多，木星对地球的引力大小为F1，地球对木星的引力大小为F2，则F1与F2的大小关系为（）AF1F2BF1F2CF1F2D无法确定【考点】6I：力作用的相互性【分析】物体间力的作用是相互的，相互作用的两个力大小相等，方向相反，作用在一条直线上。【解答】解：木星对地球的引力和地球对木星的引力是相互作用力，大小相等，所以F1F2，故C正确。故选：C。【点评】本题考查了相互作用力的特点，是一道基础性题目。10（2分）信用卡刷卡时，其磁条经过刷卡机的缝隙，线圈处会产生感应电流。以下设备与信用卡刷卡时工作原理相同的是（）A排气扇B电烤炉C电动机D发电机【考点】CP：电磁感应【分析】信用卡刷卡时其磁条经过刷卡机的缝隙线圈出会产生感应电流，这是电磁感应现象，找出下列物体是电磁感应原理的即可。【解答】解：A、排气扇主要结构是一个电动机，是根据通电导体在磁场中受力而转动工作的，不符合题意。B、电烤炉是根据电流的热效应工作的，不符合题意。C、电动机根据通电导体在磁场中受力而转动工作的，不符合题意。D、发电机是根据电磁感应原理工作的，符合题意。故选：D。【点评】生活中有很多电器，都要明白其工作原理，例如发电机、电动机、电风扇、电饭煲等等。11（2分）下列有关能源的说法正确的是（）A石油是二次能源B煤炭的大量燃烧不会导致温室效应C天然气是可再生能源D太阳能可转化为电能【考点】K2：能源的分类；KA：太阳能的转化；KH：能源的利用和对环境的危害【分析】（1）一次能源：直接可以从自然界获取；二次能源：无法从自然界直接获取要消耗一次能源才能得到；（2）导致温室效应的主要是二氧化碳；（3）短期内可以从自然界得到补充的能源是可再生能源；（4）目前利用太阳能主要是把太阳能转化为电能、内能。【解答】解：A、石油等化石能源可以直接从自然界获取，属于一次能源；故A错误。B、煤炭大量燃烧主要是排放二氧化碳，它是温室效应的“元凶”；故B错误。C、天然气属于化石能源、化石能源短时间不能从自然界得到补充，所以天然气不是可再生能源；故C错误。D、目前利用太阳能主要是把太阳能转化为电能、内能。故D正确。故选：D。【点评】该题考查了能源分类，太阳能，能源对环境的危害等知识。12（2分）下列说法中正确的是（）A折射角一定小于入射角B电能表是测量电功的仪表C导体的横截面积越大，电阻越大D声音不能传递能量【考点】9N：声与能量；AK：光的折射规律的应用；IA：影响电阻大小的因素；J6：电功的测量【分析】（1）光的折射规律：光从空气斜射入水或其它透明介质时，折射角小于入射角；光从水或其它透明介质斜射入空气中，折射角大于入射角；光垂直射到界面时不改变方向。（2）电能表是测量电功的仪表。（3）导体电阻的影响因素都要考虑。导体的电阻跟导体的长度、横截面积、材料和温度有关。（4）声音可以传递能量，也可以传递信息。【解答】解：A、题中没有说光在哪两种介质中传播，所以折射角和入射角的大小不能比较，故A错误。B、电能表是测量电功的仪表，故B正确。C、在材料、长度和温度一定时，横截面积越大，电阻越小；没有前提条件，不能说导体电阻和横截面积的关系，故C错误。D、声音可以传递能量，也可以传递信息，故D错误。故选：B。【点评】本题都是考查的基础知识，说明基础很重要，一定要夯实基础。13（2分）如图所示，水平静止放置的易拉罐会向摩擦过的塑料管滚动，可知它们之间存在（）A电荷间相互吸引力B电荷间相互排斥力C磁极间相互吸引力D磁极间相互排斥力【考点】H8：电荷间的相互作用规律【分析】用摩擦的方法可以使物体带电，带电体具有吸引轻小物体的性质。【解答】解：因为摩擦起电，所以摩擦过的塑料管带上电荷，能吸引易拉罐是利用了带电体吸引轻小物体的性质，说明电荷间存在相互吸引力，故A正确。故选：A。【点评】此题考查了摩擦起电和带电体的性质，考查了物理和生活实际的联系，体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。14（2分）下列做法符合安全用电要求的是（）A用湿布擦拭正在工作的台灯B在未断开电源的情况下更换灯泡C一个插座上同时使用多个大功率用电器D家庭电路中安装保险丝或空气开关【考点】IV：安全用电原则【分析】（1）生活中的水是导体，不能用湿的物体接触带电体；（2）在更换灯泡时，应先断开开关；（3）家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，引起火灾；（4）家庭电路中必须要有保险丝或空气开关。