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其次章 章末检测
其次章 探究匀变速直线运动规律
(时间：90分钟 满分：100分)
一、单项选择题(本大题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．)
1．下列几种状况，不行能发生的是( )
A．位移和加速度反向 B．速度和加速度反向
C．加速度不变，速度在变 D．速度不变，加速度在变
2．甲和乙两个物体在同始终线上运动，它们的v－t图象分别如图1中的a和b所示，下列说法正确的是( )
图1
A．在t1时刻它们的运动方向相同 B．在t2时刻甲与乙相遇
C．甲的加速度比乙的加速度大 D．在0～t2时间内，甲比乙的位移大
3．一辆警车在平直的大路上以40 m/s的速度巡逻，突然接到报警，在前方不远处有歹徒抢劫，该警车要尽快赶到出事地点且到达出事地点时的速度也为40 m/s，有三种行进方式：a为始终匀速直线运动；b为先减速再加速；c为先加速再减速，则( )
A．a种方式先到达 B．b种方式先到达
C．c种方式先到达 D．条件不足，无法确定
4．甲、乙两物体的质量之比为m甲∶m乙＝5∶1，甲从高H处自由落下的同时，乙从高2H处自由落下，若不计空气阻力，下列说法中错误的是( )
A．在下落过程中，同一时刻二者速度相等
B．甲落地时，乙距地面的高度为H
C．甲落地时，乙的速度大小为
D．甲、乙在空气中运动的时间之比为2∶1
5．某战车在伊位克境内以大小为40 m/s的速度做匀速直线运动，刹车后，获得的加速度大小为10 m/s2，则刹车后2 s内与刹车后5 s内战车通过的路程之比为( )
A．1∶1 B．3∶1 C．4∶3 D．3∶4
6．如图2所示，物体从斜面上A点由静止开头下滑，第一次经光滑斜面AB滑到底端时间为t1.其次次经光滑斜面ACD下滑，滑到底端时间为t2.已知AC＋CD＝AB，在各斜面的等高处物体的速率相等，试推断( )
图2
A．t1>t2 B．t1＝t2 C．t1<t2 D．不确定
二、双项选择题(本大题共3小题，每小题4分，共12分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．)
7．关于自由落体运动，下面说法错误的是( )
A．它是竖直向下，v0＝0，a＝g的匀加速直线运动
B．在开头连续的三个1 s内通过的位移之比是1∶4∶9
C．在开头连续的三个1 s末的速度大小之比是1∶2∶3
D．从开头运动起连续通过三个相等的位移所经受的时间之比为1∶∶
8．物体沿始终线运动，它在时间t内通过的路程为s，它在中间位置s/2处的速度为v1，在中间时刻t/2时的速度为v2，则v1和v2的关系为( )
A．当物体做匀加速直线运动时，v1＞v2 B．当物体做匀减速直线运动时，v1＞v2
C．当物体做匀速直线运动时，v1＞v2 D．当物体做匀减速直线运动时，v1＜v2
9．甲、乙两车从同一地点同一时刻沿同一方向做直线运动其速度图象如图3所示，则下列推断正确的是( )
图3
A．前10 s内甲的速度比乙的速度大，后10 s内甲的速度比乙的速度小
B．前10 s内甲在乙前，后10 s乙在甲前
C．10 s末两车相遇
D．相遇前，在10 s末两车相距最远
题 号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
答 案
三、非选择题(本大题共6小题，共64分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最终答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位)
10．(5分)在测定匀变速直线运动的加速度试验中，得到一条纸带如图4所示．A、B、C、D、E、F为相邻的6个计数点，若相邻计数点的时间间隔为0.1 s，则粗测小车的加速度大小为________ m/s2.
