【创新设计】2021高考物理二轮复习(江苏专用)-教师用书-第9讲-恒定电流和交变电流.docx

第9讲恒定电流和交变电流1(2021江苏卷，4)在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了准时发觉，设计了一种报警装置，电路如图491所示M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻RM发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出警报，此时()图491ARM变大，且R越大，U增大越明显BRM变大，且R越小，U增大越明显CRM变小，且R越大，U增大越明显DRM变小，且R越小，U增大越明显解析由题意知，S两端的电压增大，则电路中的电流增大，药液接触传感器的电阻变小，则A、B选项是错误的；将S看做外电路，其余看做等效电源，如右图依据UEIr可推断，同样的变化电流，则内阻越大电压变化越大，因此答案为C.答案C图4922(多选)(2021江苏单科，8)如图492所示，抱负变压器原线圈接有沟通电源，当副线圈上的滑片P处于图示位置时，灯泡L能发光要使灯泡变亮，可以实行的方法有()A向下滑动PB增大沟通电源的电压C增大沟通电源的频率D减小电容器C的电容解析向下滑动P，变压器副线圈电压降低，灯泡变暗，A错误；增大沟通电源电压，副线圈电压上升，灯泡变亮，B正确；增大沟通电源频率，电容器容抗减小，电流变大，灯泡变亮，C正确；减小电容器的电容，容抗增大，电流减小，灯泡变暗，D错误答案BC3(2022江苏卷，3)远距离输电的原理图如图493所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R.变压器为抱负变压器，则下列关系式中正确的是()图493A. BI2CI1U1IR DI1U1I2U2解析由于抱负变压器的电流比与匝数比成反比，即，A错；由于R两端的电压不等于U2，故B错；由能量关系可得U1I1IRP用，故C错；由功率关系，P入P出可得：I1U1I2U2，D项正确答案D主要题型：选择题学问热点(1)欧姆定律的应用及对电功率的分析与计算(2)交变电流的产生、图象以及“四值”的考查(3)抱负变压器“四个关系”的考查(4)抱负变压器与远距离输电问题的综合考查物理方法(1)程序法(2)等效法(3)分析推理法命题趋势2021年高考对本专题的考查(1)将以对实际生活中电路的分析、计算为主(2)将通过交变电流的图象考查交变电流的四值、抱负变压器等问题，以选择题为主 热点一直流电路的分析1. (2022银川二模)在温控电路中，通过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路相关物理量的把握如图494所示，R1为电阻箱，R2为半导体热敏电阻，C为电容器已知热敏电阻的阻值随温度的上升而减小，则有()图494A若R1固定，当环境温度降低时电压表的示数减小B若R1固定，当环境温度降低时R1消耗的功率增大C若环境温度不变，当电阻箱R1的阻值增大时，电容器C的电荷量增大D若R1固定，环境温度不变，当电容器C两极板间的距离增大时极板之间的电场强度减小答案D2. (2022天津卷，2)如图495所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽视，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动假如仅转变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是()图495A增大R1的阻值B增大R2的阻值C增大两板间的距离D断开电键S解析依据电路结构，电容器两极电压等于R1两端电压与R2大小无关，即UCUR1E，对油滴由平衡条件得qmg，油滴静止不动，说明电场强度不发生变化，即R1的电压不变即可，故转变R2时对电路工作状态无影响，选B.