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2021届漳州市高考适应性练习2（物理）
第Ⅰ卷（选择题 共108分）
本卷共18小题，每小题6分，共108分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
13．下列有关光现象的理解，正确的是
A．泊松亮斑是光的干涉现象
B．光导纤维丝内芯材料的折射率应比外套材料的折射率大
C．照相机镜头镀上一层增透膜，是为了使拍摄的景物呈淡紫色
D．汽车尾灯为红色，是由于红光比其它可见光波长长，易发生干涉
x/m
y/cm
6
8
-10
10
4
O
0
2
1
3
5
7
Q
14．如图是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的图象，此刻x=5 m的质点刚开头振动，波速为24 m/s，则下列说法正确的是
A．该波的周期为0.5 s
B．该波的波长为10 m
C．x=2 m的质元的振动方程为cm
D．再过1/4周期，x=8 m的质元Q刚好处于波峰处
15．直流输电网技术在近期尚不具备大规模工程应用力气，因此在2030年前，近距离输电将主要接受高压沟通输电方式，远距离则主要接受高压直流输电方式，则下列说法正确的是
A．高压直流输电方式可以不用变压器
B．高压直流输电是利用变压器把沟通电变为直流电
C．高压沟通输电的输送电压越高，电能的输送损失越小
D．高压沟通输电过程中的主要电能输送损失元件是变压器
16．北斗卫星导航系统（BDS）是中国自行研制的全球卫星导航系统，该系统由35颗卫星组成，卫星的轨道有三种：地球同步轨道、中轨道和倾斜轨道。其中，同步轨道半径大约是中轨道半径的1.5倍，那么同步卫星与中轨道卫星的周期比约为
A． B． C． D．
17．一半径为R的半球面均匀带有负电荷Q，电荷Q在球心O处产生的场强大小E0=。把半球面分为表面积相等的左、右两部分，如图所示，左、右两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E1、E2．则
O
A．E1<
B．E2=
C．电荷Q在球心O处产生的场强方向垂直于底面对下
D．电荷Q在球心O处产生的场强方向垂直于底面对上
18．某同学利用图甲装置争辩磁铁下落过程中的电磁感应有关问题。打开传感器，将磁铁置于螺线管正上方距海绵垫高为h处静止释放，穿过螺线管后掉落到海绵垫上并静止（磁铁下落过程中受到的磁阻力远小于磁铁的重力且不发生转动），不计线圈电阻，计算机荧屏上显示出图乙的UI-t曲线，图乙中的两个峰值是磁铁刚进入螺线管内部和刚从内部出来时产生的，对这一现象相关说法正确的是
A．若仅增大h，两个峰值间的时间间隔会增大
B．若仅增大h，两个峰值都会减小
C．若仅减小h，两个峰值可能会相等
D．若仅减小滑动变阻器的值，两个峰值都会增大
t/s
第Ⅱ卷（非选择题 共192分）
必考部分
第Ⅱ卷必考部分共10题，共157分
19．（18分）
Ⅰ．（8分）为了探究质量确定时加速度与力的关系，一同学设计了如图所示的试验装置。其中M为带滑轮的小车的质量，m为砂和砂桶的质量。(滑轮质量不计)
（1）试验时，确定要进行的操作是 。（填选项前的字母）
A．用天平测出砂和砂桶的质量.
B．将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力.
C．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数.
D．转变砂和砂桶的质量，打出几条纸带.
