2014年湖南省湘潭市中考物理试卷（教师版）.doc

2014年湖南省湘潭市中考物理试卷（教师版）一、单项选择题，本大题共15小题，每小题2分，共30分1（2分）某中学生按正常速度步行4km，所需时间大约是（）A40sB8minC1hD4h【考点】69：速度公式及其应用【分析】人步行的速度大约为1.2m/s，根据速度的变形公式计算即可。【解答】解：因为人步行时1秒钟大约能走1m，所以人步行的速度大约是1.2m/s，根据公式v得，某中学生按正常速度步行4km，所需时间t3300s0.9h，该时间最接近1h，故C符合题意。故选：C。【点评】本题考查速度的计算，解答此题的关键是知道人步行的速度。2（2分）下列操作符合安全用电原则的是（）A换用更粗的保险丝B用湿手拔插头C在电线附近放风筝D洗衣机外壳接地【考点】IV：安全用电原则【分析】选择保险丝时，应选择规格合适的保险丝；湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电。低压触电可分为单线触电和双线触电，当人体直接碰触带电设备其中的一线时，电流通过人体流入大地，这种触电现象称为单线触电；家庭电路中用电器的金属外壳一定接地，防止用电器漏电时发生触电事故。【解答】解：A、选择保险丝时，应根据用电器功率的要求，选择合适的保险丝，并不是越粗或越细越好。不符合安全用电原则；B、接在电路中的电源插头属于带电体，用湿手拔插头时，水属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险。不符合安全用电原则；C、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。在电线附近放风筝容易引起触电。不符合安全用电原则；D、金属外壳的用电器如果漏电，使金属外壳和火线相连，人站在地面上，接触用电器的金属外壳，间接接触火线，会发生触电事故，所以洗衣机等用电器的外壳一定接地，防止触电事故的发生。符合安全用电原则。故选：D。【点评】本题考查了安全用电的要求，只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就能够避免危险发生。3（2分）下列成语描述的光现象属于光的反射的是（）A凿壁偷光B猴子捞月C形影不离D一叶障目【考点】A6：光的反射现象【分析】要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射。要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。【解答】解：A、凿壁偷光是因为光是沿直线传播的缘故，故本选项不符合题意。B、猴子捞月，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。C、形影不离中的影子，是由于光沿直线传播形成的。故本选项不符合题意。D、一叶障目，就是因为光是沿直线传播的缘故。故本选项不符合题意。故选：B。【点评】光现象部分在考试的时候，总是结合多个知识点在一块，这就要求同学们对知识要有综合的处理能力。4（2分）在一根饮料细管上钻五个孔，嘴对着细管吹气，用手指按住其他不同的孔，听到了高低不同的声音，这主要改变了声音的（）A振幅B响度C音色D音调【考点】9D：频率与音调的关系【分析】声音是由物体的振动产生的，笛子口琴等管乐器产生的声音是由内部的空气柱振动产生的，短的空气柱产生高音，长的空气柱产生低音。【解答】解：吹笛子发出的声音，是由笛子内部空气柱振动产生的；用手指按住不同的孔，改变了里面空气柱的长度，从而改变了声音的音调。故选：D。【点评】本题考查了声音的产生以及音调的相关知识，属于声学中比较基础的内容，相对比较简单。5（2分）如图是内燃机的某个冲程，下列情况与该冲程能量的转化分式一致的是（）A火箭升空B搓手发热C滚摆上升D太阳能加热水【考点】GM：内燃机的四个冲程【分析】内燃机是利用内能做功的机器，其在工作时有四个冲程，即吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程。然后分析四个选项中的能量转化，并找出与其相同的过程。