武汉市中考数学几何综合压轴题模拟专题.doc

武汉市中考数学几何综合压轴题模拟专题一、中考几何压轴题1（1）问题发现如图1，ACB和DCE均为等边三角形，点A，D，E在同一直线上，连接BE填空：AEB的度数为 ；线段AD，BE之间的数量关系为 （2）拓展探究如图2，ACB和DCE均为等腰直角三角形，ACBDCE90，点A，D，E在同一直线上，CM为DCE中DE边上的高，连接BE，请判断AEB的度数及线段CM，AE，BE之间的数量关系，并说明理由（3）解决问题如图3，在正方形ABCD中，CD，若点P满足PD1，且BPD90，请直接写出点A到BP的距离2某数学课外活动小组在学习了勾股定理之后，针对图1中所示的“由直角三角形三边向外侧作多边形，它们的面积之间的关系问题”进行了以下探究：类比探究：（1）如图2，在中，为斜边，分别以为直径，向外侧作半圆，则面积之间的关系式为_；推广验证：（2）如图3，在中，为斜边，分别以为边向外侧作，满足，则（1）中所得关系式是否仍然成立？若成立，请证明你的结论；若不成立，请说明理由；拓展应用：（3）如图4，在五边形中，点在上，求五边形的面积3点E是矩形ABCD边AB延长线上的一动点，在矩形ABCD外作RtECF，其中ECF90，过点F作FGBC，交BC的延长线于点G，连接DF，交CG于点H（1）发现：如图1，若ABAD，CECF，猜想线段DH与HF的数量关系是 ；（2）探究：如图2，若ABnAD，CFnCE，则（1）中的猜想是否仍然成立？若成立，请给予证明；若不成立，请说明理由（3）拓展：在（2）的基础上，若射线FC过AD的三等分点，AD3，AB4，则直接写出线段EF的长4函数的图象与性质拓展学习展示：（问题）如图，在平面直角坐标系中，抛物线：与轴相交于，两点，与轴交于点，则_，_（操作）将图中抛物线沿方向平移长度的距离得到拋物线，在轴左侧的部分与在轴右侧的部分组成的新图象记为，如图请直接写出图象对应的函数解析式（探究）在图中，过点作直线平行于轴，与图象交于，两点，如图求出图象在直线上方的部分对应的函数随的增大而增大时的取值范围（应用）是抛物线对称轴上一个动点，当是直角三角形时，直接写出点的坐标5（1）问题发现如图1，ABC与ADE都是等腰直角三角形，且BACDAE90，直线BD，CE交于点F，直线BD，AC交于点G则线段BD和CE的数量关系是 ，位置关系是 ；（2）类比探究如图2，在ABC和ADE中，ABCADE，ACBAED，直线BD，CE交于点F，AC与BD相交于点G若ABkAC，试判断线段BD和CE的数量关系以及直线BD和CE相交所成的较小角的度数，并说明理由；（3）拓展延伸如图3，在平面直角坐标系中，点M的坐标为（3.0），点N为y轴上一动点，连接MN将线段MN绕点M逆时针旋转90得到线段MP，连接NP，OP请直接写出线段OP长度的最小值及此时点N的坐标6综合与实践动手操作利用旋转开展教学活动，探究图形变换中蕴含的数学思想方法如图1，将等腰直角三角形的边绕点顺时针旋转90得到线段，连接，过点作交延长线于点思考探索（1）在图1中：求证：；的面积为_；_拓展延伸（2）如图2，若为任意直角三角形，、分别用、表示请用、表示：的面积：_；的长：_；（3）如图3，在中，连接的面积为_；点是边的高上的一点，当_时，有最小值_7如图：两个菱形与菱形的边在同一条直线上，边长分别为a和b，点C在上，点M为的中点（1）观察猜想：如图，线段与线段的数量关系是_（2）拓展探究：如图，将图中的菱形绕点B顺时针旋转至图位置，其他条件不变，连接，猜想线段与线段的数量关系，并说明理由求出线段与所成的最小夹角（3）解决问题：如图，若将题目中的菱形改为矩形，且，请直接写出线段与线段的数量关系8（教材呈现）下面是华师版八年级下册教材第89页的部分内容如图，G，H是平行四边形ABCD对角线AC上的两点，且AG=CH，E，F分别是边AB和CD的中点求证：四边形EHFG是平行四边形证明：连接EF交AC于点O四边形ABCD是平行四边形AB=CD，ABCD又E，F分别是AB，CD的中点AE=CF又ABCDEAO=FCO又AOE=COFAOECOF请补全上述问题的证明过程（探究）如图，在ABC中，E，O分别是边AB、AC的中点，D、F分别是线段AO、CO的中点，连结DE、EF，将DEF绕点O旋转180得到DGF，若四边形DEFG的面积为8，则ABC的面积为 （拓展）如图，GH是正方形ABCD对角线AC上的两点，且AGCH，GHAB，E、F分别是AB和CD的中点若正方形ABCD的面积为16，则四边形EHFG的面积为 9已知：如图1所示将一块等腰三角板BMN放置与正方形ABCD的重合，连接AN、CM，E是AN的中点，连接BE （观察猜想）（1）CM与BE的数量关系是_；CM与BE的位置关系是_；（探究证明）（2）如图2所示，把三角板BMN绕点B逆时针旋转，其他条件不变，线段CM与BE的关系是否仍然成立，并说明理由；（拓展延伸）（3）若旋转角，且，求的值10如图，在中，为底边上一动点，连接，以为斜边向左上方作等腰直角，连接观察猜想：（1）当点落在线段上时，直接写出，的数量关系：_类比探究：（2）如图2，当点在线段上运动时，请问（1）中结论是否仍然成立？若成立，请证明；若不成立，请说明理由；拓展延伸：（3）在点运动过程中，当时，请直接写出线段的长11综合与实践探究特殊三角形中的相关问题问题情境：某校学习小组在探究学习过程中，将两块完全相同的且含角的直角三角板和按如图1所示位置放置，且的较短直角边为2，现将绕点按逆时针方向旋转，如图2，与交于点，与交于点，与交于点（1）初步探究：勤思小组的同学提出：当旋转角 时，是等腰三角形；（2）深入探究：敏学小组的同学提出在旋转过程中，如果连接，那么所在的直线是线段的垂直平分线请帮他们证明；（3）再探究：在旋转过程中，当旋转角时，求与重叠的面积；（4）拓展延伸：在旋转过程中，是否能成为直角三角形？若能，直接写出旋转角的度数；若不能，说明理由12折纸是一种许多人熟悉的活动近些年，经过许多人的努力，已经找到了多种将正方形折纸的一边三等分的精确折法，下面探讨其中的一种折法：（综合与实践）操作一：如图1，将正方形纸片ABCD对折，使点A与点D重合，点B与点C重合，再将正方形纸片ABCD展开，得到折痕MN；操作二：如图2，将正方形纸片ABCD的右上角沿MC折叠，得到点D的对应的点为D；操作三：如图3，将正方形纸片ABCD的左上角沿MD折叠再展开，折痕MD与边AB交于点P；（问题解决）请在图3中解决下列问题：（1）求证：BPDP；（2）AP：BP ；（拓展探究）（3）在图3的基础上，将正方形纸片ABCD的左下角沿CD折叠再展开，折痕CD与边AB交于点Q再将正方形纸片ABCD过点D折叠，使点A落在AD边上，点B落在BC边上，然后再将正方形纸片ABCD展开，折痕EF与边AD交于点E，与边BC交于点F，如图4试探究：点Q与点E分别是边AB，AD的几等分点？请说明理由13在ABC中，ACBC，ACB，点D为直线BC上一动点，过点D作DFAC交直线AB于点F，将AD绕点D顺时针旋转得到ED，ED交直线AB于点O，连接BE（1）问题发现：如图1，90，点D在边BC上，猜想：AF与BE的数量关系是 ；ABE 度（2）拓展探究：如图2，090，点D在边BC上，请判断AF与BE的数量关系及ABE的度数，并给予证明（3）解决问题如图3，90180，点D在射线BC上，且BD3CD，若AB8，请直接写出BE的长14如图（1），已知点在正方形的对角线上，垂足为点，垂足为点（1）证明与推断：求证：四边形是正方形；推断：的值为_ _；（2）探究与证明：将正方形绕点顺时针方向旋转角，如图（2）所示，试探究线段与之间的数量关系，并说明理由；（3）拓展与运用：若，正方形在绕点旋转过程中，当三点在一条直线上时，则 15问题发现：（1）如图1，与同为等边三角形，连接则与的数量关系为_；直线与所夹的锐角为_；类比探究：（2）与同为等腰直角三角形，其他条件同（1），请问（1）中的结论还成立吗？