E．为减小误差，试验中确定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M
（2）该同学在试验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有两个点没有画出），已知打点计时器接受的是频率为50 Hz的沟通电，依据纸带可求出小车的加速度为
m/s2（结果保留两位有效数字）。
（3）以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度为纵坐标，画出的a—F图像是一条直线，图线与横坐标的夹角为θ，求得图线的斜率为k，则小车的质量为 。（填选项前的字母）
A． B． C．k D．
Ⅱ．（10分）测电阻的方法有多种。现试验室有下列器材：
A．待测电阻R（阻值约10 kΩ） B．滑动变阻器R1（1～1 kΩ）
C．电阻箱R0（99999.9 Ω） D．电流计G（500 μA，内阻不行忽视）
E．电压表V（3V，内阻约3 kΩ） F．直流电源E（3 V，内阻不计）
G．开关、导线若干
（1）甲同学设计了如图a所示的测量电路，请指出他的设计中存在的问题：
① ② （指出两处即可）
（2）乙同学用图b所示的电路进行试验。
①请在图c中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接；
②将滑动变阻器的滑动头移到 （填“左”或“右”）端，再接通开关S；保持S2断开，闭合S1，调整R1使电流计指针偏转至某一位置，并登记电流I1；
③断开S1，保持R1不变，闭合S2，调整R0使得电流计读数为 时，R0的读数即为待测电阻的阻值。
（3）丙同学查得电流计的内阻为Rg，接受图d进行试验，转变电阻箱电阻，读出电流计相应的示数I，由测得的数据作出－R0图象如图e所示，图线纵轴截距为b，斜率为k，则待测电阻R的阻值为 。
20．（15分）瑞士的日内瓦天文观测所、法国上普罗旺斯及格瑞诺布天文观测所、麻州剑桥的天体物理学中心，以及以色列特拉维夫高校组成的国际天文学家小组日前宣布，在太阳系之外又发觉了11个星球，其中包括一个巨大的星球HD28185，其轨道跟地球的格外类似。假如有一个人站在星球HD28185表面，用一根长1 m，只能承受41 N拉力的绳子，拴着一个质量为3 kg的小球，在竖直平面内做圆周运动，已知圆心O离星球表面h=6 m，转动中小球在最低点时绳子恰好断了。试问:（设该星球表面的重力加速度为地球的）
（1）绳子断时小球运动的速度多大?
（2）绳断后，小球落地点与抛出点间的水平距离?
21．（19分）如图所示为仓储公司常接受的“自动化”货物装卸装置，两个相互垂直的斜面固定在平台上，平台跟货车车厢等高，货箱A（含货物）和配重B通过与斜面平行的轻绳跨过光滑滑轮相连．A装载货物后从h＝8.0 m高处由静止释放，运动到底端时，A和B同时被锁定，卸货后解除锁定，A在B的牵引下被拉回原高度处，再次被锁定．已知θ＝53°，B的质量M为1.0×103 kg，A、B与斜面间的动摩擦因数均为μ＝0.5，滑动摩擦力与最大静摩擦力相等， g取10 m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6．
（1）为使A由静止释放后能沿斜面下滑，其质量m需要满足什么条件？
（2）若A的质量m＝4.0×103 kg，求它到达底端时的速度v；
（3）为了保证能被平安锁定，A到达底端的速率不能大于12 m/s．请通过计算推断：
当A的质量m不断增加时，该装置能否被平安锁定．
B
A
22．（20分）洛伦兹力演示仪可以演示电子在匀强磁场中的运动径迹。图甲为洛伦兹力演示仪实物图，图乙为洛伦兹力演示仪结构示意图。演示仪中有一对彼此平行的共轴串联的圆形线圈（励磁线圈），当通过励磁线圈的电流为I时，线圈之间产生沿线圈轴向、磁感应强度B=kI（k=1×10-3 T/A）的匀强磁场；半径R=10cm的圆球形玻璃泡内有电子枪，可通过加速电压U对初速度为零电子加速并连续放射出，电子刚好从球心的正下方S点沿水平方向射出。已知图乙所示演示仪中励磁线圈产生的磁场方向垂直纸面对里，OS=10 cm，电子的比荷取1.75×1011 C/kg。
（1）若电子枪的加速电压U=35 V，则电子离开电子枪的速度大小是多少？
（2）电子以（1）问中的速度进入磁场，且励磁线圈中的电流大小I=1 A，则电子在磁场中运动的半径是多少？
（3）若电子枪的加速电压可以在0到875 V的范围内连续调整，且励磁线圈的电流从0.5 A到2 A的范围内连续调整。求玻璃泡上被电子击中的范围，和电子运动到两边界点对应的半径大小。
选考部分
第Ⅱ卷选考部分共5题，共35分。其中第29、30题为物理题