图4
11．(15分)如图5所示是某同学测量匀变速直线运动的加速度时，从若干纸带中选中的一条纸带的一部分，他每隔4个点取一个计数点，图上注明白他对各个计数点间距离的测量结果．(单位：cm)
图5
(1)为了验证小车的运动是匀变速运动，请进行下列计算，填入表内．(单位：cm)
s2－s1
s3－s2
s4－s3
s5－s4
s6－s5
Δ
各位移差与平均值最多相差________cm，即各位移差与平均值最多相差________%.由此可得出结论：小车在任意两个连续相等________的位移之差，在________范围内相等，所以小车的运动是________．
(2)依据a＝，可以求出：a1＝＝______m/s2，a2＝＝________m/s2，a3＝＝________m/s2，所以a＝＝______m/s2.
12．(10分)从地面同时竖直向上抛出甲、乙两小球，甲球上升的最大高度比乙球上升的最大高度多5.5 m，甲球落地时间比乙球迟1 s，不计空气阻力，求甲、乙两球抛出时的速度大小各为多少？(g取10 m/s2)
13．(10分)一列长100 m的列车以v1＝20 m/s的正常速度行驶，当通过1000 m长的大桥时，必需以v2＝10 m/s的速度行驶．在列车上桥前需提前减速，当列车头刚上桥时速度恰好为10 m/s；列车全部离开大桥时又需通过加速恢复原来的速度．减速过程中，加速度大小为0.25 m/s2.加速过程中，加速度大小为1 m/s2，则该列车从减速开头算起，到过桥后速度达到20 m/s，共用了多长时间？
14．(12分)从离地500 m的空中由静止开头自由落下一个小球，取g＝10 m/s2，求：
(1)经过多少时间小球落到地面；
(2)从开头下落的时刻起，小球在第1 s内的位移和最终1 s内的位移；
(3)落下一半时间的位移．
15．(12分)跳伞运动员做低空跳伞表演，他离开飞机后先做自由落体运动，当运动180 m时打开降落伞，伞张开运动员就以14.3 m/s2的加速度做匀减速运动，到达地面时速度刚好为5 m/s，问：
(1)运动员离开飞机时距离地面的高度为多少？
(2)离开飞机后，经过多长时间才能到达地面？(g取10 m/s2)
其次章 探究匀变速直线运动规律
1．D [只要有加速度，物体的运动速度就发生变化，位移和加速度的方向可以相反，速度和加速度也可以反向，例如物体做匀减速直线运动．]
2．A [在t1时刻，甲和乙速度均为正值，两物体均沿正方向运动，A正确．在t2时刻，甲、乙的速度相同，两物体的位移不相同，乙的位移比甲的位移大，B和D均错误．b直线的斜率比a的斜率大，即乙的加速度比甲的加速度大，C错误．]
3．C
[作出v－t图象如右图所示，从动身点到出事地点位移肯定，依据v－t图象的意义，图线与坐标轴所围的面积相等，则只能tc<ta<tb，所以c种方式先到达．]
4．D [二者均做自由落体运动，由vt＝gt可知，下落时间相同，则速度相同，A项对；甲落地前，甲、乙在相同时间内下落的高度相同，B项对；甲落地所用时间为t甲＝ ，则乙的速度大小为v乙＝gt＝g·＝，C项对；乙在空中运动的时间为t乙＝ ＝ ·t甲，故t甲∶t乙＝1∶ ，D项错．]
5．D [刹车到停下所用的时间t＝＝4 s，所以刹车后5 s内的位移等于4 s内的位移s5＝＝80 m,2 s内的位移s2＝v0t－at2＝60 m，s2∶s5＝3∶4.]