请说明理由；拓展延伸：（3）中，为的中位线，将绕点逆时针自由旋转，已知，在自由旋转过程中，当在一条直线上时，请直接写出的值16（1）问题情境：如图1，已知等腰直角中，是上的一点，且，过作于，取中点，连接，则的长为_（请直接写出答案）小明采用如下的做法：延长到，使，连接，为中点，为的中点，是的中位线请你根据小明的思路完成上面填空；（2）迁移应用：将图1中的绕点作顺时针旋转，当时，试探究、的数量关系，并证明你的结论（3）拓展延伸：在旋转的过程中，当、三点共线时，直接写出线段的长17问题呈现：已知等边三角形边的中点为点，的两边分别交直线，于点，现要探究线段，与等边三角形的边长之间的数量关系（1）特例研究：如图1，当点，分别在线段，上，且，时，请直接写出线段，与的数量关系：_；（2）问题解决：如图2，当点落在射线上，点落在线段上时，（1）中的结论是否成立？若不成立，请通过证明探究出线段，与等边三角形的边长之间的数量关系；（3）拓展应用：如图3，当点落在射线上，点落在射线上时，若，请直接写出的长和此时的面积18如图1所示，边长为4的正方形与边长为的正方形的顶点重合，点在对角线上（问题发现）如图1所示，与的数量关系为_；（类比探究）如图2所示，将正方形绕点旋转，旋转角为，请问此时上述结论是否还成立？如成立写出推理过程，如不成立，说明理由；（拓展延伸）若点为的中点，且在正方形的旋转过程中，有点、在一条直线上，直接写出此时线段的长度为_19石家庄某学校数学兴趣小组利用机器人开展数学活动，在相距150个单位长度的直线跑道AB上，机器人甲从端点A出发，匀速往返于端点A、B之间，机器人乙同时从端点B出发，以大于甲的速度匀速往返于端点B、A之间他们到达端点后立即转身折返，用时忽略不计，兴趣小组成员探究这两个机器人迎面相遇的情况，这里的“迎面相遇”包括面对面相遇、在端点处相遇这两种（观察）观察图1，若这两个机器人第一次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离为30个单位长度，则他们第二次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离为 个单位长度若这两个机器人第一次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离为35个单位长度，则他们第二次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离为 个单位长度（发现）设这两个机器人第一次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离为x个单位长度，他们第二次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离为y个单位长度，兴趣小组成员发现了y与x的函数关系，并画出了部分函数图象（线段OP，不包括点O，如图2所示）a ；分别求出各部分图象对应的函数解析式，并在图2中补全函数图象（拓展）设这两个机器人第一次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离为x个单位长度，他们第三次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离为y个单位长度，若这两个机器人在第三次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离y不超过60个单位长度，则他们第一次迎面相遇时，相遇地点与点A之间的距离x的取值范围是 （直接写出结果）20（1）问题探究：如图1，ABC，ADE均为等边三角形，连接BD、CE，试探究线段BD与CE的数量关系，并说明理由（2）类比延伸如图2，在RtABC和RtADE中，ACBAED90，ABCADE30，连接BD，CE，试确定BD与CE的数量关系，并说明理由（3）拓展迁移如图3，在四边形ABCD中，ACBC，且ACBC，CD4，若将线段DA绕点D按逆时针方向旋转90得到DA，连接BA，求线段BA的长【参考答案】*试卷处理标记，请不要删除一、中考几何压轴题1（1）60；相等；（2）AEB=90，AE=2CM+BE，证明见解析；（3），【分析】（1）由条件易证ACDBCE，从而得到：AD=BE，ADC=BEC由点A，D，E在同一解析：（1）60；相等；（2）AEB=90，AE=2CM+BE，证明见解析；（3），【分析】（1）由条件易证ACDBCE，从而得到：AD=BE，ADC=BEC由点A，D，E在同一