【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，因此是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能；A、火箭升空时，将内能转化为机械能，符合题意；B、搓手取暖是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，不合题意；C、滚摆上升，质量不变，高度增加，重力势能增大，速度减小，动能减小，动能转化为重力势能，不合题意；D、太阳能加热水是热传递的过程，是内能的转移，不合题意。故选：A。【点评】此题要结合内燃机的四个冲程特点和冲程中的能量转化关系以及分析清楚不同场景中涉及的能量转化。6（2分）飞行的蜜蜂与空气摩擦产生静电而带上负电荷，这是由于蜜蜂（）A得到了电子B得到了质子C失去了电子D失去了质子【考点】H7：摩擦起电的实质【分析】摩擦起电的实质是电子由一个物体转移到另一个物体的结果，只发生了电子的转移。【解答】解：物体获得电子，使得物体原子核外的电子数目大于原子核所带的正电数目，物体带负电；飞行的蜜蜂与空气摩擦产生静电而带上负电荷，这是由于蜜蜂得到了电子。故选：A。【点评】理解摩擦起电并不是创造了电荷，而是使电子发生了转移是解答此类题目的关键。7（2分）光线以45的入射角从空气射入玻璃中，则折射角可能为（）A0B30C45D60【考点】AK：光的折射规律的应用【分析】光的折射定律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；光由水或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。【解答】解：根据光从空气斜射入玻璃或其它透明介质时，折射角小于入射角。故B可能正确，ACD一定错误。故选：B。【点评】本题的关键是掌握光的折射规律，注意光从空气斜射入玻璃时，折射角小于入射角。8（2分） 在“天空一号上，宇航员王亚平从悬浮水珠的另一侧，看到了聂海胜头部所成倒立缩小的实像，如图所示。如果该水珠的焦距为f，则聂海胜头部到水珠的距离u的范围是（）AufBu2fCu2fDfu2f【考点】B8：凸透镜成像的应用【分析】首先根据图可确定像的性质，再根据凸透镜成实像时，当u2f，成倒立缩小的实像来解答此题。【解答】解：图中所成的像为倒立、缩小的实像，那么水珠相当于凸透镜，当u2f，成倒立缩小的实像，所以聂海胜头部位于水透镜两倍焦距以外。故选：C。【点评】根据凸透镜成像性质，判断凸透镜物距和像距的关系和应用，是一种常用的方法，一定要熟练掌握。9（2分）高速公路上行驶的汽车刹车失灵时，可让汽车进入如图所示的斜坡式避险车道，快速降低车速直至停止。此过程中主要将汽车的（）A机械能转化为内能B内能转化为机械能C动能转化为重力势能D重力势能转化为动能【考点】FU：动能和势能的转化与守恒【分析】一种形式的能转化为另一种形式的能，一种形式的能会减小，另一种形式的能会增大。从动能和重力势能大小进行判断。【解答】解：汽车进入避险车道快速降低车速，汽车的质量不变，速度减小，动能减小；高度增大，重力势能增大；汽车进入避险车道，动能转化为重力势能。故选：C。【点评】从能量大小的变化判断能量的转化，转化过程中，必然有一种形式能增大，有一种形式的能减小。10（2分）用水平力F推停在水平地面上的汽车，却没有推动，则地面对车的摩擦力大小（）A大于FB等于FC小于FD等于0【考点】6T：二力平衡条件的应用【分析】静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件进行判断。【解答】解：用水平力F推停在水平地面上的汽车，但没有推动，汽车处于静止状态，汽车水平方向上受到的推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等。所以ACD错误，B正确。故选：B。【点评】静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件判断力的大小和方向是常见的一种方法。11（2分）如图是一个检测天然气泄漏的电路，电源电压恒定不变，R0为定值电阻；R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度增大而减小。