陕西省西安市2022-2023学年九年级上学期期末物理试卷.pdf

20222023学年陕西省西安市九年级（上）期末物理试卷一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，计30分.每小题给出的四个选项中，只有一 个符合题意）1.（3分）击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路导通，且只有乙方指示灯亮，当乙方运动员的剑（图中用“S乙”表示）击中甲方导 电服时，电路导通，且只有甲方指示灯亮，如图所示的四个电路图中，符合上述要求的2.（3分）如图所示的电路，闭合开关S后，灯泡Li、L2都不发光，电流表示数为零，电压表有读数，若电路中只有一处故障，则可能是（）A.电源没电了 B.灯泡L2短路了C.灯泡Li灯丝断了 D.电流表断路3.（3分）如图所示，下列分析正确的是（）A.只闭合Si时，L2发光、Li不发光，A2测L2电流B.只闭合S2时一,Li发光，L2不发光，Ai测L2电流C.闭合Si、S2时一,Ll、L2并联，A2测L2电流D.闭合Si、S2时，Li、L2串联，Ai、A2示数相等4.（3分）如图所示的电路中，闭合开关，电压表Vi的示数是6 V电压表V2的示数为9V,若L3两端的电压是Li两端电压的两倍，则电源的电压是（）Li 心 L：L3-1|A.12V B.11V C.10V D.9V5.（3分）一根电阻丝，下列操作能使其电阻变大的是（）A.把它剪去一半 B.把它对折使用C.把它拉长一倍 D.减小它两端电压6.（3分）图中所示的滑动变阻器四种接法中，当滑片P向左移动时，可使电路中的电流变 大的是（）7.（3分）考虑温度对电阻率的影响，下面能正确反映通过灯泡的电流与灯泡两端电压关系的是（）A.0 U B.0 U C.0 U D.0 U8.（3分）在如图所示的电路中，已知Ri=4Q,R2=12Q,当S闭合后，通过R1中的电流I1=O.6 A,则下列结论正确的是（）A.I2=1.8AB.I2=O.3AC.I2=O.2AU=1.8V9.（3分）如图所示为某家庭中的电能表的表盘图片，关于下列说法正确的是（)A.若电能表的转盘转得越快，则表明用电器的电功率越大B.所在家庭电路短时间内允许的最大总电功率为2200WC.到目前为止该家庭电路已消耗电能13457kWhD.若转盘转了 1600转，则这段时间内消耗的电能为2度10.（3分）将灯LiL2串联在某电路中，发现灯L2比灯L1亮很多，下列说法正确的是（）A.通过L2的电流比Li大B.通过两灯的电流一样大C.L2两端的电压比Li的小D.Lb L2两端的电压一样大二、填空题（本大题共10小题，每空1分，计30分）11.（3分）如图所示的电路。（1）当闭合Si、S2时一，只有 会发光。（2）只闭合Si,发现Li不发光、L2发光，则故障可能是L（选填“短路”或“断路”）。（3）只闭合Si,发现Li和L2都不发光，则故障可能是L2（选填“短路”或“断12.（3分）如图所示的电路中，若要使灯和电铃组成串联电路，只需闭合开关；若要使灯和电铃组成并联电路，只需闭合开关；若只闭合$2、$3,则（选 填“灯”“电铃”或“灯和电铃”）工作。13.（3分）如甲图所示的电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如乙图所示。则通过灯Li的电流是 A,通过灯L2的电流是 A,通过干路的电流是 Ao乙此时Vi、V2表的读数如图乙所示,14.（3分）如图甲所示，当开关闭合后，两灯都发光,15.（3分）如图所示，A为一根铅笔芯，闭合开关后，小灯泡发光，说明铅笔芯是（选 填“导体”或“绝缘体将夹子在铅笔芯上向左移动时，观察到小灯泡变，这说明铅笔芯的电阻大小与 有关。16.（3分）如图所示是实验室常用的滑动变阻器，它的铭牌上标有“30Q 0.5A”字样，表示滑动变阻器的最大阻值是 Q,它是通过改变电阻丝接入电路的 对电路起到调节的作用，当把A、D接线柱连入电路，欲使电路中电流减小，需将滑片P向（选填“左”或“右”）端移动。C P DB17.