答案B3(多选)如图496所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，电流表A的示数变为零，若电路中故障发生在灯L、电阻R上，用一根导线来推断电路故障，则下列推断正确的是()图496A将导线并联在R两端，电流表无示数，肯定是L断路B将导线并联在L两端，电流表无示数，肯定是R断路C将导线并联在R两端，电流表有示数，肯定是R断路D将导线并联在L两端，电流表有示数，肯定是L断路解析电流表A的示数变为零，说明电路故障为断路将导线与用电器并联进行检测时，若电流表有示数，说明与导线并联的用电器断路；若电流表无示数，说明另一个用电器断路或两个用电器都断路若将导线并联在R两端，电流表无示数，则可能是L断路，也可能是R、L都断路，故选项A错误；若将导线并联在L两端，电流表无示数，则可能是R断路，也可能是R、L都断路，故选项B错误；若将导线并联在R两端，电流表有示数，则肯定是R断路，选项C正确；若将导线并联在L两端，电流表有示数，则肯定是L断路，选项D正确答案CD4如图497甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1100 ，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化的图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在滑动变阻器的两个不同端点得到的则下列说法正确的是()图497A该电源的电动势为16 VB定值电阻R2的阻值为10 C滑动变阻器的最大阻值为300 D在滑动变阻器的滑片P从左端滑至右端的过程中，该电源的最大输出功率为10 W解析乙图中AB延长线交U轴于(0,20 V)处，交I轴于(1.0 A,0)处，所以电源的电动势E20 V，A错误；内阻r20 .当滑片P滑到R3的右端时，电路参数对应乙图中的B点，即U24 V、I20.8 A，得R25 ，B错误；当滑片P滑到R3的左端时，由乙图知此时U外16 V，I总0.2 A，所以R外80 .由于R外R2，所以滑动变阻器的最大阻值为R3300 ，C正确；Pmax5 W，D错误答案C1闭合电路动态变化的缘由：(1)某一支路的滑动变阻器的阻值变化；(2)某一支路电键闭合或断开；(3)热敏电阻或光敏电阻的阻值变化2闭合电路动态分析的方法：程序法：流程如下 热点二交变电流的产生及描述5(多选)(2022山东临沂3月质检)某沟通发电机的输出电压随时间变化的图象如图498所示，输出功率是20 kW，现用5 000 V高压输电，输电线上的总电阻是40 ，再利用n1n2221的降压变压器降压后供应用户，则下列说法正确的是()图498A交变电流的频率为100 HzB发电机输出电压的有效值为220 VC流过高压输电线的电流为125 AD降压变压器输出电压的有效值为220 V解析由交变电流的图象可知交变电流的频率为50 Hz，发电机输出电压的有效值为220 V，A项错误，B项正确；由PUI得输电电流I4 A，C项错；输电线路上损失的电压UIR线160 V，降压器输出电压的有效值为U2U1(5 000160) V220 V，D项正确答案BD6(多选)(2022南京师大附中高三模拟考试)如图499所示，单匝矩形闭合导线框abcd全部处于水平方向的匀强磁场中，线框面积为S，电阻为R.线框绕与cd边重合的竖直固定转轴以角速度从中性面开头匀速转动，线框转动时的感应电流为I，下列说法正确的是()图499A线框中感应电流的有效值为2IB线框转动过程中穿过线框的磁通量的最大值为C从中性面开头转过的过程中，通过导线横截面的电荷量为D线框转一周的过程中，产生的热量为解析依据法拉第电磁感应定律可得产生的电动势eBSsint，电流isin t，线框转过时的感应电流为I，电流的有效值II，故选项A错误；线框转动过程中穿过线框的磁通量的最大值为BS，又I，解得BS，故选项B正确；从中性面开头转动的过程中，通过导线横截面的电荷量为q，故选项C正确；线圈转一周产生的热量QI2RT，代入解得QR，故选项D错误答案BC7(2022郑州市一模)图4910甲为小型旋转电枢式沟通发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与R10 的电阻连接，与电阻R并联的沟通电压表为抱负电表，示数是10 V图乙是矩形线圈磁通量随时间t变化的图象，则()图4910A电阻R上的电功率为20 WB0.02 s时R两端的电压瞬时值为零CR两端的电压u随时间t变化的规律是u14.1cos 100t(V)D通过R的电流i随时间t变化的规律是icos 50t(A)解析电压表上的示数为有效值，故可知电阻R上的电功率为P10 W，则A错误；由乙图可知，0.02 s时磁通量为0，但磁通量的变化率是最大的，故此时的电压瞬时值最大，则B错误；由于磁通量按正弦规律变化，则电动势必按余弦规律变化，且电压最大值为10 V，100 rad/s，所以R两端的电压u随时间t变化的规律是u14.1cos 