当天然气泄漏时，则（）A电流表示数增大，电压表示数增大B电流表示数增大，电压表示数变小C电流表示数变小，电压表示数变小D电流表示数变小，电压表示数增大【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，R与R0串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；根据天然气浓度的变化确定气敏电阻R的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和电压表示数的变化。【解答】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测量R0两端的电压，电流表测电路中的电流；当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由I可知，电路中的电流增大，即电流表的示数增大，故CD错误；由UIR可知，定值电阻R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A正确，B错误。故选：A。【点评】本题考查了电路的动态分析，会分析气敏电阻的阻值与浓度的变化关系是本题的突破口。12（2分）科学家研发了一种“激光橡皮”，用它发出的激光照射显示字迹的黑色碳粉，可让字迹消失，这是由于黑色碳粉发生了（）A熔化B汽化C升华D凝固【考点】1Q：生活中的升华现象【分析】在一定条件下，物体的三种状态固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；物质由固态直接变为气态叫升华。【解答】解：激光照射显示字迹的黑色碳粉，可让字迹消失。这是由于固态的黑色碳粉直接升华为气态。故C正确。故选：C。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。13（2分）如图所示的电吉它主要由“拾音器”和“音响”组成，拾音器上装有磁铁和线圈。拨动钢弦，让其振动，导线因切割磁感应线而产生不同频率的电流，该电流经放大后通过音响中的扬声器而发声。拾音器和扬声器的工作原理分别与哪个装置的工作原理相同（）A发电机、电动机B电动机、发电机C发电机、发电机D电动机、电动机【考点】CL：扬声器和耳机的构造和原理；CR：动圈式话筒的构造和原理【分析】（1）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象称为电磁感应现象；（2）根据扬声器线圈中的变化的电流产生变化的磁场，通电线圈在磁场中受到力的作用而振动，从而带动纸盆运动而发声。【解答】解：如图所示，电吉他的拾音器由磁铁和线圈组成。钢弦被磁化，弹动钢弦，相当于线圈做切割磁感线运动，在线圈中就会产生对应的音频电流，电吉它是利用电磁感应现象的原理制成的；发电机也是利用电磁感应现象的原理制成的；当扬声器的线圈通过电流时，通电线圈在磁场中受到力的作用而引起线圈振动，从而带动纸盆振动而发出声音；电动机就是根据通电线圈在磁场中受到力的作用这一原理制成的。故选：A。【点评】本题主要考查学生对：电磁感应现象的应用的了解和掌握，是一道基础题。14（2分）下列对品茶中的物理现象的解释，不正确的是（）A打开茶叶盒，茶香飘满屋是由于分子在做无规则运动B泡茶时一部分茶叶上浮是由于茶叶体积变大，重力变小C茶水太烫，吹一吹凉的快是由于吹气加快了茶水的蒸发D透过圆形玻璃茶杯看到手指变粗是由于装水的茶杯相当于放大镜【考点】1L：影响蒸发快慢的因素；8S：物体的浮沉条件及其应用；B8：凸透镜成像的应用；GV：分子的运动【分析】（1）组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物质分子通过扩散现象可以使分子充满整个空间；（2）上浮的茶叶受到浮力大于重力，合力向上，所以茶叶上浮；（3）液体汽化时要吸收热量，液体温度降低；蒸发与沸腾是液体汽化的两种方式，加快液体表面空气的流动速度可以加快蒸发速度；（4）从一侧看，玻璃杯中间后，边缘薄，相当于一个凸透镜，是一个放大镜。