（3分）某段金属丝两端电压为6 V时-，通过的电流为0.3A,当该金属丝两端电压降为 4V时，通过它的电流为 A；当该金属丝两端电压降为0V时，它的电阻为 Q;若先将该金属丝接入电源电压为6 V的电路中，再将金属丝拉长，通过金属丝的电流 将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。18.（3分）如图甲，R1为定值电阻，Rp为滑动变阻器，闭合开关，Rp的滑片从一端移动到 另一端，得到电压与电流图象如图乙，则电源电压为 Vo Ri阻值为 Q。当电流为0.4A时，R1与Rp连入电路的阻值之比为 o甲 乙19.（3分）如图所示是某品牌的移动电源的输入和输出端口，其上标有：“输入：5V,2.1A,30000mAh；输出：5V,2.1A；5V,1A；5V,1A”用这个移动电源可给3个移动电子 设备同时充电，移动电源插入插座充电时，充满一次电，需要用时 h（结果保留 两位小数），可储存的能量为 J；用该移动电源恰好可给标号为“3.8V 3200mA-h”的某手机电池充电10次，则该移动电源的能量利用率为（结果精确至0.01%）。20.（3分）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为15Q,只闭合开关S,电流 表的示数为0.2A；再闭合开关Si,电流表的示数变化了 0.3A,则电源电压为 V,R2的阻值是 Q.此时电路的总功率为 WoRiRl Si-1-r三、作图题（本大题共2小题，每小题4分，计8分）21.（4分）根据实物图，画出对应的电路图。22.（4分）如图所示，请用笔画线代替导线按电路图连接实物（灯泡正常发光的电阻约8四、实验题（本大题共3小题，计17分）23.（4分）小何同学选用两节新电池，两个小灯泡，一个电压表来探究串联电路电压的特点0（1）若要测量灯泡L1两端的电压，请在图甲中补充完整小何的实验电路;（2）连接电路前，小何发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是Uab/VUbc/VUac/V1.41.42.8(3)用电压表分别测出图丙中AB、BC、AC间的电压为Uab、Ubc、Uac并记录在上 表中，小何分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。结 合所学知识，请你对小何的做法提出一条合理的建议：o甲 乙 丙(1)请用笔画线代替导线，将图甲所示实验电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片P向 右移动时，电流表示数变大。(2)连接完电路后，闭合开关S,发现电流表、电压表有示数均很小，但无论怎样移动 滑片P都不能改变两只电表的示数。出现这个问题的原因是什么？(3)解决问题后，闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P,进行多次测量并记录数据。当电压表示数为2V时，电流表示数如图乙所示为 A,则电阻R的阻值为 Q。(4)把图甲的电阻R换成小灯泡L,重复上述实验，测量小灯泡的电阻。图丙是根据两 次实验数据绘制的I-U图象，其中表示小灯泡电阻的图象是(选填a”或b”),判断的依据是什么？25.(6分)某小灯泡的额定电压为2.5V,图1是测量该灯泡额定功率的实验电路。图3（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最 端（选填“左”或“右（3）当电压表示数调至2.5V时-，电流表示数如图2所示，小灯泡的额定功率为Wo（4）用图3所示电路来测量另一只额定电压为4V的小灯泡的额定功率。仅闭合Si,调节滑动变阻器R2滑片至某一位置，使电压表示数为4V。在保持 的情况下，仅闭合S2,调节电阻箱R1使电压表示数为 V,此时R1接入电路的阻值为2011 o该小灯泡的额定功率为 Wo五、综合题（本大题共2小题，计15分）26.（7分）如图所示，电路的电源电压恒定不变，灯泡L标有“10V 10W”字样，Ri是滑动变阻器，变阻范围为。100Q,定值电阻R2的阻值为40Q。求：（1）灯泡L正常发光lOmin消耗的电能；（2）闭合开关S2、S3,调节滑片使滑动变阻器R1连入电路的阻值为14。时，灯泡L恰好正常发光，电路的电源电压；（3）当同时闭合Si、S2、S3,仍然要使灯泡L正常发光，滑动变阻器Ri连入电路的阻27.