100t(V)，故C正确；同理可知通过R的电流i随时间t变化的规律是i1.41 cos 100t(A)，则D错误答案C8(多选)如图4911甲是阻值为5 的线圈与阻值为15 的电阻R构成的闭合电路线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的规律如图乙所示，则()图4911A电压表的示数为14.14 VB通过R的电流为0.707 AC通过R的电流瞬时值表达式为isin 50t(A)D通过R的电流方向每秒变化100次解析由图象知电动势的最大值Em20 V，其有效值E10 V14.14 V，依据闭合电路欧姆定律有I A0.707 A，选项B正确；电压表的示数UIR V10.61 V，选项A错误；由图乙知感应电动势的瞬时值表达式为e20sint(V)20sin 50t(V)，isin 50t(A)，选项C正确；由图象知电动势的周期T0.04 s，通过R的电流方向每秒变化的次数为250，选项D错误答案BC热点三抱负变压器及远距离输电1抱负变压器的基本规律2远距离输电(1)输电过程的电压关系(2)输电过程功率的关系9(多选)(2022广东卷，19)如图4912所示的电路中，P为滑动变阻器的滑片，保持抱负变压器的输入电压U1不变，闭合电键S，下列说法正确的是()图4912AP向下滑动时，灯L变亮BP向下滑动时，变压器的输出电压不变 CP向上滑动时，变压器的输入电流变小 DP向上滑动时，变压器的输出功率变大解析由于抱负变压器输入电压不变，据公式，则副线圈电压U2不变，滑片P滑动时，对灯泡电压没有影响，故灯泡亮度不变，则A错误；滑片P下滑，电阻变大，但副线圈电压由原线圈电压打算，则副线圈电压不变，故B正确；滑片P上滑，电阻减小，电流I2增大，据则原线圈输入电流I1也增大，故C错误；此时变压器输出功率P2U2I2将变大，故D正确答案BD10一抱负变压器、原线圈接uUmsin t(V)的沟通电，副线圈所接的电路如图4913所示，电表均为抱负的沟通电表，开头开关S是闭合的当开关S断开后，下列说法正确的是()图4913AV2的读数变小、A3的读数变大BV2的读数不变、A3的读数变小CA1的读数变小、A2的读数变小DV1的读数变大、A1的读数变大解析抱负变压器的电压与匝数成正比，由于抱负变压器原线圈接的电压不变，所以V1的读数不变，副线圈电压不变，所以V2的读数不变当S断开之后，并联电路的电阻变大，副线圈的电阻变大，由于副线圈电压不变，所以副线圈的总电流变小，即A2的读数变小，由于原、副线圈的匝数比不变，所以当副线圈的电流变小时，原线圈的电流也要变小，所以A1的读数变小，由于副线圈的总电流变小，R1的电压变小，并联电路的电压增大，所以R3中的电流增大，A3的读数变大，所以C正确答案C图491411(多选)(2022山东卷，17)如图4914所示，将额定电压为60 V的用电器，通过一抱负变压器接在正弦交变电源上闭合开关S后，用电器正常工作，沟通电压表和沟通电流表(均为抱负电表)的示数分别为220 V和2.2 A以下推断正确的是()A变压器输入功率为484 WB通过原线圈的电流的有效值为0.6 AC通过副线圈的电流的最大值为2.2 AD变压器原、副线圈匝数比n1n2113解析用电器正常工作，则知变压器输出电压U260 V，抱负变压器输入功率等于输出功率：P1P2U2I2602.2 W132 W，故A错；通过原线圈的电流为：I1 A0.6 A，故B对；通过副线圈的电流最大值为：2.2 A3.1 A，故C错；变压器原、副线圈匝数比为：，故D对答案BD12某小型发电站发电机输出的沟通电压为500 V，输出的电功率为50 kW，用总电阻r3 的输电线向远处送电，要求输电线上损失的功率为输电功率的0.6%，则发电站要安装一个升压变压器，到达用户再用降压变压器变为220 V供用户使用(两个变压器均为抱负变压器)，如图4915所示对整个送电过程，下列说法正确的是()图4915A输电线上的损失功率为300 WB升压变压器原、副线圈匝数比为1100C输电线中的电流为100 AD降压变压器的输入电压为4 700 V解析输电线上损失的功率Pr500.6% kW300 W，选项A正确；由PrIr得输电线中的电流I210 A，选项C错误；发电机的输出电流I1 A100 A，升压变压器的匝数比，选项B错误；升压变压器的输出电压U25 000 V，降压变压器的输入电压为U3U2I2r4 970 V，选项D错误答案A高考命题热点9.