【解答】解：A、生活中的水是导体，用湿布擦拭正在工作的台灯容易发生触电事故，故A错误；B、在未断开电源开关的情况下更换灯泡，灯泡处仍带电，容易发生触电事故，故B错误；C、家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，容易引起火灾，故C错误；D、家庭电路中必须要有保险丝或空气开关，这样在电流过大时可自动切断电源，对电路起到保护作用，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了家庭电路中的一些基本连接的常识，以及安全用电时要注意的问题，是我们必须熟知的。15（2分）在“探究凸透镜成像的规律”时，当烛焰离透镜14cm时成放大的实像，当烛焰离透镜8cm时成放大的虚像，则这个透镜的焦距可能是（）A4cmB7cmC10cmD16cm【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】凸透镜成像的规律：u2f，成倒立、缩小的实像；fu2f，成倒立、放大的实像；uf，成正立、放大的虚像。【解答】解：当烛焰离透镜14厘米时，得放大的实像，则物体在一倍焦距和二倍焦距之间，即2f14cmf，所以7cmf14cm；当烛焰离透镜8厘米时成的是放大的虚像，则物体在一倍焦距以内，即8cmf。综上所述8cmf14cm，C符合题意。故选：C。【点评】此题主要考查的是学生对凸透镜成像规律的了解和掌握，中考常见题型。16（2分）用托盘天平测物体质量前，调节横梁平衡时，发现指针指在如图所示位置，这时应该（）A将左端平衡螺母向右旋进一些B将右端平衡螺母向左旋进一些C将右端平衡螺母向右旋出一些D将游码向右移动【考点】26：天平的使用【分析】托盘天平使用前应调整横梁平衡，此时要用平衡螺母来调节，如果指针偏向分度盘的左侧，则向右调节平衡螺母；指针偏向分度盘的右侧，则向左调节平衡螺母，简记为：“左偏右移，右偏左移”。【解答】解：调节天平时发现指针偏向分度标尺右侧，说明左侧较轻，故应该将左端的平衡螺母向左旋出一些，或将右端的平衡螺母向左旋进一些。故选：B。【点评】天平使用之前调平：游码归零，通过调节平衡螺母使指针指在分度盘中线；注意本题中的“左端”“右端”“旋出”“旋进”。17（2分）图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中涉及的物理知识，说法错误的是（）A孔明灯在上升过程中，只受浮力B紫砂壶属于连通器C司南能够指南北是利用了磁体受地磁场的作用D正在发声的编钟在振动【考点】8B：连通器原理；91：声音的产生；C8：地磁场【分析】（1）浸在液体和气体中的物体都要受到浮力和重力的作用；（2）上端开口，底部相互连通的容器是连通器；（3）地球是一个巨大的磁体，受地磁场的作用，司南指示南北方向；（4）一切发声的物体都在振动。【解答】解：A、孔明灯在上升过程中，不但受到浮力而且受到重力的作用，故A错误；B、紫砂壶的壶嘴和壶身上端开口，底部相互连通，是利用连通器的原理，故B正确；C、司南指示南北方向是因为受到了地磁场的作用，故C正确；D、一切发声的物体都在振动，所以正在发声的编钟在振动，故D正确。故选：A。【点评】本题考查了浮力、连通器的应用、地磁场、声音的产生等，属于综合性题目，难度不大。18（2分）如图是电吹风的简化电路图，其中M是吹风机，R是电热丝。由电路图可知（）A只将开关S1闭合，吹出的是热风BM和R是串联在电路中的C将S1和S2都闭合，吹出的是热风D开关S2可以控制整个电路【考点】HT：串联电路和并联电路的辨别【分析】串联电路是指将所有用电器逐个顺次连接在电路的两点间而组成的电路；并联电路是指将所有用电器的一端连在一起，另一端也连在一起，再连入电路的两点间而组成的电路。【解答】解：A、只将开关S1、S2都闭合，吹出的才是热风，不符合题意；B、M和R是并联在电路中的，不符合题意；C、将S1和S2都闭合，吹出的是热风，符合题意；D、开关S2只控制电热丝，不符合题意；故选：C。【点评】解决此类题目要结合串、并联电路的特点进行分析解答。二、填空作图题（本题每空1分，作图2分共14分请把答案填在答题卡上）19（2分）小球悬浮在静止于斜面上的杯內液体中，请在图中画出小球所受重力G和浮力F两个力的示意图。（设两个力的作用点都在球心，请作图。）【考点】7B：重力示意图；8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】物体悬浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，过重心表示出重力和浮力的大小和方向。