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§13.4 数学归纳法
一、选择题
1.用数学归纳法证明命题“当n是正奇数时,xn+yn能被x+y整除”,在其次步时,正确的证法是( ).
A.假设n=k(k∈N+),证明n=k+1命题成立
B.假设n=k(k是正奇数),证明n=k+1命题成立
C.假设n=2k+1(k∈N+),证明n=k+1命题成立
D.假设n=k(k是正奇数),证明n=k+2命题成立
解析 A、B、C中,k+1不愿定表示奇数,只有D中k为奇数,k+2为奇数.
答案 D
2.用数学归纳法证明“2n>n2+1 对于n≥n0 的正整数 n 都成立”时,第一步证明中的起始值 n0 应取( )
A.2 B.3 C.5 D.6
解析 分别令 n0=2,3,5, 依次验证即可.
答案 C
3.对于不等式<n+1(n∈N*),某同学用数学归纳法的证明过程如下:
(1)当n=1时,<1+1,不等式成立.
(2)假设当n=k(k∈N*且k≥1)时,不等式成立,即<k+1,则当n=k+1时,=<==(k+1)+1,
∴当n=k+1时,不等式成立,则上述证法( ).
A.过程全部正确
B.n=1验得不正确
C.归纳假设不正确
D.从n=k到n=k+1的推理不正确
解析 在n=k+1时,没有应用n=k时的假设,不是数学归纳法.
答案 D
4.利用数学归纳法证明“1+a+a2+…+an+1=(a≠1,n∈N*)”时,在验证n=1成立时,左边应当是( )
A 1 B 1+a
C 1+a+a2 D 1+a+a2+a3
解析当n=1时,左边=1+a+a2,故选C.
答案 C
5.用数学归纳法证明1+2+3+…+n2=,则当n=k+1时左端应在n=k的基础上加上( ).
A.k2+1
B.(k+1)2
C.
D.(k2+1)+(k2+2)+(k2+3)+…+(k+1)2
解析 ∵当n=k时,左侧=1+2+3+…+k2,
当n=k+1时,
左侧=1+2+3+…+k2+(k2+1)+…+(k+1)2,
∴当n=k+1时,左端应在n=k的基础上加上
(k2+1)+(k2+2)+(k2+3)+…+(k+1)2.
答案 D
6.下列代数式(其中k∈N*)能被9整除的是( )
A.6+6·7k B.2+7k-1
C.2(2+7k+1) D.3(2+7k)
解析 (1)当k=1时,明显只有3(2+7k)能被9整除.
(2)假设当k=n(n∈N*)时,命题成立,即3(2+7n)能被9整除,
那么3(2+7n+1)=21(2+7n)-36.
这就是说,k=n+1时命题也成立.
由(1)(2)可知,命题对任何k∈N*都成立.
答案 D
7.用数学归纳法证明1-+-+…+-=++…+,则当n=k+1时,左端应在n=k的基础上加上( ).
A. B.-
C.- D.+
解析 ∵当n=k时,左侧=1-+-+…+-,当n=k+1时,
左侧=1-+-+…+-+-.
答案 C
二、填空题
8.对大于或等于2的自然数 m的n 次方幂有如下分解方式:
22=1+3,32=1+3+5,42=1+3+5+7;23=3+5,33=7+9+11,
43=13+15+17+19.
依据上述分解规律,若n2=1+3+5+…+19, m3(m∈N*)的分解中最小的数是21,则m+n的值为________.
解析 依题意得 n2==100,
∴n=10. 易知 m3=21m+×2,
整理得(m-5)(m+4)=0, 又 m∈N*, 所以 m=5, 所以m+n=15.
答案 15
9.用数学归纳法证明:
++…+=;当推证当n=k+1等式也成立时,用上归纳假设后需要证明的等式是 .
解析 当n=k+1时,
++…++
=+
故只需证明+
=即可.
答案 +=
10.如下图,在杨辉三角形中,从上往下数共有n(n∈N*)行,在这些数中非1的数字之和是________________.
1
1 1
1 2 1
1 3 3 1
1 4 6 4 1
…
解析 全部数字之和Sn=20+2+22+…+2n-1=2n-1,
除掉1的和2n-1-(2n-1)=2n-2n.
答案 2n-2n
11.在数列{an}中,a1=且Sn=n(2n-1)an,通过计算a2,a3,a4,猜想an的表达式是________.
解析 当n=2时,a1+a2=6a2,即a2=a1=;
当n=3时,a1+a2+a3=15a3,
即a3=(a1+a2)=;
当n=4时,a1+a2+a3+a4=28a4,
即a4=(a1+a2+a3)=.