直线上可求出ADC，从而可以求出AEB的度数（2）仿照（1）中的解法可求出AEB的度数，证出AD=BE；由DCE为等腰直角三角形及CM为DCE中DE边上的高可得CM=DM=ME，从而证到AE=2CH+BE（3）由PD=1可得：点P在以点D为圆心，1为半径的圆上；由BPD=90可得：点P在以BD为直径的圆上显然，点P是这两个圆的交点，由于两圆有两个交点，接下来需对两个位置分别进行讨论然后，添加适当的辅助线，借助于（2）中的结论即可解决问题【详解】解：（1）如图1ACB和DCE均为等边三角形，CA=CB，CD=CE，ACB=DCE=60，ACD=BCE在ACD和BCE中，ACDBCE（SAS），ADC=BECDCE为等边三角形，CDE=CED=60点A，D，E在同一直线上，ADC=120，BEC=120，AEB=BECCED=60故答案为：60ACDBCE，AD=BE故答案为：AD=BE（2）AEB=90，AE=BE+2CM理由：如图2ACB和DCE均为等腰直角三角形，CA=CB，CD=CE，ACB=DCE=90，ACD=BCE在ACD和BCE中，ACDBCE（SAS），AD=BE，ADC=BECDCE为等腰直角三角形，CDE=CED=45点A，D，E在同一直线上，ADC=135，BEC=135，AEB=BECCED=90CD=CE，CMDE，DM=MEDCE=90，DM=ME=CM，AE=AD+DE=BE+2CM（3）点A到BP的距离为或理由如下：PD=1，点P在以点D为圆心，1为半径的圆上BPD=90，点P在以BD为直径的圆上，点P是这两圆的交点当点P在如图3所示位置时，连接PD、PB、PA，作AHBP，垂足为H，过点A作AEAP，交BP于点E，如图3四边形ABCD是正方形，ADB=45AB=AD=DC=BC=，BAD=90，BD=2DP=1，BP=BPD=BAD=90，A、P、D、B在以BD为直径的圆上，APB=ADB=45，PAE是等腰直角三角形又BAD是等腰直角三角形，点B、E、P共线，AHBP，由（2）中的结论可得：BP=2AH+PD，=2AH+1，AH=当点P在如图3所示位置时，连接PD、PB、PA，作AHBP，垂足为H，过点A作AEAP，交PB的延长线于点E，如图3同理可得：BP=2AHPD，=2AH1，AH=综上所述：点A到BP的距离为或【点睛】本题考查了等边三角形的性质、正方形的性质、等腰三角形的性质、直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半、圆周角定理、三角形全等的判定与性质等知识，考查了运用已有的知识和经验解决问题的能力，是体现新课程理念的一道好题而通过添加适当的辅助线从而能用（2）中的结论解决问题是解决第（3）的关键2（1）S1+S2=S3，(2)成立，证明见解析，（3）【分析】（1）分别写出三个半圆的面积，再利用勾股定理转化即可（2）先证明三个三角形相似，再计算出三个三角形的面积，即可得出结论（3）解析：（1）S1+S2=S3，(2)成立，证明见解析，（3）【分析】（1）分别写出三个半圆的面积，再利用勾股定理转化即可（2）先证明三个三角形相似，再计算出三个三角形的面积，即可得出结论（3）先添加辅助线，在第二问的思路下，先证明三个三角形相似，得出三个三角形的面积关系，再利用30、45的直角三角形计算出相应的边，计算出五边形的面积即可【详解】解：（1）设AB=b,AC=a,BC=c.则有： 所以在RtABC中，有a2+b2=c2，且故答案为：S1+S2=S3（2）设AB、AC、BC边上的高分别为h1，h2，h3，设AB=b,AC=a,BC=c则 又在RtABC中，有a2+b2=c2 故依然成立（3）连接PD、BD，作AFBP，EMPDABP=30，BAP=105APB=45在RtABF中，AF= AB= , BF=3,在RtAFP中,AF=PF=,则AP= ，A=E, ABPEDPEPD=45EDP=30BPD=90 又PE= PM=EM=1,MD= 则PD=1+ = 所以五边形的面积为：【点睛】本题考查勾股定理、与勾股定理有关的图形问题、相似三角形是中考的常考知识3(1)DH=HF；(2)DH=HF仍然成立，理由见解析；(3)或 