【解答】解：小球悬浮在液体中，所以F浮G，过小球的球心作竖直向下的重力G和竖直向上的浮力F浮，如图所示：【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点；注意浮力和重力的线段长度相等。20（1分）图中纽扣的直径是1.15cm。【考点】64：长度的测量【分析】刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。【解答】解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；纽扣左侧与2.00cm对齐，右侧与3.15cm对齐，所以纽扣的直径为d3.15cm2.00cm1.15cm。故答案为：1.15。【点评】刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位。21（2分）如图所示，高铁站的站台边沿标有黄色安全线，提示乘客在候车时要站在安全范围内。一个重要的原因是，当高速列车通过时，车体附近气体流速大，压强小（均选填“大“或“小“），会使乘客受到一个“推”向列车的力。【考点】8K：流体压强与流速的关系【分析】流体流速越大，流体压强越小。【解答】解：当高速列车通过时车体附近气体流速大，造成人和列车之间的空气流速大，压强小，人外侧的压强大，容易把人压向列车，容易出现交通事故，所以等候列车时站在安全性以内。故答案为：大；小。【点评】流体流速越大，流体压强越小，掌握这个结论，我们一定要远离高速行驶的列车和汽车等。22（2分）送餐机器人在水平地面上做匀速直线运动时，机器人处于平衡（选填“平衡”或“不平衡”）状态，其动能不变（选填“增大”、“减小”或“不变”）。【考点】6Q：平衡状态的判断；FN：动能和势能的大小变化【分析】平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态；动能的大小与质量和速度有关。【解答】解：平衡状态是指静止状态或匀速直线运动状态，机器人在水平地面上做匀速直线运动时，机器人处于平衡状态，其质量和速度不变，所以动能不变。故答案为：平衡；不变。【点评】本题主要考查了对平衡状态的理解，对动能影响因素的认识，属基础知识的考查。23（2分）被国外媒体誉为“新世界七大奇迹”之一的港珠澳大桥，于2018年10月24日通车运营，以在大桥上行驶的客车为参照物，桥边的栏杆是运动（选填“运动”或“静止”）的，客车紧急刹车时，乘客由于具有惯性而突然向车辆的前方（选填“前方”或”后方“）倾倒。【考点】6K：物体运动状态变化的判断；6M：惯性现象【分析】（1）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的；（2）惯性是保持物体原来运动状态不变的性质。【解答】解：（1）以在大桥上行驶的客车为参照物，桥边的栏杆的位置发生了改变，所以桥边的栏杆是运动的；（2）客车紧急刹车时，乘客由于具有惯性保持原来的运动状态，会突然向车辆的前方倾倒。故答案为：运动；前方。【点评】该题考查了运动和静止的相对性以及惯性知识，都属于基础知识，难度不大。24（2分）图是某电水壶的铭牌，该电水壶正常工作1min产生9104J的热量，如果这些热量84%被冷水吸收，能使2.0L的水温度升高上9。【考点】GI：热平衡方程的应用；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】由电水壶的铭牌可知其额定功率，由QWPt计算正常工作1min产生的热量；由密度公式先计算2.0L水的质量，再根据Q吸cmt84%Q计算水温升高的多少。【解答】解：（1）由图知，电水壶的额定功率为1500W，所以正常工作1分钟产生的热量：QWPt1500W60s9104J；（2）由可得水的质量：mV1.0103kg/m32.0103m32kg，这些热量84%被冷水吸收，即Q吸84%Q放，由Qcmt得水升高的温度：t9。故答案为：9104；9。【点评】此题主要考查的是学生对电热、密度以及热量计算公式的理解和掌握，难度不大。25（3分）小明站在竖直的平面镜前1m处，他与镜中“自己”的距离是2m，平面镜成的像是等大（选填“等大”、“放大”或“缩小”）的虚（选填“虚”或“实”）像。【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】平面镜成像的特点是：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。