【解答】解：A、组成茶叶的物质分子不停地做无规则运动，打开茶叶盒，茶叶的芳香类物质扩散到空气中，所以茶香飘满屋，这是茶叶分子扩散的结果，故A正确；B、泡茶时，部分茶叶浮起来是由于茶叶受到的浮力大于自身的重力，重力变小的说法不正确，故B错误；C、茶水太烫，吹一吹凉得快，是因为吹一吹可以加快茶水表面空气的流动速度，加快茶水蒸发，使茶凉的快一些，故C正确；D、装水的茶杯相当于一个放大镜，我们透过玻璃茶杯看到的是被放大的手指的虚像，所以看到手指变粗，故D正确。故选：B。【点评】本题考查了扩散现象、物体上浮的条件、加快蒸发的因素、透明的应用，是一道学科综合题，但难度不大，只要熟练掌握基础知识即可。15（2分）为方便黑夜开灯，可安装带指示灯的开关，它由开关S和电阻很大的指示灯L1构成，当开关S闭合时，照明灯L2正常发光，L1不发光，当开关S断开时，L2不发光，L1正常发光，下列设计电路符合上述要求的是（）ABCD【考点】HU：串、并联电路的设计【分析】开关闭合时，只有照明灯发光，开关断开时，照明灯熄灭，指示灯会发出微弱的光，由此可知，照明灯与指示灯串联，开关与指示灯并联，即可满足要求。【解答】解：A、两只灯泡串联，闭合开关L1光，L2不能发光；断开开关两只灯泡都不能发光。不符合题意；B、两只灯泡串联，断开开关L1发光，L2不发光；闭合开关电源短路，两只灯泡都不能发光。不符合题意；C、断开开关，两只灯泡串联。L1发光，L2不能发光；闭合开关L2短路不能发光，L1发光。不符合题意；D、断开开关，两只灯泡串联。L2不发光，L1正常发光；闭合开关，L1短路不能发光，照明灯L2正常发光，L1不发光。符合题意。故选：D。【点评】本题考查了电路图的设计，解题的关键是正确判断开关和两灯泡连接关系，以及知道灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率。电路的设计很有实用价值，可以让学生认识到学习物理是有用的，也能激发学生的学习兴趣，是一道好题。二、填空、作图题（本题每空1分，作图2分，共20分）16（3分）如图所示，重力20N的三角形木块A静止在斜面上。（1）木块A所受摩擦力的方向沿斜面向上（填“上”或“下”）。（2）请在图中，画出A所受重力的示意图。【考点】7B：重力示意图【分析】（1）摩擦力的方向与物体运动方向或运动趋势的方向相反；（2）用一条带箭头的线段表示力的大小和方向即是力的示意图，重力的方向是竖直向下的，作用点在其重心上，重力的表示符号为G。【解答】解：（1）摩擦力的方向与物体运动方向或运动趋势的方向相反，物体在斜面上有沿斜面下滑的趋势，因此摩擦力的方向沿斜面向上；故答案为：上；（2）物体A受重力的作用点在其重心上，方向是竖直向下的，表示符号为G，如图所示：【点评】无论物体处于什么状态，物体所受重力的方向都是竖直向下的。17（3分）如图所示，一束光在平面镜上发生反射，反射光恰好照在光屏的A处。（1）请在图中画出相应的入射光线。（2）若要让反射光照在光屏的B处。可以将平面镜绕入射点O顺时针（填“顺时针”或“逆时针”）旋转适当的角度。【考点】A8：作光的反射光路图【分析】（1）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。（2）入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。【解答】解：（1）先过入射点垂直平面镜作出法线，再根据反射角等于入射角在法线的左侧画出入射光线。如图所示：（2）将平面镜绕入射点O逆时针转过一定角度（90），入射角变小，根据反射角等于入射角可知，反射角也随之变小，反射光线不可能经过B点；将平面镜绕入射点O顺时针转过一定角度（90），入射角变大，根据反射角等于入射角可知，反射角也随之变大，反射光线可能经过B点。故答案为：（1）见下图：（2）顺时针。【点评】作光路图一定要仔细规范，法线要用虚线，光线的传播方向要标准确。此题主要考查了光的反射定律的内容，特别是反射角与入射角的关系，其中必须搞清入射角与反射角的概念。18（2分）如图所示，把一张打印纸平放在两块砖上，沿两块砖之间的空隙向纸面下方吹气，纸会向下陷（填“上凸”或“下陷”）；这是由于纸的下表面气体流速比上表面大，下表面压强比上表面小（填“大”或“小”）。【考点】8K：流体压强与流速的关系【分析】流体压强与流速的关系：对于流体来说，流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。