∴a1==,a2==,a3==,a4=,
故猜想an=.
答案 an=
12.用数学归纳法证明“当n为正奇数时,xn+yn能被x+y整除”,当其次步假设n=2k-1(k∈N*)命题为真时,进而需证n=________时,命题亦真.
解析 ∵n为正奇数,假设n=2k-1成立后,需证明的应为n=2k+1时成立.
答案 2k+1
三、解答题
13.用数学归纳法证明下面的等式
12-22+32-42+…+(-1)n-1·n2=(-1)n-1.
证明 (1)当n=1时,左边=12=1,
右边=(-1)0·=1,
∴原等式成立.
(2)假设n=k(k∈N*,k≥1)时,等式成立,
即有12-22+32-42+…+(-1)k-1·k2
=(-1)k-1.
那么,当n=k+1时,则有
12-22+32-42+…+(-1)k-1·k2+(-1)k(k+1)2
=(-1)k-1+(-1)k·(k+1)2
=(-1)k·[-k+2(k+1)]
=(-1)k,
∴n=k+1时,等式也成立,
由(1)(2)得对任意n∈N*有
12-22+32-42+…+(-1)n-1·n2=(-1)n-1.
14.已知数列{an}中,a1=a(a>2),对一切n∈N*,an>0,an+1=.
求证:an>2且an+1<an.
证明 法一 ∵an+1=>0,
∴an>1,
∴an-2=-2=≥0,
∴an≥2.若存在ak=2,则ak-1=2,
由此可推出ak-2=2,…,a1=2,
与a1=a>2冲突,故an>2.
∵an+1-an=<0,
∴an+1<an.
法二 (用数学归纳法证明an>2)
①当n=1时,a1=a>2,故命题an>2成立;
②假设n=k(k≥1且k∈N*)时命题成立,
即ak>2,那么,ak+1-2=-2=>0.
所以ak+1>2,即n=k+1时命题也成立.
综上所述,命题an>2对一切正整数成立.
an+1<an的证明同上.
15.已知数列{an}中,a1=1,an+1=c-.
(1)设c=,bn=,求数列{bn}的通项公式;
(2)求使不等式an<an+1<3成立的c的取值范围.
解析 (1)an+1-2=--2=,==+2,
即bn+1=4bn+2.
bn+1+=4,又a1=1,故b1==-1,
所以是首项为-,公比为4的等比数列,
bn+=-×4n-1,bn=--.
(2)a1=1,a2=c-1,由a2>a1,得c>2.
用数学归纳法证明:当c>2时,an<an+1.
(ⅰ)当n=1时,a2=c->a1,命题成立;
(ⅱ)设当n=k(k≥1且k∈N*)时,ak<ak+1,
则当n=k+1时,
ak+2=c->c-=ak+1.
故由(ⅰ)(ⅱ)知当c>2时,an<an+1.
当c>2时,由于c=an+1+>an+,
所以a-can+1<0有解,
所以<an<,令α=,
当2<c≤时,an<α≤3.
当c>时,α>3,且1≤an<α,于是α-an+1=(α-an)<(α-an)<(α-an-1)<…(α-1).
当n>log3时,α-an+1<α-3,an+1>3,与已知冲突.
因此c>不符合要求.
所以c的取值范围是.
16.是否存在常数a、b、c使等式12+22+32+…+n2+(n-1)2+…+22+12=an(bn2+c)对于一切n∈N*都成立,若存在,求出a、b、c并证明;若不存在,试说明理由.
解析 假设存在a、b、c使12+22+32+…+n2+(n-1)2+…+22+12=an(bn2+c)对于一切n∈N*都成立.
当n=1时,a(b+c)=1;
当n=2时,2a(4b+c)=6;
当n=3时,3a(9b+c)=19.
解方程组
解得
证明如下:
①当n=1时,由以上知存在常数a,b,c使等式成立.
②假设n=k(k∈N*)时等式成立,
即12+22+32+…+k2+(k-1)2+…+22+12=k(2k2+1);
当n=k+1时,
12+22+32+…+k2+(k+1)2+k2+(k-1)2+…+22+12
=k(2k2+1)+(k+1)2+k2
=k(2k2+3k+1)+(k+1)2
=k(2k+1)(k+1)+(k+1)2
=(k+1)(2k2+4k+3)
=(k+1)[2(k+1)2+1].
即n=k+1时,等式成立.
因此存在a=,b=2,c=1使等式对一切n∈N*都成立.
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