【分析】(1)证明，得，则，则证，得出即可；(2)证，则，由矩形的性质得出，证，即可得出；(3)根据矩形的性质和已知得，则解析：(1)DH=HF；(2)DH=HF仍然成立，理由见解析；(3)或 【分析】(1)证明，得，则，则证，得出即可；(2)证，则，由矩形的性质得出，证，即可得出；(3)根据矩形的性质和已知得，则，分两种情况，根据勾股定理和平行线的性质进行解答即可【详解】解：(1)，理由如下：四边形ABCD是矩形，四边形ABCD是正方形，在和中， ， ，在和中，故答案为，(2) 仍然成立，理由如下：四边形ABCD是矩形，四边形ABCD是矩形，四边形ABCD是矩形，在和中，(3)如图所示，延长FC交AD于R，四边形ABCD是矩形，分两种情况：当时，在中，由勾股定理得：，由勾股定理得：EF；当时，同理可得：， ，由勾股定理得： ，综上所说，若射线FC过AD的三等分点，则线段EF的长为或【点睛】本题主要考查了正方形的判定与性质、矩形的性质、平行线的性质、全等三角形的判定与性质、勾股定理、相似三角形的判定与性质等知识，熟练掌握平行线的性质和相似三角形的判定与性质是解题的关键4【问题】，1；【操作】当时，当时，；【探究】或；【应用】点的坐标为：或【分析】问题:即可求解；操作：抛物线G1沿BC方向平移BC长度的距离得到抛物线G2，相当于抛物线向左平移3个单位，向上平解析：【问题】，1；【操作】当时，当时，；【探究】或；【应用】点的坐标为：或【分析】问题:即可求解；操作：抛物线G1沿BC方向平移BC长度的距离得到抛物线G2，相当于抛物线向左平移3个单位，向上平移个单位，即可求解；探究：将点C的坐标代入两个函数表达式，求出G1、G2的顶点坐标，即可求解；应用：证明EPN=MDP，利用tanEPN=tanMDP，即可求解【详解】解：问题：，解得：，故答案为：，1；操作：抛物线沿方向平移长度的距离得到抛物线，相当于抛物线向左平移3个单位，向上平移个单位，：，：，当时，当时，；探究：点的坐标为当时，解得：，当时，解得：，抛物线的顶点为，抛物线的顶点为，或时，函数随的增大而增大；应用：如图，过点作轴的平行线交过点与轴的垂线于点，交过点与轴的垂直的直线于点，设点，则，即，即，解得：，故点的坐标为：或【点睛】本题考查的是二次函数综合运用，涉及解直角三角形、图形的平移等，具有一定的综合性，关键在于根据题意作出图形进行解答5（1）BDCE，BDCE，理由见详解；（2）AB=kAC， 180-；（3）N(0，3)，OP的最小值为3【分析】（1）先证明ABDACE，从而得BDCE，ABDACE解析：（1）BDCE，BDCE，理由见详解；（2）AB=kAC， 180-；（3）N(0，3)，OP的最小值为3【分析】（1）先证明ABDACE，从而得BDCE，ABDACE，结合AGBFGC，即可得到结论；（2）先证明ABCADE，从而得，结合BAD=CAE，可得BADCAE，进而即可得到结论；（3）把OPM绕点M顺时针旋转90得到 （与N重合），则，(3，3)，进而即可求解【详解】解：（1）BDCE，BDCE，ABC和ADE都是等腰直角三角形，ABAC，ADAE，BACDAE90，BADBACDAC，CAEDAEDACBADCAE，在ABD和ACE中，ABDACE，BDCE，ABDACE，AGBFGC，CFGBAG90，即BDCE，故答案是：BDCE，BDCE；（2）ABCADE，ACBAED，ABCADE，ABCADE，ACBAED，BAC=DAE，BAD=CAE，BADCAE，ABD=ACE，又AGBFGC，BFC=BAC=180-ABC-ACB=180-，AB=kAC，直线BD和CE相交所成的较小角的度数为：180-；（3）由题意得：MN=MP，NMP=90，把OPM绕点M顺时针旋转90得到 （与N重合），则，点M的坐标为（3，0），(3，3)OPM，即线段OP长度最小时，的长度最小，当y轴时，的长度最小，此时(0，3)，N(0，3)，OP的最小值为3 .