资源描述
温馨提示：
此套题为Word版，请按住Ctrl,滑动鼠标滚轴，调整合适的观看比例，答案解析附后。关闭Word文档返回原板块。
课时提升作业(五)
一、选择题
1.函数f(x)=|x|和g(x)=x(2-x)的递增区间依次是 ( )
(A)(-∞,0],(-∞,1] (B)(-∞,0],[1,+∞)
(C)[0,+∞),(-∞,1] (D)[0,+∞),[1,+∞)
2.给定函数①y=,②y=lo(x+1),③y=|x-1|,
④y=2x+1,其中在区间(0,1)上是单调递减的函数的序号是 ( )
(A)①② (B)②③ (C)③④ (D)①④
3.函数f(x)=1- ( )
(A)在(-1,+∞)上单调递增
(B)在(1,+∞)上单调递增
(C)在(-1,+∞)上单调递减
(D)在(1,+∞)上单调递减
4.(2021·佛山模拟)若函数y=ax与y=-在(0,+∞)上都是减函数,则y=ax2+bx在(0,+∞)上是 ( )
(A)增函数 (B)减函数
(C)先增后减 (D)先减后增
5.已知函数f(x)=若f(2-a2)>f(a),则实数a的取值范围是 ( )
(A)(-∞,-1)∪(2,+∞)
(B)(-1,2)
(C)(-2,1)
(D)(-∞,-2)∪(1,+∞)
6.(2021·汕头模拟)函数f(x)=loga(2-ax)在(0,1)上为减函数,则实数a的取值范围是 ( )
(A)[,1) (B)(1,2)
(C)(1,2] (D)(,1)
7.定义在R上的函数f(x)在区间(-∞,2)上是增函数,且f(x+2)的图象关于x=0对称,则 ( )
(A)f(-1)<f(3) (B)f(0)>f(3)
(C)f(-1)=f(3) (D)f(0)=f(3)
8.定义在R上的函数f(x)满足f(x+y)=f(x)+f(y),当x<0时,f(x)>0,则函数f(x)在[a,b]上有 ( )
(A)最小值f(a) (B)最大值f(b)
(C)最小值f(b) (D)最大值f()
9.(2021·深圳模拟)设函数f(x)=若f(x)的值域为R,则常数a的取
值范围是 ( )
(A)(-∞,-1]∪[2,+∞)
(B)[-1,2]
(C)(-∞,-2]∪[1,+∞)
(D)[-2,1]
10.(力气挑战题)已知函数f(x)是定义在(0,+∞)上的单调函数,若对任意x∈(0,+∞),都有f(f(x)-)=2,则f()的值是 ( )
(A)5 (B)6
(C)7 (D)8
二、填空题
11.函数y=-(x-3)|x|的递增区间是 .
12.(2021·广州模拟)对于任意实数a,b,定义min{a,b}=设函数f(x)=-x+3,g(x)=log2x,则函数h(x)=min{f(x),g(x)}的最大值是 .
13.f(x)=满足对任意x1≠x2,都有<0成立,则a的取值范围是 .
14.(2021·成都模拟)已知函数f(x)=|x-2|-|x-5|,则f(x)的取值范围是 .
三、解答题
15.已知f(x)=(x≠a).
(1)若a=-2,试证f(x)在(-∞,-2)上单调递增.
(2)若a>0且f(x)在(1,+∞)上单调递减,求a的取值范围.
16.(2021·宁波模拟)已知函数f(x)是定义在(0,+∞)上的减函数,且满足f(xy)=f(x)+f(y),f()=1.
(1)求f(1).
(2)若f(x)+f(2-x)<2,求x的取值范围.
答案解析
1.【解析】选C.f(x)=|x|=
∴函数f(x)的递增区间是[0,+∞).
g(x)=x(2-x)=-x2+2x=-(x-1)2+1,
对称轴是直线x=1,a=-1<0.
∴函数g(x)的单调递增区间为(-∞,1].故选C.
2.【解析】选B.①y=在x>0时是增函数,
②y=lo(x+1)在x>-1时是减函数.
③y=|x-1|在x∈(0,1)时是减函数.
④y=2x+1在x∈R上是增函数.
3.【解析】选B.f(x)可由-沿x轴向右平移一个单位,再向上平移一个单位得到,如图.
由图象可知函数f(x)在(1,+∞)上单调递增.
4.【解析】选B.∵y=ax与y=-在(0,+∞)上都是减函数,
∴a<0,b<0,∴y=ax2+bx的对称轴x=-<0,
∴y=ax2+bx在(0,+∞)上为减函数.
5.【解析】选C.f(x)=
由f(x)的图象可知f(x)在(-∞,+∞)上是单调增函数,由f(2-a2)>f(a)得2-a2>a,即a2+a-2<0,解得-2<a<1.