29．[物理-选修3-3]（本题共有两小题，每小题6分，共12分。每小题只有一个选项符合题意）
（1）下列现象中，不能说明液体存在表面引力的有 。（填选项前的字母）
A．吹出的肥皂泡成球形
B．硬币能漂移于水面上
C．滴入水中的红墨水很快散开
D．在完全失重的环境下，熔化的金属能收缩成标准的球形
油酸膜
浮在水面上的
痱子粉
（2）在用“油膜法测量油酸分子大小”的试验中，下列说法中正确的是 。（填选项前的字母）
A．用油膜法可以精确测量分子的大小
B．油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油膜面积
C．计算油膜面积时，应舍去全部不足一格的方格
D．试验时应先将一滴油酸酒精溶液滴入水面，再把痱子粉洒在水面上
30．[物理-选修3-5]（本题共有2小题，每小题6分，共12分。每小题只有一个选项符合题意）
（1）关于粒子的说法，正确的是 。（填选项前的字母）
A．组成阴极射线的带电粒子是α粒子
B．卢瑟福在利用α粒子轰击氮原子核的试验中发觉了质子
C．发生光电效应时，从金属表面逸出的粒子是光子
D．查德威克在利用α粒子轰击铍原子核的试验中发觉了电子
O
M
N
P
a
b
（2）某同学用如图所示的装置来验证动量守恒定律。斜槽末端已调水平。入射球a的质量为m1，被碰球b的质量为m2，则下列说法中正确的是 。（填选项前的字母）
A．两球质量必需相等
B．入射球a每次可从不同高度滚下
C．确定小球落地点的平均位置所用的工具是圆规
D．本试验要验证的表达式是：m1=m2+m2
物理练习2参考答案
13．B 14．A 15．C 16．C 17．D 18．D
19．（18分）
Ⅰ．（1）BCD （4分） （2）1.32 （2分） （3）D（2分）
Ⅱ．（1）灵敏电流计不应外接（1分）；滑动变阻器不应接受限流式接法（1分）其它合理答案给分
（2）①如图所示（2分）
②左（2分）
③I1（2分）
（3）（2分）
20．（15分）
（1）在该星球上的重力为：
①
绳子断裂时：
②
解得
v=m/s ③
（2）设手离地面的距离为
④
⑤
⑥
解得
m ⑦
评分细则：（1）第一得分点共7分：①式2分，②式3分，③式2分
（2）其次得分点共8分：④⑤⑥⑦式各2分
21．（19分）
解：（1）设左斜面倾角为θ，左斜面倾角为β，货箱由静止释放后能沿斜面下滑，则
F合>0 ①1分
mgsinθ-Mgsinβ-μmgcosθ-μMgcosβ >0 ②4分
解得
m >2.0×103 kg ③1分
（2）对系统应用动能定理，有
W合=△Ek ④2分
即
mgh-Mg(hsinβ/sinθ)-( μmg cosθ+μMgcosβ)(h/sinθ) =(1/2)(M+m) v2 ⑤3分
解得
v ⑥1分
另解：本小题也可用牛顿其次定律求解：
由F合=ma 1分
mgsinθ-Mgsinβ-μmgcosθ-μMgcosβ=（M+m）a 3分
由运动学方程
v2=2aL 1分
又L=h/sinθ
解得
v 1分
（3）当A的质量m与B的质量M 之间关系满足m>>M时，货箱下滑的加速度最大，
到达斜面底端的速度也最大，此时有
mgsinθ-μmgcosθ=mam ⑦2分
得
am=5m/s2 ⑧1分
又v2=2amL ⑨2分
货箱到达斜面底端的最大速度
v=10m/s<12m/s ⑩1分
所以，当A的质量m不断增加时，该运输装置均能被平安锁定 1分
评分细则：（1）第一得分点共6分：①式1分，②式4分， ③式1分
（2）其次得分点共6分：④式2分，⑤式3分，⑥式1分
（3）第三得分点共8分：⑦⑨式各2分，⑧⑩式各1分
22．（1）电子在电子枪中加速，依据动能定理：
①（2分）
可得：
m/s ②（2分）
（2） 电子由洛伦兹力供应圆周运动的向心力：
③（2分）
由题意得
B=kI
解得：
cm ④ （2分）
O
O'
S
C
（3） 联立上述方程可得 ⑤（2分）
当电压取875 V，电流取0.5 A时，半径最大。
最大值r=20cm。 ⑥（2分）
此时电子达到C点，在三角形OCO'中，由余弦定理：
⑦（2分）
O
O'
S
D
解得：
⑧ （2分）
（写利用勾股定理得到也同样给分）
当粒子的半径比较小的时候，与图中的D点相切，
此时半径为(5+5)cm。 ⑨（2分）
电子打到玻璃泡上的范围在CD之间。⑩ （2分）
评分细则：（1）第一得分点共4分：①②式各2分
（2）其次得分点共4分：③④式各2分，式3分，式1分
（3）第三得分点共12分：⑤⑥⑦⑧⑨⑩式各2分
29．（1）C （2）B
30．（1）B （2）C
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