【点睛】本题主要考查全等三角形的判定和性质，相似三角形的判定和性质，旋转的性质，通过旋转变换，构造相似三角形或全等三角形，是解题的关键6（1）见解析；（2）；（3）24；，【分析】（1）由旋转的性质，然后利用AAS，即可得到结论成立；求出，即可求出面积；求出，即可求出答案；（2）过点作交延长线解析：（1）见解析；（2）；（3）24；，【分析】（1）由旋转的性质，然后利用AAS，即可得到结论成立；求出，即可求出面积；求出，即可求出答案；（2）过点作交延长线于点，由（1）可知，求出的长度，即可求出答案；求出CH的长度，利用勾股定理，即可求出答案；（3）过点A作AEBC，过点作交延长线于点，然后证明，求出，CH的长度，即可求出面积；点C是点B关于AE的对称点，则BD=CD，设与AE的交点为点D，使得有最小值为，为线段的长度，然后利用勾股定理求出，再利用平行线分线段成比例求出DE的长度即可【详解】解：（1）如图：由旋转的性质，则，（AAS）；，的面积为；故答案为：在直角三角形中，；故答案为：（2）过点作交延长线于点，由（1）可知，的面积为：故答案为：；，由勾股定理，则；故答案为：；（3）过点A作AEBC，过点作交延长线于点，如图与（1）同理，可证，；，的面积为：；故答案为：18由题意，点C是点B关于AE的对称点，则BD=CD，设与AE的交点为点D，则此时有最小值，如图：此时的最小值为线段的长度，；AE，即，当时，有最小值故答案为：；【点睛】本题考查了相似三角形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，旋转的性质，勾股定理，最短路径问题等知识，解题的关键是熟练掌握所学的知识，正确的作出辅助线，从而进行解题7（1）；（2），理由见解析；线段与所成的最小夹角为60；（3）【分析】（1）根据已知求得AE =a+b，CG =b-a，根据线段中点的定义求得CM =，通过计算即可求解；（2）延长BM解析：（1）；（2），理由见解析；线段与所成的最小夹角为60；（3）【分析】（1）根据已知求得AE =a+b，CG =b-a，根据线段中点的定义求得CM =，通过计算即可求解；（2）延长BM到H，使MH=BM，连接GH，利用SAS证明CMBGMH和ABEHGB，即可得到结论；延长MB交AE于N，证明GBE=BNE=60，即可求解；（3）延长BM到H，使MH=BM，连接GH，同理证明CMBGMH，再证明ABEHGB，即可求解【详解】（1），理由如下：菱形ABCD与菱形BEFG的边长分别为a和b，AE=AB+BE=a+b，CG=BG-BC=b-a，点M为CG的中点，CM=CG=，；（2），理由如下：延长BM到H，使MH=BM，连接GH，如图：点M为CG的中点，CM=MG，CMB=GMH，CMBGMH (SAS)，BCM=HGM，BC=HG，BCGH，BGH+CBG=180，菱形ABCD与菱形BEFG中，ABC=120，GBE=60，ABE+CBG=180，ABE=BGH，AB=BC=HG，BE=BG，ABEHGB (SAS)，AE= HB；线段与所成的最小夹角为60，理由如下：ABEHGB，AEB=BHG，延长MB交AE于N，则MBE=BNE+AEB，即HBG+GBE=BNE+AEB，GBE=BNE=60，线段与所成的最小夹角为60；（3），理由如下：延长BM到H，使MH=BM，连接GH，如图：同理可得：CMBGMH (SAS)，BCM=HGM，BC=HG，BCGH，BGH+CBG=180，矩形ABCD与矩形BEFG中，ABC=GBE=90，ABE+CBG=180，ABE=BGH，ABEHGB，【点睛】本题考查四边形综合题、全等三角形的判定和性质、相似三角形的判定和性质、菱形的性质、矩形的性质等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题，属于中考压轴题8教材呈现：见解析；探究：16；拓展：4【分析】教材呈现：先根据三角形全等的性质可得，再根据线段的和差可得，然后根据平行四边形的判定即可得证；探究：先由旋转的性质可得，再根据等底同高可得，从而可解析：教材呈现：见解析；探究：16；拓展：4【分析】教材呈现：先根据三角形全等的性质可得，再根据线段的和差可得，然后根据平行四边形的判定即可得证；探究：先由旋转的性质可得，再根据等底同高可得，从而可得，然后根据三角形中位线定理即可得；拓展：