【解答】解：如图所示，向中间吹气时，纸片下方的空气流速快，产生的压强小，小于上面的大气压，所以纸片会陷下去。故答案为：下陷；小。【点评】在平时的学习中我们应多观察、多思考，本题体现了物理与生活实际的联系，难度不大。19（2分）某电动车的电动机额定功率是300W，若在水平路面上以额定功率行驶10s电动车消耗的电能为3103J；此时供电电流为5A，电动机的额定电压为60V。【考点】J3：电功与电能的计算；JA：电功率的计算【分析】（1）知道电动车电动机的额定功率和工作时间，可利用公式WPt计算出消耗的电能；（2）知道电动自行车电动机的功率和供电电流，根据PUI求出工作电压。【解答】解：（1）电动车消耗的电能为：WPt300W10s3103J。（2）根据PUI可得，电动机的额定工作电压：U60V。故答案为：3103；60。【点评】本题考查了电功率公式和功率公式的灵活应用，是一对较为简单的应用题。20（3分）端午节赛龙舟。传来的阵阵鼓声是鼓面振动产生的；船员用浆整齐的向后划水。龙舟却快速地向前行驶。说明水对桨产生了向前（填“前”或“后”）的作用力，这证明了力的作用是相互的。【考点】6I：力作用的相互性；91：声音的产生【分析】声音是由物体的振动产生的，船桨向后划水，船桨给水一个向后的力，由于物体间力的作用是相互的，水也给船桨一个向前的力，所以船向前运动。【解答】解：声音是由物体的振动产生的，鼓声就是由鼓面振动产生的。向后划水龙舟加速前进，船桨给水一个向后的力，水给船桨一个向前的力，体现了力的作用是相互的。故答案为：振动，前，相互。【点评】本题考查的是物理综合性知识，在生活中的物理知识是很丰富的，所以学生们在学习物理的同时应该不断地从生活中发现物理。21（3分）“歼15”舰载机在行驶中的“辽宁舰”上着舰时，航载机由于具有惯性。仍会继续高速向前运动。为防止它冲出辽宁舰的甲板，必须适时让阻拦锁钩钩住舰载机尾钩，迫使它在3s内静止，舰载机“静止”是以甲板作参照物。阻拦索对舰载机尾钩的作用主要是拉力（填“拉力”或“摩擦力”）。【考点】52：参照物及其选择；6L：惯性【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，一切物体都有惯性；（2）判断一个物体是否运动，要先选择一个参照物，看这个物体相对于参照物有没有位置的改变来判断物体是否运动。如果位置发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；（3）阻拦绳是给飞机一向后的拉力，力是改变物体运动状态的原因。【解答】解：“歼15”舰载机在行驶中的“辽宁舰”上着舰时，由于惯性，要保持原来的运动状态，所以仍要滑行一段距离，让阻拦锁钩钩住舰载机尾钩，迫使它在3s内静止，则舰载机相对于甲板静止，故舰载机“静止”是以甲板作参照物。飞机被阻拦索挂住后，阻拦索给飞机一个与飞机运动方向相反的拉力，改变了飞机的运动状态。故答案为：惯性；甲板；拉力。【点评】本题考查了运动和静止的相对性、惯性、力和运动的关系，只要细心分析解答不难。22（2分）今年3月，马航MH370飞机失联后，专业人员利用卫星接收到该飞机飞行时发动机定时发出的信号，推断出了它坠海的可能位置；再用“拖拽声波定位仪”搜寻了“黑匣子”发出的频率为37.5KHz的信号。发动机发出的信号是电磁波，“黑匣子”发出的信号是超声波（填“电磁”“超声”或“次声”）。【考点】9E：超声波与次声波；D2：电磁波的传播与应用【分析】卫星系统则通过电磁波来传递信息的。而“黑匣子”发出的信号是超声波。【解答】解：飞机飞行时发动机定时发出的信号是电磁波；“黑匣子”发出的信号是超声波。故答案为：电磁；超声。【点评】超声波与电磁波都可以用来传递信息，但由于它们的特点不同，所以应用范围也不相同，是我们应该了解的。23（2分）如图是一艘“能量采集船”。船两侧的“工作臂”上装了可触及水面的浮标。波浪驱动“工作臂”上下运动，带动船内的发电机。如果“工作臂”2s内上下运动一次获得的电能，可将1000kg的重物举高20cm，则该船1分钟可以获得6104J的电能，此时的发电功率为1000W。【考点】JA：电功率的计算【分析】根据题意可知，发电机2s内获得的电能等于将重物举高做的功，根据WGhmgh求出2s内获得的电能，进一步求出1min内获得的电能，根据P求出此时的发电功率。