交变电流、抱负变压器的综合问题分析交变电流的综合问题，涉及沟通电路最大值、有效值、平均值、瞬时值的计算，与电磁感应、安培力、闭合电路欧姆定律的综合应用等，解答时应留意以下三点：(1)交变电流的产生过程(2)交变电流的图象和交变电流的“四值”的应用(3)抱负变压器的原理及应用变压器动态分析的思路【典例】(2022哈尔滨市二模)(6分)如图4916所示，有一矩形线圈的面积为S，匝数为N，内阻不计，绕OO轴在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度做匀速转动，从图示位置开头计时矩形线圈通过滑环接一抱负变压器，滑动触头P上下移动时可转变输出电压，副线圈接有可调电阻R，下列推断正确的是()图4916A矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为eNBScos tB矩形线圈从图示位置经过时间时，通过电流表的电荷量为0C当P位置不动，R增大时，电压表读数也增大D当P位置向上移动、R不变时，电流表读数减小审题流程第一步：抓关键点猎取信息其次步：分析选项找解题依据得答案：解析计时起点，线圈内的感应电动势为最大值EmNBS，所以感应电动势的瞬时值表达式为eNBScos t，A选项正确矩形线圈从图示位置经过时间，线圈磁通量的变化量为BS，故通过电流表的电荷量qN，即不为0，B选项错误电压表示数是线圈产生的感应电动势的有效值，即总是，C选项错误当P位置向上移动，输出电压上升，R不变时，输出功率增大，电流表读数增大，选项D错误答案A(2022保定一模)(6分)如图4917所示，匝数为100匝的矩形线圈abcd位于磁感应强度B T的水平匀强磁场中，线圈面积S0.5 m2，内阻不计线圈绕垂直于磁场的轴以角速度10 rad/s匀速转动线圈通过金属滑环与抱负变压器原线圈相连，变压器的副线圈接入一只“12 V，12 W”灯泡，灯泡正常发光，下列说法中正确的是()图4917A通过灯泡的交变电流的频率是50 HzB变压器原、副线圈匝数之比为101C矩形线圈中产生的电动势的最大值为120 VD若将灯泡更换为“12 V,24 W”且保证其正常发光，需要增大矩形线圈的转速解析由2f可得通过灯泡的交变电流的频率是5 Hz，选项A错误；矩形线圈在水平匀强磁场中转动产生感应电动势最大值为EmNBS1000.510 V120 V，变压器输入电压为120 V，由变压器变压公式可知，变压器原、副线圈匝数之比为101，选项B正确，C错误；因副线圈电压仍为12 V，故将灯泡更换为“12 V,24 W”能保证其正常发光，不需要增大矩形线圈的转速，选项D错误答案B一、单项选择题1.图4918如图4918所示，抱负变压器原、副线圈匝数比n1n221，和均为抱负电表，灯泡电阻RL6 ，AB端电压u112sin 100t (V)，下列说法正确的是()A电流频率为100 HzB.的读数为24 VC.的读数为0.5 AD变压器输入功率为6 W解析由2f100 rad/s得：f50 Hz，A错有效值U112 V，又得：U26 V，I21 A，B、C项错由能量守恒得P1P2U2I26 W，D对答案D2热敏电阻是传感电路中常用的电子元件，其电阻Rt随温度t变化的图线如图4919甲所示如图乙所示电路中，热敏电阻Rt与其他电阻构成的闭合电路中，当Rt所在处温度上升时，两电表读数的变化状况是()图4919AA变大，V变大 BA变大，V变小CA变小，V变大 DA变小，V变小解析由电路图可知，电压表和电流表与热敏电阻是间接并联关系，当Rt所在处温度上升时，Rt的阻值减小，利用“并同串反”知电流表和电压表的读数都减小答案D图49203(2021四川卷，2)用220 V的正弦沟通电通过抱负变压器对一负载供电，变压器输出电压是110 V，通过负载的电流图象如图4920所示，则()A变压器输入功率约为3.9 WB输出电压的最大值是110 VC变压器原、副线圈匝数比是12D负载电流的函数表达式i0.05 sin(100 t)A解析由题意知：U1220 V，U2110 V，所以21，U2m110 V，选项B、C均错误由图象可知：I2m0.05 A，T0.02 s，则负载电流的表达式为i0.05 sin(100 t)A，选项D错误变压器的输入功率P1P2I2U2110 W3.9 W，选项A正确答案A4如图4921所示，电源电动势E12 V，内阻r3 ，R01 ，直流电动机内阻R01 ，当调整滑动变阻器R1时可使甲电路输出功率最大，调整R2时可使乙电路输出功率最大，且此时电动机刚好正常工作(额定输出功率为P02 W)，则R1和R2连入电路中的值分别为()图4921A2 ，2 