【解答】解：平面镜所成的像和物体各对应点到平面镜间距离相等，所以，由他到平面镜的距离为1m可得镜中所成的像与平面镜之间的距离为1m，小明站在竖直的平面镜前1m处他与镜中“自己“的距离是1m+1m2m；平面镜成像原理是光的反射，是由于反射光线的反向延长线会聚点，所以某同学在镜中的像是虚像；因为平面镜所成的像和物体形状、大小相同，所以是等大的虚像。故答案为：2；等大；虚。【点评】平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。三、实验、探究题（本题每空1分，共27分请把答案填在答题卡上）26（6分）某固态物质加热时，其温度随时间的变化关系如图2所示，请分析并回答：（1）这是晶体（选填“晶体”或“非晶体”）的熔化图象（选填“熔化”或“凝固”）。（2）第10min时该物质处于液态（选填“固”或“液”）。（3）该物质的熔点是80。（4）组装图1中的实验器材时，应该从下往上（填“从上往下”或“从下往上”）组装。（5）灯内酒精用掉一半后，剩下酒精的热值不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【考点】1F：熔化和凝固的探究实验；GJ：燃料的热值及其计算【分析】（1）凝固是物质从液态变成固态，晶体有固定的熔点，在熔化过程中温度不变。（2）由图分析可得物质所处的状态；（3）晶体有固定的熔点，据此由图可得熔点；（4）安装实验器材时需要先固定下面的位置，能够利用酒精灯的外焰给烧杯充分加热；然后再调整上面的位置；（5）密度、比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的密度、比热容、热值一般不变。【解答】解：（1）由图象可知，第3min时这种物质开始熔化，在第9min熔化结束，该过程中温度保持在80不变，所以这是晶体的熔化过程；（2）由图象可知，在第9min熔化结束，第10min时该物质处于液态；（3）由（1）分析可知，该物质的熔点是80；（4）安装实验器材时需要先固定下面的位置，能够利用酒精灯的外焰给烧杯充分加热，然后再调整上面的位置，使温度计的玻璃泡完全接触水，并且不要碰到烧杯壁和烧杯底，故从下往上安装；（5）热值是燃料的一种特性，与燃料的种类有关，与质量和体积无关，故一杯酒精用去一半，则剩下的酒精热值都不变。故答案为：（1）晶体；熔化；（2）液；（3）80；（4）从下往上；（5）不变。【点评】此题主要是知道物质熔化时温度不变的是晶体、热值等，属于基础知识。27（7分）图所示是探究影响滑动摩擦力大小因素的实验装置。长方体小木块正面和侧面面积不同而粗糙程度相同，长木板一面为较光滑的木板面，另一面是粗糙的布面。选择不同的接触面，改变木块对木板的压力，依次实验，将每次测量结果填入下表。（1）拉着长木板水平向左运动，当测力计示数稳定时，测力计的拉力等于（选填“等于”或“不等于”）小木块受到的滑动摩擦力。实验序号木块与木板的接触面压力测力计示数1木块正面与木板面2.0N0.6N2木块正面与木板面4.0N1.2N3木块正面与木板面6.0N1.8N4木块侧面与木板面2.0N0.6N5木块侧面与布面2.0N1.0N6木块正面与布面2.0N（2）测力计使用前要观察量程、分度值，以及指针是否指在零刻度线处。（3）由实验1、4可知，滑动摩擦力的大小与接触面的面积无关（选填“有关”或“无关”），则实验6空格中的数据应该是1.0N。（4）由实验4、5可知，其他条件相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。（5）由实验1、2、3可知，其他条件相同时，滑动摩擦力的大小与压力大小成正比，这里主要采用的硏究方法是控制变量法（选填“控制变量法”或“理想实验法”）。【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】（1）根据二力平衡的条件分析；（2）测力计使用前要观察量程、分度值，以及指针是否指在零刻度线处；（3）比较相关实验找出相同量和不同量，分析得出摩擦力与变化量的关系；根据实验结论回答；（4）（5）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。【解答】解：（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，当测力计示数稳定时，测力计的拉力等于小木块受到的滑动摩擦力；（2）测力计使用前要观察量程、分度值，以及指针是否指在零刻度线处。