（8分）图甲为汽车倒车雷达中的距离报警器简化电路图。电源电压为12V,Ro为定值 电阻，Rs为距离传感器的核心部件，其阻值随传感器到障碍物距离变化关系如图乙所示。当传感器到障碍物距离为1.5m时，报警器开始报警，此时电路中报警电流为0.2A。甲 乙（1）由图乙可知开始报警时，Rs的阻值为 Q；传感器到障碍物距离越近，Rs的阻值越;(2)求Ro的阻值;(3)当传感器到障碍物距离为1m时，求Rs的电功率；(4)保持起始报警电流不变，若要增大起始报警距离，请写出可行的做法(写出一条即 可)。20222023学年陕西省西安市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，计30分.每小题给出的四个选项中，只有一 个符合题意）1.（3分）击剑比赛中，当甲方运动员的剑（图中用“S甲”表示）击中乙方的导电服时，电路导通，且只有乙方指示灯亮，当乙方运动员的剑（图中用“S乙”表示）击中甲方导 电服时，电路导通，且只有甲方指示灯亮，如图所示的四个电路图中，符合上述要求的【分析】由于串联电路用电器工作时相互影响，并联电路的用电器工作时互不影响，据 此即可判断得出它们的连接方式。【解答】解：由于当甲方击中乙方的导电服时电路接通，则S甲与乙方指示灯串联，当乙 方击中甲方的导电服时电路接通，则S乙与甲方指示灯串联，由于它们互不影响，则两路 并联；所以，S甲与乙方指示灯串联，S乙与甲方指示灯串联，然后两灯并联在电源两端。故D符合题意。故选：D。【点评】本题考查串并联电路的特点，会根据用电器的工作情况确定用电器的连接方式,并会根据题意确定开关的作用。2.（3分）如图所示的电路，闭合开关S后，灯泡Li、L2都不发光，电流表示数为零，电 压表有读数，若电路中只有一处故障，则可能是（）A.电源没电了 B.灯泡L2短路了C.灯泡Li灯丝断了 D.电流表断路【分析】闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数接近电源电压，说明电路中几乎无电流，电压表能与电源相通，故是灯泡Li处断路了。【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯 泡Li两端的电压；当闭合开关后，两只灯泡都不亮，并且电流表无示数，说明电路发生 了断路，而电压表有示数，说明电压表能与电源相通，故是灯泡Li断路。故选：Co【点评】用电压表判断故障时，若电压表有读数，可能是所并联的地方开路或其他地方 短路了，若电压表没有读数，则可能是所并联的地方短路或其他地方开路了。3.（3分）如图所示，下列分析正确的是（）A.只闭合Si时，L2发光、Li不发光，A2测L2电流B.只闭合S2时一,Li发光,L2不发光，Ai测L2电流C.闭合Si、S2时，Li、L2并联,A2测L2电流D.闭合Si、S2时，Li、L2串联，Ai、A2示数相等【分析】（1）串联是指用电器依次连接的电路。并联是指用电器并排连接的电路。（2）根据电流表的所在位置得出电流表的测量对象，根据串并联的电流特点即可判断电 流表的示数大小。【解答】解：A、只闭合Si时，电路为Li的基本电路，则Li发光、L2不发光，电流表 Ai与Li串联，则Ai测Li的电流，故A错误；B、只闭合S2时一，由于Si的断开，电路处于开路状态，Li、L2都不发光，故B错误；CD、闭合Si、S2时，Li、L2并列连接在电源的正负极两端，则Li、L2并联，电流表 Ai在干路上，则Ai测干路的电流，电流表A2与L2串联，贝IJA2测L2的电流，故C正 确，D错误。故选：Co【点评】本题考查串并联电路的连接和电流表的使用，分清电路的连接方式和电表所测 的电路元件是解题的关键。4.（3分）如图所示的电路中，闭合开关，电压表Vi的示数是6 V电压表V2的示数为9V,若L3两端的电压是Li两端电压的两倍，则电源的电压是（)C.10VD.9V【分析】由电路图可知，三灯泡串联，Vi测Li、L2两端的电压，V2测L2、L3两端的电 压；L3两端的电压是Li两端电压的两倍，故根据串联电路的电压特点求出各灯泡两端的 电压.