6.【解析】选C.令u=2-ax,则y=logau,由于u=2-ax在(0,1)上是减函数,故只需y=logau在(0,+∞)上是增函数且u=2-ax在(0,1)上恒为正.故有解得1<a≤2.
7.【解析】选A.由于f(x+2)的图象关于x=0对称,所以f(x)的图象关于x=2对称,又f(x)在区间(-∞,2)上是增函数,则其在(2,+∞)上为减函数,作出其图象大致外形如图所示.
由图象知,f(-1)<f(3),故选A.
8.【思路点拨】先探究f(x)在[a,b]上的单调性,再推断最值状况.
【解析】选C.设x1<x2,
由已知得f(x1)=f((x1-x2)+x2)=f(x1-x2)+f(x2).
又x1-x2<0,∴f(x1-x2)>0,∴f(x1)>f(x2),
即f(x)在R上为减函数.
∴f(x)在[a,b]上亦为减函数.
∴f(x)min=f(b),
f(x)max=f(a),故选C.
9.【解析】选A.当x>2时,f(x)>4+a,当x≤2时,f(x)≤2+a2,由题意知2+a2≥4+a,解得a≥2或a≤-1.
10.【思路点拨】解答本题的关键是从条件中得出f(x)-是一个常数,从而令f(x)=+k(k为常数),则f(x)可求.
【解析】选B.由题意知f(x)-为常数,令f(x)-=k(k为常数),
则f(x)=+k,由f(f(x)-)=2得f(k)=2.
又f(k)=+k=2,∴k=1,即f(x)=+1,
∴f()=6.
11.【解析】y=-(x-3)|x|
=
作出该函数的图象,观看图象知递增区间为[0,].
答案:[0,]
12.【解析】依题意,h(x)=当0<x≤2时,h(x)=log2x是增函数;当x>2时,h(x)=3-x是减函数,
∴h(x)=min{f(x),g(x)}在x=2时,取得最大值h(2)=1.
答案:1
13.【解析】由已知对任意x1≠x2,都有<0,知f(x)在R上为减函数,则需
解得0<a≤.
答案:(0,]
14.【解析】f(x)=|x-2|-|x-5|=
当2≤x≤5时,-3≤f(x)≤3.
综上知-3≤f(x)≤3.
答案:[-3,3]
15.【解析】(1)任设x1<x2<-2,
则f(x1)-f(x2)=-
=.
∵(x1+2)(x2+2)>0,x1-x2<0,
∴f(x1)<f(x2),
∴f(x)在(-∞,-2)上单调递增.
(2)任设1<x1<x2,则
f(x1)-f(x2)=-
=.
∵a>0,x2-x1>0,
∴要使f(x1)-f(x2)>0,只需(x1-a)(x2-a)>0恒成立,∴a≤1.
综上所述知,a的取值范围是(0,1].
16.【解析】(1)令x=y=1,
则f(1)=f(1)+f(1),∴f(1)=0.
(2)∵2=1+1=f()+f()=f(),
∴f(x(2-x))<f(),由f(x)为(0,+∞)上的减函数,得
⇒
⇒1-<x<1+,
即x的取值范围为(1-,1+).
【变式备选】已知函数f(x)对于任意x,y∈R,总有f(x)+f(y)=f(x+y),且当x>0时,f(x)<0,f(1)=-.
(1)求证:f(x)在R上是减函数.
(2)求f(x)在[-3,3]上的最大值和最小值.
【解析】(1)方法一:∵函数f(x)对于任意x,y∈R总有f(x)+f(y)=f(x+y),
∴令x=y=0,得f(0)=0.
再令y=-x,得f(-x)=-f(x).
在R上任取x1>x2,则x1-x2>0,
f(x1)-f(x2)=f(x1)+f(-x2)
=f(x1-x2).
又∵x>0时,f(x)<0,而x1-x2>0,
∴f(x1-x2)<0,
即f(x1)<f(x2).
因此f(x)在R上是减函数.
方法二:设x1>x2,
则f(x1)-f(x2)
=f(x1-x2+x2)-f(x2)
=f(x1-x2)+f(x2)-f(x2)
=f(x1-x2).
又∵x>0时,f(x)<0,而x1-x2>0,
∴f(x1-x2)<0,
即f(x1)<f(x2),
∴f(x)在R上为减函数.
(2)∵f(x)在R上是减函数,
∴f(x)在[-3,3]上也是减函数,
∴f(x)在[-3,3]上的最大值和最小值分别为f(-3)与f(3).
而f(3)=3f(1)=-2,f(-3)=-f(3)=2.
∴f(x)在[-3,3]上的最大值为2,最小值为-2.
关闭Word文档返回原板块。
展开阅读全文
浙ICP备2021020529号-1 | 浙B2-20240490 