先根据正方形的性质和面积可得，从而可得，再根据等腰直角三角形和勾股定理可得，然后利用三角形的面积公式可得，最后利用平行四边形的性质即可得【详解】解：教材呈现：补充完整证明过程如下：OEOF，OAOC，又AGCH，OAAGOCCH，即OGOH，四边形EHFG是平行四边形；探究：如图，连接OE，BO，由旋转的性质得：，点O是AC的中点，点D是AO的中点，点F是CO的中点，由等底同高得：，又点E是AB的中点，点O是AC的中点，SBEO=SAEO=4，SABO= SBEO+SAEO=8，故答案为：16；拓展：如图，过点E作于点O，四边形ABCD是面积为16的正方形，在RtABC中，由勾股定理得，AC为正方形的对角线，EAO=45，点E是AB的中点，AO=EO，在RtAEO中由勾股定理的AO2+EO2=AE2，即2OE2=4解得，由教材呈现可知，四边形EHFG是平行四边形，则四边形EHFG的面积为，故答案为：【点睛】本题考查了旋转的性质、三角形中线性质、平行四边形的判定与性质、正方形的性质，等腰直角三角形性质，勾股定理等知识点，较难的是拓展，通过作辅助线，构造等腰直角三角形是解题关键9（1）；（2）成立，理由见解析；（3） 【分析】（1）【观察猜想】根据正方形ABCD，得到AB=CB，由等腰三角形BMN，得到BM=BN，可证明RtBANRtBCM（HL)，又根据E是A解析：（1）；（2）成立，理由见解析；（3） 【分析】（1）【观察猜想】根据正方形ABCD，得到AB=CB，由等腰三角形BMN，得到BM=BN，可证明RtBANRtBCM（HL)，又根据E是AN的中点，即可证明CM=2BE，根据等边对等角得到ABE=BCM，ABE+BMC=90即可证明CMBE（2）【探究证明】延长BE至F使EF= BE，连接AF，先证明AEFNEB，再证明FABMBC，得到CM=BF=2BE，BCM=ABF，得到ABF+FBC=90，进而求得BCM+EBC=90，即可证明EBCM；（3）拓展延伸 由a=45得到ABE= 15，由前面可得BMC= 30，过C作CGMB于G，设CG为m，则BC=m，MG=m，所以MB= BN=m-m，最后求得的值【详解】解:【观察猜想】(1)CM =2BE ；CMBE；如图1所示图1正方形ABCD，AB=CB，等腰三角形BMN，BM=BN，RtBANRtBCM（HL)，BAN=BCM，又E是AN的中点，BE=AE=NE=AN，CM=2BE，BE=AE，BAN=ABE，ABE=BCM，ABE+BMC=BCM+BMC=90BPM=90CMBE【探究证明】(2)CM = 2BE，CM BE仍然成立如图2所示，延长BE至F使EF= BE，连接AF，AE= EN，AEF=NEB，EF= BE，AEFNEBAF= BN，F=EBN，AF/BN，AF= BM，FAB+ABN = 180， MBN= ABC= 90，NBC+ABN= 90，NBA+FAD= 90，CBN= FADFAB=MBC，AB=BC，FABMBC，CM=BF=2BE，BCM=ABF，ABF+FBC=90BCM+EBC=90，EBCM；拓展延伸 (3)由a=45得 MBA=ABN= 45，NBE= 2ABE， ABE= 15，由前面可得MCB=ABE= 15，MBC= 135，BMC= 180-15-135=30，如图3所示，过C作CGMB于G，图3设CG为m则BC=m，MG=m ，所以MB= BN=m-m，【点睛】本题考查了正方形的性质，全等三角形的性质和判定，等腰直角三角形的性质，直角三角形的性质，解题的关键是灵活运用以上性质解决问题10（1）=；（2）成立，证明见解析；（3）或【分析】（1）证明是等腰直角三角形即可（2）结论成立取的中点，连接，证明，推出，再证明，可得结论（3）分两种情形：如图中，取的中点，连接当解析：（1）=；（2）成立，证明见解析；（3）或【分析】（1）证明是等腰直角三角形即可（2）结论成立取的中点，连接，证明，推出，再证明，可得结论（3）分两种情形：如图中，取的中点，连接当点在线段上时，如图中，当点在线段上时，分别利用勾股定理求解即可【详解】解：（1）如图（1）中，都是等腰直角三角形，故答案为：（2）如图（2）中，结论成立