【解答】解：发电机2s内获得的电能：WGhmgh1000kg10N/kg20102m2000J，该船1分钟内获得的电能：W总nW2000J6104J，此时的发电功率：P1000W。故答案为：6104；1000。【点评】本题考查了功和电功率的计算，从题干中获取有用的信息是解题的关键。三、实验探究题（本题每空1分，共27分）24（6分）如图是探究杠杆平衡条件的实验装置。（1）实验前，发现杠杆右端略高于左端，为使杠杆在水平位置，应将杠杆左、右两端的平衡螺母向右调节（填“左”或“右”）。（2）如图所示，杠杆左端P点悬挂一个重物，用测力计在A点竖直向下拉杠杆，使其保持水平平衡状态。如果将该测力计挂钩移至B点，仍用同样大小的力竖直向下拉杠杆，杠杆不再保持平衡，说明力对杠杆的作用效果与力的作用点（填“大小”“方向或”作用点“）有关。如果在A点用同样大小的力斜向下拉杠杆。杠杆不再保持平衡，说明力对杠杆的作用效果与力的方向（填“大小”“方向”或“作用点”）有关。在该杠杆右端A、B间的不同位置，让测力计用同样大小的力拉杠杆，调整拉力方向，使杠杆保持水平平衡状态，发现支点O到拉力作用线的垂直距离每次都相同，说明该距离可以用来表达力的方向与作用点（均填“大小”“方向”或“作用点”）对杠杆的共同作用效果，物理学上将该距离叫力臂。【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验【分析】（1）探究杠杆平衡条件之前首先要调节杠杆在水平位置平衡，螺母向上翘的一端移动。使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于在杠杆上测量力臂。（2）力和力臂影响杠杆的作用效果。【解答】解：（1）杠杆右端上翘，螺母向右端移动。杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量动力臂和阻力臂。（2）如果将该测力计挂钩移至B点，仍用同样大小的力竖直向下拉杠杆，杠杆不再保持平衡，说明力对杠杆的作用效果与力的作用点有关。如果在A点用同样大小的力斜向下拉杠杆，杠杆不再保持平衡，说明力对杠杆的作用效果与力的方向有关。在该杠杆右端A、B间的不同位置，让测力计用同样的大小的力拉杠杆，调整拉力方向，使杠杆保持水平平衡状态，发现支点O到拉力作用线的垂直距离每次都相同，说明该距离可以用来表达力的方向和作用点对杠杆的共同作用效果，物理学上将该距离叫力臂。故答案为：（1）右；（2）作用点；方向；方向；作用点；力臂。【点评】杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直接读出力臂；还要理解力的作用点和力的方向对杠杆的作用。25（5分）用如图甲所示的装置探究“水的沸腾”实验。（1）图乙所示的温度计示数为95（2）给水加热的过程中，出现如图丙的现象，是在沸腾前（填“前”或“中”）；杯中的气泡是水蒸气（填“空气”或“水蒸气”），这些气泡在上浮的过程中越来越小，说明杯中底部的水温上部的水温（填“”“”或“”）。（3）图丁是根据实验记录绘制的沸腾图象，则水的沸点为99【考点】1O：探究水的沸腾实验【分析】（1）温度计的原理是根据液体的热胀冷缩性质制成的，要弄清楚温度计的量程和分度值再去读数；（2）要正确解决此题，需要了解液体沸腾前和沸腾时的现象。沸腾前气泡在上升过程中，体积减小，到液面时消失；沸腾时产生大量气泡，气泡在上升过程中体积增大，最后破裂；（3）液体沸腾时，不断吸热，温度保持不变，这个温度就是沸点。【解答】解：（1）温度计一个大格表示10，里面有10个小格，因此它的分度值为1，图中温度计的示数是95；（3）沸腾前气泡在上升过程中，体积减小，到液面时消失，所以乙图是沸腾前的现象；水沸腾前，在烧杯底部产生的气泡中的水蒸气在上升时遇冷液化了，所以气泡变小；这些气泡在上浮的过程中越来越小，说明杯中底部的水温上部的水温。（3）水沸腾时吸收热量温度不变，观察图可知，水沸腾的温度是99。故答案为：（1）95；（2）前；水蒸气；大于；（3）99。【点评】在探究“沸腾的规律”的实验中，应学会观察水沸腾时的现象，并能通过读取图象，获得有用的信息，知道如何有针对性地对实验进行改进，还要了解水的沸点与气压的关系。