2022版新高考数学二轮复习：第二部分-专题二-高考解答题的审题与答题示范(二)-Word版含解析.doc

高考解答题的审题与答题示范(二)
数列类解答题

[思维流程]——数列问题重在“归”——化归

[审题方法]——审结构
结构是数学问题的搭配形式，某些问题已知的数式结构中常常隐含着某种特殊的关系．审视结构要对结构进行分析、加工和转化，以实现解题突破．

典例
(本题满分12分)已知{an}为等差数列，前n项和为Sn(n∈N*)，{bn}是首项为2的等比数列，且公比大于0，b2＋b3＝12，b3＝a4－2a1，S11＝11b4.
(1)求{an}和{bn}的通项公式；
(2)求数列{a2nb2n－1}的前n项和(n∈N*).
审题路线
(1)要求{an}和{bn}的通项公式⇒需求{an}的首项a1和公差d；{bn}的首项b1和公比q.
(2)由(1)知a2nb2n－1＝(3n－1)4n⇒分析a2nb2n－1的结构：{3n－1}是等差数列，{4n}是等比数列⇒符合错位相减法求和的特点.

标准答案
阅卷现场
(1)设等差数列{an}的公差为d，等比数列{bn}的公比为q.由已知b2＋b3＝12，得b1(q＋q2)＝12，
而b1＝2，所以q2＋q－6＝0.①
又因为q＞0，解得q＝2，所以bn＝2n.②
由b3＝a4－2a1，可得3d－a1＝8(ⅰ)
化归成基本量.
由S11＝11b4，可得a1＋5d＝16(ⅱ).
联立(ⅰ)(ⅱ)，解得a1＝1，d＝3，③
由此可得an＝3n－2.④
所以数列{an}的通项公式为an＝3n－2，
数列{bn}的通项公式为bn＝2n.
(2)设数列{a2nb2n－1}的前n项和为Tn，由a2n＝6n－2，b2n－1＝2×4n－1，得a2nb2n－1＝(3n－1)×4n，⑤
故Tn＝2×4＋5×42＋8×43＋…＋(3n－1)×4n，(*)⑥
4Tn＝2×42＋5×43＋8×44＋…＋(3n－4)×4n＋(3n－1)×4n＋1，(**)⑦
(*)－(**)得－3Tn＝2×4＋3×42＋3×43＋…＋3×4n
化归成等比数列－(3n－1)×4n＋1＝－(3n－2)×4n＋1－8.⑧
得Tn＝×4n＋1＋.⑨
所以数列{a2nb2n－1}的前n项和为×4n＋1＋.

第(1)问
第(2)问
得
分
点
①
②
③
④
⑤
⑥
⑦
⑧
⑨
2
1
2
1
1
1
1
2
1
6分
6分

第(1)问踩点得分说明
①正确求出q2＋q－6＝0得2分；
②根据等比数列的通项公式求出通项公式bn＝2n得1分，通项公式使用错误不得分；
③求出a1＝1，d＝3得2分；
④根据等差数列的通项公式求出通项公式an＝3n－2得1分，通项公式使用错误不得分.
第(2)问踩点得分说明
⑤正确写出a2nb2n－1＝(3n－1)×4n得1分；
⑥正确写出Tn＝2×4＋5×42＋8×43＋…＋(3n－1)×4n得1分；
⑦正确写出4Tn得1分；
⑧由两式相减得出－3Tn＝－(3n－2)×4n＋1－8正确得2分，错误不得分；
⑨正确计算出Tn＝×4n＋1＋得1分.