6．A
7．BD [自由落体运动为初速度为零的匀加速直线运动，加速度为g，所以A对；第一个1 s内的位移s1＝gt，其次个1 s内的位移s2＝g(2t0)2－gt＝gt，第三个1 s内的位移s3＝g(3t0)2－g(2t0)2＝gt，则s1∶s2∶s3＝1∶3∶5，所以B不对；第1 s末的速度v1＝gt0，第2 s末的速度v2＝2gt0，第3 s末的速度v3＝3gt0，则v1∶v2∶v3＝1∶2∶3，所以C对；通过三个连续相等位移所用时间之比为：t1∶t2∶t3＝1∶(－1)∶(－)，所以D不对．]
8．AB [当物体做匀速直线运动时，速度不变，故有v1＝v2.分别对匀加速直线运动和匀减速直线运动进行争辩，可有三种方法：方法一(定性分析法)：当物体做匀加速直线运动时，因速度随时间均匀增大，故前一半时间内的平均速度必小于后一半时间内的平均速度，时间过半位移却不到一半，即t/2时刻在s/2位置对应时刻的前边，故有v1>v2.当物体做匀减速直线运动时，因速度随时间均匀减小，故前一半时间内的平均速度必大于后一半时间内的平均速度，时间过半位移已超过一半，即t/2时刻在s/2位置对应时刻的后边，故也有v1>v2.方法二(公式分析法)：设物体的初速度为v0，末速度为v，则由匀变速直线运动的规律可知：v1＝ ，v2＝.由于v－v＝>0，故不管是匀加速直线运动，还是匀减速直线运动，均有v1>v2.方法三(图象分析法)：画出匀加速直线运动与匀减速直线运动的速度图象，如下图所示．由图象可知：当物体做匀加速直线运动或匀减速直线运动时，均有v1>v2.
]
9．AD
10．1.58
11．(1)1.60 1.55 1.62 1.53 1.61 1.58
0．05 3.2 时间内 误差允许 匀加速直线运动
(2)1.59 1.57 1.59 1.58
解析 (1)s2－s1＝1.60 cm；s3－s2＝1.55 cm；s4－s3＝1.62 cm；s5－s4＝1.53 cm；s6－s5＝1.61 cm；Δ＝1.58 cm.
各位移差与平均值最多相差0.05 cm，即各位移差与平均值最多相差3.2%.由此可得出结论：小车在任意两个连续相等时间内的位移之差，在误差允许范围内相等，所以小车的运动是匀加速直线运动．
(2)接受逐差法，即
a1＝＝1.59 m/s2，
a2＝＝1.57 m/s2，
a3＝＝1.59 m/s2，a＝＝1.58 m/s2.
12．13.5 m/s 8.5 m/s
解析 设甲、乙两球拋出时的速度大小分别为v甲、v乙，它们能上升的最大高度分别为H甲、H乙，由v－v＝2as知
H甲＝，H乙＝
已知H甲－H乙＝5.5 m
可得v－v＝110 m2/s2①
甲、乙两球从拋出到落地所用时间分别为t甲、t乙，
有t甲＝，t乙＝
已知t甲－t乙＝1 s
可得v甲－v乙＝5 m/s②
联立①②两式求解得
v甲＝13.5 m/s，v乙＝8.5 m/s
13．160 s
解析 设过桥前减速过程所需时间为t1
t1＝＝ s＝40 s.
设过桥所用的时间为t2.
t2＝＝ s＝110 s.
设过桥后加速过程所需时间为t3
t3＝＝ s＝10 s.
共用时间t＝t1＋t2＋t3＝160 s.
14．(1)10 s (2)5 m 95 m (3)125 m
解析 (1)由s＝gt2，得落地时间
t＝ ＝ s＝10 s.
(2)第1 s内的位移：
s1＝gt＝×10×12 m＝5 m；
由于从开头运动起前9 s内的位移为：
s9＝gt＝×10×92 m＝405 m.
所以最终1 s内的位移为：
s10＝s－s9＝500 m－405 m＝95 m.
(3)落下一半时间即t′＝5 s，其位移为
s5＝gt′2＝×10×25 m＝125 m.
15．(1)305 m (2)9.85 s
解析 (1)由v－v＝2gs1可得运动员打开伞时的速度为v1＝60 m/s
运动员打开伞后做匀减速运动，由v－v＝2as2
可求得运动员打开伞后运动的位移s2＝125 m
运动员离开飞机时距地面高度s＝s1＋s2＝305 m.
(2)自由落体运动的时间为t1＝＝6 s，打开伞后运动的时间为t2＝＝3.85 s
离开飞机后运动的时间为t＝t1＋t2＝9.85 s.
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