【解答】解：由电路图可知，三灯泡串联，Vi测Li、L2两端的电压，V2测L2、L3两端 的电压，L3两端的电压是Li两端电压的两倍，假设Li、L2、L3两端的电压分别是Ui、U2、U3,由于串联电路中总电压等于各分电路电压之和，贝IJ：Ui+U2=6V-U2+U3=9V-U3=2Ui-解得：Ui=3V,U2=3V,U3=6 V；故总电压是：3V+3V+6 V=12V；故选：Ao【点评】本题主要考查了串联电路电压的特点，关键是电压表所测电路元件的辨别。5.（3分）一根电阻丝，下列操作能使其电阻变大的是（）A.把它剪去一半 B.把它对折使用C.把它拉长一倍 D.减小它两端电压【分析】电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体的材料、长度、横截面积、温度 有关。【解答】解：A、把电阻丝剪去一半，材料和横截面积没变，长度减小一半，因此电阻减 小，故A错误；B、把电阻丝对折使用，材料没变，长度减小一半，横截面积增大一倍，因此电阻减小，故B错误；C、把电阻丝拉长一倍，材料没变，长度增大一倍，横截面积减小一半，因此电阻增大，故正确；D、电阻是导体本身的一种性质，与电压无关，故D错误。故选：Co【点评】此题考查了电阻的影响因素，属常规题目。6.（3分）图中所示的滑动变阻器四种接法中，当滑片P向左移动时，可使电路中的电流变大的是（）【分析】滑片向左移动，电流变大，则滑动变阻器接入电路的阻值变小。【解答】解：A、电阻丝没有接入电路，当滑片P向右移动时一，不会改变电路中的电阻,电流不变，故A错误。B、图中将变阻器的下面两个接线柱连入电路，当滑片P向左滑动时，不会改变连入电路 的电阻丝的长度，所以不会改变电阻，则电流不变，故B错误。C、图中接法，滑片右边的电阻线接入了电路，当滑片P向左滑动时，接入电路的电阻丝 的长度变长，电阻变大，则电流变小，故C错误。D、图中接法，滑片左边的电阻线接入了电路，当滑片P向左滑动时，接入电路的电阻 丝的长度变短，电阻变小，则电流变大，故D正确。故选：D。【点评】能够正确判断哪一段电阻丝被连入电路中是本题的解题关键所在。若是正确的 连接方式：连接一“上”一“下”两个接线柱，则接入电路的电阻丝就是下边这个接线 柱与滑片之间的那段电阻丝。7.（3分）考虑温度对电阻率的影响，下面能正确反映通过灯泡的电流与灯泡两端电压关系 的是（）【分析】灯丝电阻随温度的升高而增大，在I-U图象中图象的倾斜程度表示表示电阻的 倒数，则由电阻的变化可知图象倾斜程度的变化。【解答】解：电灯的灯丝电阻随温度的升高而增大；故随着电压的增大，灯泡温度升高，灯丝的阻值将增大，故图象的倾斜程度将减小。故选：Ao【点评】本题考查I-U图象中斜率的含义以及灯丝电阻随温度升高而变大的规律。图象 问题为物理中常考查问题应熟练掌握。8.（3分）在如图所示的电路中，已知Ri=4Q,R2=12Q,当S闭合后，通过R1中的电流Ii=0.6 A,则下列结论正确的是（）L_）I sA.I2=1.8A B.I2=O.3A C.h=0.2A D.U=1.8V【分析】由图知两电阻并联；由I=U算出R1两端的电压，根据并联电路电压的规律判断出电源电压；R由欧姆定律算出通过R2的电流。【解答】解：由图知两电阻并联；由I=U得R1两端的电压为：RUi=IiRi=0.6 AX4Q=2.4V；根据并联电路电压的规律知电源电压为：U=Ui=U2=2.4V,故D错误；通过R2的电流为：12=工=2.=0.2A,故C正确，AB错误。R2 12Q故选：Co【点评】本题考查了欧姆定律和串联电路电压的规律，是一道基础题。9.（3分）如图所示为某家庭中的电能表的表盘图片，关于下列说法正确的是（）A.若电能表的转盘转得越快，则表明用电器的电功率越大B.所在家庭电路短时间内允许的最大总电功率为2200WC.到目前为止该家庭电路已消耗电能13457kWhD.若转盘转了 1600转，则这段时间内消耗的电能为2度【分析】（1）电能表是测量家庭电路中一段时间消耗电能多少的工具，转盘转到快慢反 应此时电流做功的快慢；（2）根据电功率的计算公式P=UI求出最大功率；（3）电能表的读数：电能表的最后一位数是小数，单位kWh；（4）3200r/kWh表示每消耗lkWh的电能，电能表的转盘转3200转，据此求出电能表 表盘转1600转消耗的电能。