26（7分）用测力计悬挂高H0.1m的实心铝圆柱体，读出测力计的示数F1，然后将圆柱体放入柱型容器的水中，如图所示，读出此时测力计的示数F2，算出圆柱体所受浮力F浮并测出圆柱体放入水中前、后对水容器底部的压强增加量p1，以及水对圆柱体下表面和上表面的压强差p2，逐步改变圆柱体下表面浸入液体的深度h，并将测量结果填入了下表。 实验序号 h（m）p1（Pa）p2（Pa） F浮（N） 1 0.02 100 200 3 2 0.04 200 400 6 3 0.06 300 600 9 4 0.08 400 800 12 5 0.10 500 1000 15 60.12 500 1000 15 7 0.20 500 1000 15（1）圆柱体所受浮力的计算式“F浮F1F2（用题中的字母表示）。（2）分析表中数据可得：在圆柱体完全浸没在水中之前，p1与h成正比，圆柱体所受浮力F浮与h成正比（均填“成”或“不成”）。（3）圆柱体放在水中的不同位置，F浮与p2的比值相同（填“相同”或“不同”）圆柱体的底面积为0.015m2。（4）如果将盛水的柱型容器换成相同底面积的梯形容器，如图所示，再将铝圆柱体按上述操作进行实验，请你预测当h0.04m时，p1200Pa，圆柱体所受浮力F浮6N（均填“”“”或“”）【考点】8R：探究影响浮力大小因素的实验【分析】（1）根据称重法测量物体受到的浮力，浮力大小等于空气中的重力与浸入水中时的重力之差；（2）分析表中数据可得出p1与h，F浮与h的关系；（3）分析表中数据可得出F浮与p2的比值关系；从表中数据可知圆柱体浸没水中水对圆柱体下表面和上表面的压强差p2，根据浮力的产生原因可知浮力是物体上下两个表面受到水的压力差，根据p计算出圆柱体的底面积；（4）圆柱体未浸没水中前，浸没相同的深度，缩口的容器液面上升的高度高，据此分析水对容器底部的压强增加量p1的变化；圆柱浸没水中的深度相同，排开水的体积相同，根据阿基米德原理判断浮力变化。【解答】解：（1）圆柱体受到浮力大小等于空气中的重力与浸入水中时的重力之差，即F浮F1F2；（2）分析表中实验序号14中数据可知，在圆柱体完全浸没在水中之前，圆柱体浸没水中深度增大到几倍，水容器底部的压强增加量p1增大到几倍，水对圆柱体下表面和上表面的压强差p2增大到几倍，所以，p1与h成正比，圆柱体所受浮力F浮与h成正比；（3）分析表中各组实验数据可知，F浮与p2的比值分别为：第1组：，第2组：，第3组：，第4组：，第5组：，所以F浮与p2的比值相同；由第一组数据可知，圆柱体没有浸没水中，水对圆柱体下表面和上表面的压强差p2即下表面受到水的压强，由浮力的产生原因可知，水对圆柱体下表面的压力F等于水对圆柱体产生的浮力F浮，由p得，S0.015m2；（4）将圆柱体换成相同底面积的梯形容器后，圆柱体浸没深度h0.04m时，缩口容器液面上升的高，水对容器底部压强的增加量p变大，所以，p1200Pa；圆柱体浸没水的深度相同，排开水的体积相同，圆柱体所受浮力相同，所以F浮6N。故答案为：（1）F1F2；（2）成；成；（3）相同；0.015；（4）；。【点评】本题通过创新型实验考查了对浮力产生原因、压强和压力知识的应用，能够结合图象看懂表格中的数据关系，从表中获取有用的信息是解答此题的关键。27（9分）如图是研究小灯泡电流与电压关系的实验中装置，灯泡上标有“3.0V”字样，电源电压恒定。（1）请用笔画线代替导线，将图中的器材连成完整的电路。（2）实验前，应先将滑片P移到左端。闭合开关S，发现小灯泡发光，电压表有示数，电流表示数为0电路中存在的故障是电流表短路。（3）排除故障后，测出小灯泡在不同电压下的电流，并填入下表。其中第四次实验电流表的示数如图所示，则通过灯泡的电流为0.2A。试验次数12345电压U/V1.01.52.02.53.0电流I/A0.100.140.170.22（4）由实验数据可得：小灯泡两端电压变大，通过它的电流会变大，其电阻值会变大（均填“变大”“变小”或“不变”）；灯泡的额定功率为0.66W【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）电压表与灯泡并联，滑动变阻器一上一下连接在电路中；（2）闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；灯泡发光说明电路未发生断路，电流表无示数，说明电流表短路；（3）确定灯泡的量程，读出示数；（4）灯丝的电阻随温度的升高而增大；确定额定电流，根据PUI计算出额定电功率。