B2 ，1.5 C1.5 ，1.5 D1.5 ，2 解析由于题中甲电路是纯电阻电路，当外电阻与电源内阻相等时，电源的输出功率最大，所以R12 ；而乙电路是含电动机电路，欧姆定律不适用，电路的输出功率PIUI(EIr)，当I2 A时，输出功率P有最大值，此时电动机的输出功率为2 W，发热功率为4 W，所以电动机的输入功率为6 W，电动机两端的电压为3 V，电阻R2两端的电压为3 V，所以R21.5 ，选项B正确答案B图49225(2022莆田一模)如图4922所示，一抱负变压器原线圈匝数n11 000匝，副线圈匝数n2200匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u220sin 100t V副线圈中接一电动机，电阻为11 ，电流表A2示数为1 A电表对电路的影响忽视不计，则()A此沟通电的频率为100 HzB电压表示数为220 VC电流表A1示数为5 AD此电动机输出功率为33 W解析由2f得沟通电的频率为50 Hz，故A错误；电压表、电流表测量所得的是交变电流的有效值，故电压表读数为220 V，故B错误；由可知I1I20.2 A，故C错误；由P出P入P热U2I2IR33 W，故D正确答案D图49236(2022厦门一模)在某交变电流电路中，有一个正在工作的抱负变压器，如图4923所示它的原线圈匝数n1600 匝，沟通电源的电动势e311sin(100t) V(不考虑其内阻)，电压表和电流表对电路的影响可忽视不计，原线圈串联一个额定电流为0.2 A的保险丝，副线圈匝数n2120 匝，为保证保险丝不被烧断，则()A负载功率不能超过62 WB副线圈电流最大值不能超过1 AC副线圈电路中的电阻R不能小于44 D副线圈电路中电压表的读数为62 V解析由得U244 V，D错；由得I21 A，所以负载功率最大为P2U2I244 W，A错；副线圈中的电流最大值为Im A，故B错；由R得R44 ，C对答案C7如图4924所示，某发电机输出功率是100 kW，输出电压是250 V，从发电机到用户间的输电线总电阻为8 ，要使输电线上的功率损失为5%，而用户得到的电压正好为220 V，求升压变压器和降压变压器原、副线圈匝数比分别是()图4924A16119011 B11611190C11619011 D16111190解析输电线损失功率P损1001035% W5103 W，所以，输电线电流I225 A，升压变压器原线圈电流I1400 A，故升压变压器原、副线圈匝数比.升压变压器副线圈端电压U2U14 000 V，输电线损失电压U损I2R线200 V，降压变压器原线圈电压U3U2U损3 800 V，故降压变压器原、副线圈匝数比为.故选项C正确答案C二、多项选择题图49258如图4925所示，用抱负变压器给电灯L供电，假如只增加副线圈的匝数，其他条件不变，则()A电灯L亮度减小B电流表示数增大C电压表示数增大D变压器输入功率不变解析由抱负变压器的电压比等于匝数比可得，n2增加，则副线圈两端电压增加，电压表的读数增大，加在电灯两端的电压增大，电灯变亮，即变压器的输出功率增大，由于抱负变压器的输入功率等于输出功率，则输入功率也随之增大，依据PU1I1，可知电流表的读数增大，选项B、C正确，选项A、D错误答案BC9现用电压为380 V的正弦式沟通电给额定电压为220 V的电灯供电，以下电路中可能使电灯正常发光的有()解析由图可知，A、B选项中均有电阻分压，可以使电灯正常发光；C选项为降压变压器，通过变压器降压也可以使电灯正常发光；D选项为升压变压器，电灯两端的电压要大于380 V，不行行答案ABC图492610如图4926所示，有一台沟通发电机E，通过抱负升压变压器T1和抱负降压变压器T2向远处用户供电，输电线的总电阻为R.T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1，它的输出电压和输出功率分别为U2和P2；T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3，它的输出电压和输出功率分别为U4和P4.