【解答】解：A、电功率是表示电流做功（消耗电能）快慢的物理量，若电能表的转盘转得越快，则表 明用电器的电功率越大，故A正确；B、由电能表表盘可知，短时间内允许的最大电流为40A,则该电能表允许接入用电器的最大电功率P=UI=220VX40A=8800W,故B错误；C、电能表的最后一位数是小数，单位kWh,由图示电能表可知，电能表示数是1345.7kW h,说明到目前为止该家庭电路已消耗电能1345.7kWh,故C错误，D、电能表表盘转1600转消耗的电能：W=一里也I一=0.5kWh=0.5度，故D错误。3200r/kV-h故选：Ao【点评】此题主要考查了有关电能表参数的意义及有关的计算，同时考查了电功率的计 算公式及其变形公式的应用，综合性较强，但难度不大10.（3分）将灯L1,L2串联在某电路中，发现灯L2比灯Li亮很多，下列说法正确的是（）A.通过L2的电流比Li大B.通过两灯的电流一样大C.L2两端的电压比Li的小D.Li、L2两端的电压一样大【分析】根据串联电路的特点答题：串联电路中，各处电流相同。所以当两只灯泡串联 时一，通过它们的电流相同。【解答】解：两个灯泡串联接在电源上，由串联电路的特点知，流过它们的电流相等，故A错误，B正确；它们的亮度不同是由它们的实际功率不同（或电阻不同）造成的，亮度越亮，实际功率 越大，故L2功率大于Li功率，由公式P=UI可知，L2两端的电压比Li的大，故CD错 误。故选：Bo【点评】本题考查了串联电路的电流特点，是一道基础题；流经串联电路各处的电流都 相等；灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，解题时，不要受灯泡亮度的干扰。二、填空题（本大题共10小题，每空1分，计30分）11.（3分）如图所示的电路。（1）当闭合Si、S2时一，只有Li会发光。（2）只闭合Si,发现Li不发光、L2发光，则故障可能是Li短路（选填“短路”或“断路”）。（3）只闭合Si,发现Li和L2都不发光，则故障可能是L2断路（选填“短路”或“断路”）。Si【分析】电路分为串联电路和并联电路，电路元件依次连接的为串联，并列连接的为并 联，分析当开关闭合状态下电路的连接形式。【解答】解：（1）当闭合Si、S2时一，L2发生短路，则L2不发光，只有Li会发光；（2）只闭合Si,Li、L2是串联的，L2发光，说明电路是通路，而Li不发光，则故障可 能是Li短路；（3）只闭合Si,发现Li和L2都不发光，说明电路是开路，则L1或L2断路都有可能。故答案为：（1）Li；（2）短路；（3）断路。【点评】本题主要考查对串、并联电路中各用电器工作特点以及开关作用的了解，分析 时要细心，注意短路情况。12.（3分）如图所示的电路中，若要使灯和电铃组成串联电路，只需闭合开关 S2；若 要使灯和电铃组成并联电路，只需闭合开关 S1、S3;若只闭合S2、S3,则 电铃（选填“灯”“电铃”或“灯和电铃”）工作。【分析】串联电路中电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极;并联电路中电流有多条路径，电流进行分支、汇合从电源正极回到负极。【解答】解：若要使灯和电铃组成串联电路，则只需闭合开关S2,此时灯与电铃首尾顺 次连接；若要使灯和电铃组成并联电路时，则要断开开关S2,闭合开关Si和S3,此时灯和电铃并 列地连接。同时闭合S2、S3,电流从正极出发经电铃回负极，灯泡被短路，因此灯不工作，电铃工作。故答案为：S2；S1、S3；电铃。【点评】解决此类题目的关键是根据题目中的开关组合方式，联系串并联电路的特点进行分析电路的连接情况。13.（3分）如甲图所示的电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如乙图所示。则通过灯Li的电流是 0.3 A,通过灯L2的电流是 0.9 A,通过干路的电流是 1.2 A。L：q 1_ bL】-dd-J甲【分析】分析电路可知：两灯并联,电流表b测的是干路电流,电流表a测的是Li所在支路的电流;由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以电流表b选用的应该是大量程（03A）,a选用的是小量程（00.6 A）；然后根据相应量程下的分度值和指针位置来进行读数。