【解答】解：（1）电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为3.0V，电压表可选择03V的量程；滑动变阻器已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如图所示：（2）滑动变阻器的下面接了右边的接线柱，所以闭合开关前，应将滑片移至最左端，使其阻值最大；灯泡发光说明电路未发生断路，电流表无示数，是由于电流表短路造成；（3）由图知，电流表的量程为00.6A，示数为0.2A；（4）由实验数据可得：小灯泡两端电压变大，通过它的电流会变大，由R计算可知电阻值变大；当U3.0V时，I0.22A，则灯泡的额定功率：PUI3.0V0.22A0.66W。故答案为：（1）见上图；（2）左；电流表短路；（3）0.2；（4）越大；变大；0.66。【点评】本题是研究小灯泡电流与电压关系实验，考查了实验中应注意的问题，考查了实物电路的连接及电流表的读数，难度不大，都是基础性问题。四、综合题，本题共23分28（5分）如图是我市江麓机械厂生产的某塔吊升降机示意图。如果电动机拉动升降机的钢丝绳，在1min内将9000N的货物匀速提升了30m，此时钢丝绳的拉力为4000N，则（1）货物上升的速度为0.5m/s。（2）1min内升降机克服货物重力做的功为270000J。（3）升降机的机械效率为多大？【考点】6A：速度的计算；EC：功的计算；F3：机械效率的计算【分析】（1）根据在1min内将9000N的货物匀速提升了30m，可求得货物上升的速度（2）根据WGh可求得1min内升降机克服货物重力做的功；（3）升降机承担物重的绳子股数n3，则拉力端移动的距离s3h，再利用效率公式求滑轮组的机械效率。【解答】解：（1）货物上升的速度v0.5m/s，（2）重力做的功WGh9000N30m270000J；（3）钢丝绳的拉力做的总功：W总Fs3Fh34000N30m360000J，升降机的机械效率100%75%。答：（1）0.5；（2）270000；（3）升降机的机械效率为75%。【点评】本题涉及到速度、功、机械效率等的计算，是一综合性较强的题，在计算过程中要注意各个物理量之间的关系，考查了学生的综合应用能力，属于难题。29（9分）用排水法可以测出矿石密度。先向量筒倒入适量的水，如图甲所示，再将小空瓶放入量筒内，然后将小矿石放入该空瓶中，稳定后量筒中的水面高度分别如图乙、图丙所示。最后将小空瓶从量筒中拿出，让小矿石沉入量筒底。如图丁所示，则：（1）量筒中有50mL的水。（2）按图甲和图乙的操作，可测出小空瓶的重力，其值为0.1N。（3）矿石的密度为多少g/cm3。【考点】2M：固体的密度测量实验【分析】（1）明确量筒的分度值，读出水的体积；（2）物体漂浮，浮力等于物体的重力；读出小空瓶放入后多排开水的体积，根据阿基米德原理和漂浮条件计算出小空瓶的重力；（3）由图乙和图丙可以读出小矿石放入后多排开水的体积，根据阿基米德原理和漂浮条件计算出小矿石的重力；根据Gmg计算出矿石的质量；根据图甲和图丁读出小矿石的体积；最后根据密度公式计算出小矿石的密度。【解答】解：（1）量筒的分度值是5ml，量筒内的水的体积是V50.0ml50cm3；（2）小空瓶放入量筒中后排开水的体积V排60ml50ml10ml10cm3，受到的浮力F浮gV排1.0103kg/m310N/kg10106m30.1N；物体漂浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以小空瓶的重力GF浮0.1N；（3）由图乙和图丙可以读出小矿石放入后多排开水的体积V排270ml60ml10ml10cm3，所以小矿石受到的浮力F浮2gV排21.0103kg/m310N/kg10106m30.1N；所以小矿石的重力G小矿石F浮20.1N；所以小矿石的质量m小矿石0.01kg10g，由图甲和图丁得出小矿石的体积V小矿石52ml50ml2ml2cm3，所以小矿石的密度小矿石