设T1的输入电压U1肯定，当用户消耗的电功率变大时，有()AU2减小，U4变大 BU2不变，U3变小CP1变小，P2变小 DP2变大，P3变大解析由抱负变压器输出功率打算输入功率可得，当用户功率增大时，升压变压器的输入功率必增大，即P1增大，输入电压U1为定值不变，升压变压器的匝数不变，故输出电压U2不变，由于P1增大，由P1U1I1P2U2I2可得，I1增加，P2、I2增加，由闭合电路欧姆定律得U3U2I2R，故U3减小，降压变压器原、副线圈匝数不变，所以U4减小，故选项A错误，选项B正确；由于用户功率增加，即P4增加，抱负变压器无功率损耗可得：P3P4，功率P3也增加，由以上分析可知P1、P2增大，故选项C错误，选项D正确答案BD11(2022南京、盐城市二模)图4927甲为远距离输电示意图，升压变压器原副线圈匝数比为1100，降压变压器原副线圈匝数比为1001，远距离输电线的总电阻为100 .若升压变压器的输入电压如图乙所示，输入功率为750 kW.下列说法中正确的有()图4927A用户端沟通电的频率为50 HzB用户端电压为250 VC输电线中的电流为30 AD输电线路损耗功率为180 kW解析变压器不转变沟通电的频率，A项正确，因输电线路上有电压损失，故用户端电压小于250 V，B项错误，由PUI得I13 000 A，则输电线路中的电流I2I130 A，C项正确，输电线路损耗功率为P损I2R线302100 W90 kW，D项错答案AC12.图4928(2022全国卷新课标，21)如图4928，一抱负变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2.原线圈通过一抱负电流表接正弦沟通电源，一个二极管和阻值为R的负载电阻串联后接到副线圈的两端假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大用沟通电压表测得a、b端和c、d端的电压分别为Uab和Ucd ，则()AUab：Ucdn1：n2B增大负载电阻的阻值R，电流表的读数变小C负载电阻的阻值越小，cd间的电压Ucd越大D将二极管短路，电流表的读数加倍 解析若变压器初级电压为Uab，则次级电压为U2Uab；由于二极管的单向导电性使得副线圈中的反向电流为零，由有效值的定义可得T解得UcdU2，故，选项A错误；增大负载的阻值R，则变压器次级电流减小，则初级电流也减小，即电流表的读数减小，选项B正确；cd间的电压由变压器的初级电压打算，与负载电阻R的大小无关，选项C错误；若二极管短路则UcdU2，由P和P知功率加倍，则次级电流会加倍，则初级电流也加倍，选项D正确答案BD13.图4929如图4929所示的电路中，电源电动势为E、内阻为r，两平行金属板间有匀强磁场开关S闭合后，当滑动变阻器滑片位于图示位置时，一带电粒子恰好以速度v匀速穿过两板若不计重力，以下说法正确的是()A假如将开关断开，粒子将连续沿直线运动B保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子可能向上偏转C保持开关闭合，将滑片P向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出D保持开关闭合，将滑片P向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出解析将开关断开，电容器将通过滑动变阻器放电，a、b板间的场强渐渐削减到零，所以粒子受到的洛伦兹力大于电场力，粒子将发生偏转，A错误保持开关闭合，将a极板向下移动一点，电容增大，电容器充电，两极板之间电场强度增大，粒子所受电场力增大，粒子可能向上偏转，选项B正确保持开关闭合，将滑片P向上滑动一点，平行金属板间电压降低，粒子所受电场力小于洛伦兹力若粒子带负电，粒子将可能从下极板边缘射出，选项C正确保持开关闭合，将滑片P向下滑动一点，平行金属板间电压上升，粒子所受电场力大于洛伦兹力若粒子带正电，粒子将可能从下极板边缘射出，选项D正确答案BCD14(2022上海卷，18)图4930如图4930，电路中定值电阻阻值R大小电源内阻阻值r，将滑动变阻器滑片向下滑动，抱负电压表V1、V2、V3示数变化量的确定值分别为U1、U2、U3，抱负电流表A示数变化量的确定值为I，则()AA的示数增大 BV2的示数增大CU3与I的比值大于r DU1大于U2解析据题抱负电压表内阻无穷大，相当于断路抱负电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，故A正确；电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，所以V2的示数减小，故B错误；依据闭合电路欧姆定律得：U3EI(Rr)，则得：Rrr，则U3与I的比值大于r.故C正确；依据闭合电路欧姆定律得：U2EIr，则得：r；R，依据：Rr，则，故U1大于U2，故D正确答案ACD