（3）由实验1、4可知，压力和接触面粗糙程度相同，而接触面积大小不同，滑动摩擦力相同，故得出滑动摩擦力的大小与接触面的面积无关；根据实验5中的数据，由这个结论可知，实验6空格中的数据应该是1.0N。（4）由实验4、5可知压力相同，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。（5）由实验1、2、3可知，在接触面粗糙程度相同时，压力增大为原来的几倍，滑动摩擦力增大为原来的几倍，即滑动摩擦力的大小与压力大小成正比，这里主要采用的硏究方法是控制变量法（控制了接触面的粗糙程度相同）。故答案为：（1）等于；（2）零刻度线处；（3）无关；1.0；（4）大；（5）正；控制变量法。【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和数据分析，体现了对过程和方法的考查。28（6分）如图1所示，用微小压强计探究液体内部压强的特点。（盐水水）（1）实验中，将液体内部的压强大小转换为用U型管两侧液面的高度差来表示。（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色（选填“有色”或“无色”）。（3）将探头放在图2所示液体内部的A、B位置，观察到U型管两侧液面的高度差hBhA，经过多次实验观察到同样的现象，这说明同种液体內部的压强随深度的增加而增大。（4）将探头放在图2中所示液体内部等深的B、C位置，观察到U型管两侧液面的高度差hChB（选填“”、“”或“”），这是为了研究液体压强与液体密度关系。（5）由以上实验可知图2所示液体内部A、B、C、D四个位置压强最大的是位置D。【考点】8C：探究液体压强的特点实验【分析】（1）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压力时，U形管内两边液面出现高度差，两边高度差表示压强的大小，压强越大，液面高度差也越大；（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；（3）（4）（5）液体内部向各个方向都有压强，深度越深压强越大，液体压强的大小还与液体的密度有关；根据控制变量法解答。【解答】解：（1）压强计的工作原理是；橡皮膜受到压强时，U形管内两边液面出现高度差，两侧液面高度差反映了探头受到的压强大小，采用的是转换法；液体压强越大，两侧液面高度差也越大；（2）为了使实验现象更明显，U形管中的液体最好用有色液体；（3）将探头放在图2所示液体内部的A、B位置，观察到U型管两侧液面的高度差hBhA，探头慢慢下移，深度变大，发现U型管两边液面的高度差逐渐增大，故结论为：深度越深液体压强越大；（4）将探头放在图2中所示液体内部等深的B、C位置，观察到U型管两侧液面的高度差hChB，在相同的深度时，探头在浓盐水时U型管两边液面的高度差增大了，即压强变大了，故结论为：在深度相同中，液体密度越大，压强越大。这是为了研究液体压强与液体密度关系；（5）D点位于密度大，深度大的位置，故该点液体压强最大。故答案为：（1）高度差；（2）有色；（3）深度；（4）；密度；（5）D。【点评】此题主要考查的是液体内部压强的规律，注意转换法、制变量法在实验中的运用，液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握。29（6分）在“测量电阻”的实验中，设计了如图1所示的电路图。（1）请根据电路图，用笔画线代替导线将图中的器材连接成完整电路。（2）按图1所示电路连接器材时，开关要处于断开（选填“断开”或“闭合”）状态，滑动变阻器的滑片P应该滑到最左端（选填“左端”或“右端”）。（3）闭合开关，将滑片P缓慢向右移动，电压表的示数将增大（选填“增大”或“减小”）。（4）某次测量时，电压表的示数为1.5V，电流表的示数如图2所示，为0.3A，根据欧姆定律求出此时这个电阻R的阻值为5欧姆。（5）以上这种测量电阻的方法叫伏安法。（6）为减小实验误差，我们应该多次进行正确测量，然后取电阻R的平均值。【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）由题干知，电压为1.5V，故电压表选用小量程与电阻并联，由图2知，电流表选用小量程与电阻串联，根据电路图，变阻器右下接线柱连入电路中；（2）连接器材时，开关要处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应该滑到阻值最大处；（3）闭合开关，将滑片P缓慢向右移动分析电路中的电阻变化，由欧姆定律分析回答；（4）根据电流表选用的量程确定分度值读数根据欧姆定律求出此时这个电阻R大小；（5）根据R测量电阻的方法叫伏安法；（6）为减小实验误差，我们应该多次进行正确测量，取电阻R的平均值作为结果。【解答】解：（1）由题干知，电压为1.5V，故电压表选用小量程与R并联，由图2知，电流表选用小量程与电阻串联，变阻器右下接线柱连入电路中，如下所示：（2）连接器材时，为保护电路，开关要处于断开状态，滑动变阻器的滑片P应该滑到阻值最大处；（3）闭合开关，将滑片P缓慢向右移动分析电路中的电阻变化，由欧姆定律分析回答；（4）根据电流表选用的量程确定分度值读数根据欧姆定律求出此时这个电阻R大小；（5）根据R测量电阻的方法叫伏安法；（6）为减小实验误差，我们应该多次进行正确测量，取电阻R的平均值作为结果。故答案为：（1）如上所示；（2）断开；左端；（3）增大；（4）0.3；5；（5）伏安法；（6）平均。【点评】本题用伏安法测电阻，考查电路连接、注意事项、电路分析、电阻计算和数据处理。四、综合题（本题共23分解答部分请写岀必要的文字说明、公式和重要的演箅步骤并填写在答题卡上30（6分）如图所示利用汽车液压起重机从矿井中提升重物。起重机起动时滑轮组将重物竖直向上匀速提起，其中N是柱塞，可向上支撑起起重臂ODC重物和动滑轮总重为15000N，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重。问：（1）钢丝绳自由端上作用力F的大小为5000N。（2）当柱塞向上支撑起起重管绕固定端O转动时，起重臂ODC是费力杠杆。（3）当重物以0.4m/s的速度匀速上升时，钢丝绳自由端上作用力F的功率是多少？【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；7N：杠杆的平衡条件；FF：功率的计算【分析】（1）由图知，承担物重的绳子有三股，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重，钢丝绳自由端上作用力F是物重和动滑轮重的三分之一；（2）动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆；动力臂大于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；（3）已知重物上升速度和承担物重绳子股数，可以得到绳子自由端移动速度；已知绳子自由端拉力和移动速度，利用公式PFv得到拉力的功率。【解答】解：（1）由图知，承担物重的绳子股数n3，不计摩擦和滑轮组上钢丝绳重，则钢丝绳自由端上作用力：F（G+G动）15000N5000N；（2）起重臂的支点在O点，滑轮组和重物对C端的拉力为阻力，由图知，柱塞施加动力的力臂明显小于阻力的力臂，所以此设备是费力杠杆；（3）钢丝绳自由端移动速度为v30.4m/s1.2m/s，绳自由端上作用力F的功率：PFv5000N1.2m/s6000W。答：（1）5000；（2）费；（3）钢丝绳自由端上作用力F的功率是6000W。【点评】此题考查了滑轮组的特点、杠杆的分类及功率的计算，正确判断承担物重绳子股数，是解答此题的关键。31（8分）如图1所示，弹簧测力计用细线拉着一长方体物块A，从水池中竖直向上做匀速直线运动，上升到水面以上一定的高度。物块上升的速度为1cm/s，弹簧测力计示数F随物块上升的时间t变化的图象如图2所示。不计阻力及水面高度的变化，根据图象信息，问：（1）当15s时，测力计示数F15N。（2）物块A重25N，高度为20cm。（3）当t0时，A受到的浮力为20N，此时A底部受到水的压强大小为2.5103Pa。（4）物块A的密度为多大？【考点】2A：密度的计算；89：液体的压强的计算；8O：阿基米德原理的应用；8P：浮力大小的计算【分析】由图2可知，05s，弹簧测力计示数不变，此时物块浸没水中；5s25s，弹簧测力计示数变大，物块逐渐露出水面；25s以后，物体露出水面，弹簧测力计的示数等于物块重力。（1）由图2直接可读出当15s时，测力计示数。（2）25s以后，物体露出水面，由图2直接可读出当25s以后测力计示数，即为物块A重力；根据物体A露出水面的所用时间，根据svt即可求出物体A的高度。（3）当t0时，物块浸没水中；根据称重法求出A受到的浮力为；根据svt求出深度，利用pgh求出此时A底部受到水的压强；（4）根据阿基米德原理求出物块A的体积，然后利用Gmg求出质量，利用密度公式即可求出物体A的密度。【解答】解：由图2可知，05s，弹簧测力计示数不变，此时物块浸没在水中；5s25s，弹簧测力计示数变大，