结合并联电路的电流特点即可求出通过各灯的电流大小。【解答】解：经分析可知，电流表b选择的量程是。3A,分度值为0.1A,所以电流表b的示数为I总=L2A,即干路电流为L2A；电流表a选择的量程是00.6 A,分度值是0.02A,所以电流表的示数为Ia=0.3A,即通过灯Li的电流为0.3A；那么通过灯L2的电流大小为：12=1总-Ia=1.2A-0.3A=0.9Ao故答案为：0.3；0.9；1.2o【点评】对于这类题目要先分析电路的构成，然后结合串、并联电路的特点和电表的读 数方法进行分析。14.（3分）如图甲所示，当开关闭合后，两灯都发光，此时Vi、V2表的读数如图乙所示，则电源电压为 6 V,灯Li两端的电压为 3.5 V,灯L2两端的电压为 2.5 V。【分析】分析电路连接及电压表测量的电压，根据电压表选用小量程确定分度值读数，根据串联电路电压的规律求出灯Li两端的电压。【解答】解：两个灯泡为串联，串联电路中各用电器两端的电压之和等于总电压.电压 表V1测量的是电路两端的总电压，电压表V2测量的是L2两端的电压.由电路图可知，两个灯泡是串联的，电压表Vi的示数为电路的总电压，即电源电压为6 V,电压表V2的示数为L2两端的电压，即U2=2.5V,由串联电路电压的特点可知，灯泡Li两端电压为：Ui=U-U2=6.0V-2.5V=3.5Vo故答案为：6；3.5；2.5o【点评】本题考查电压表读数、串联电路电压的规律，常见题目。15.（3分）如图所示，A为一根铅笔芯，闭合开关后，小灯泡发光，说明铅笔芯是 导体（选填“导体”或“绝缘体”）。将夹子在铅笔芯上向左移动时，观察到小灯泡变 亮，【分析】（1）容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体；（2）电阻是导体对电流的阻碍作用，电阻的大小与材料、长度和横截面积以及温度有关,与导体两端的电压和通过的电流无关。【解答】解：（1）如图所示的电路中，闭合开关后，小灯泡发光，说明铅笔芯是导体；（2）夹子向左移动，则接入铅笔芯的长度变短，会观察到小灯泡变亮，这表明电路中的 电流变大，接入电路的电阻变小，即铅笔芯的电阻大小与长度有关。故答案为：导体；亮；长度。【点评】本题考查了导体和绝缘体的区别以及影响电阻大小的因素，是电学中比较基础的内容，相对比较简单。16.（3分）如图所示是实验室常用的滑动变阻器，它的铭牌上标有“30。0.5A”字样，表 示滑动变阻器的最大阻值是 30 Q,它是通过改变电阻丝接入电路的长度对电路 起到调节的作用，当把A、D接线柱连入电路，欲使电路中电流减小，需将滑片P向_五（选填“左”或“右”）端移动。C P D【分析】滑动变阻器的原理：通过改变接入电路中电阻线的长度来改变滑动变阻器的电 阻大小；铭牌的含义：电阻值指滑动变阻器的最大阻值；电流值指滑动变阻器允许通过的最大电 流；使用：滑片与下面所接的接线柱距离越大，则接入电路中的电阻越大。【解答】解：“30Q 0.5A”表示滑动变阻器的最大阻值为30Q,允许通过的最大电流为 0.5A,；滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻线的长度来改变电阻的；当把A、D连入电路，要减小电路中的电流，则应增大滑动变阻器接入电路的阻值，应 将滑片向右端移动。故答案为：30；长度；右。【点评】此题考查了滑动变阻器的制作原理、铭牌的含义及滑动变阻器的阻值判断，应 掌握。17.（3分）某段金属丝两端电压为6 V时-，通过的电流为0.3A,当该金属丝两端电压降为 4V时一，通过它的电流为 0.2 A：当该金属丝两端电压降为0V时-，它的电阻为 20 Q;若先将该金属丝接入电源电压为6 V的电路中，再将金属丝拉长，通过金属丝的电流 将 变小（选填“变大”“变小”或“不变【分析】（1）知道某段金属丝两端电压和通过的电流，根据欧姆定律求出其电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两 端的电压和通过的电流无关，并且在材料一定时，导体的长度越长、横截面积越小，导 体的电阻越大，再根据欧姆定律计算分析通过金属丝的电流。【解答】解：（1）由I=U可得，该金属丝的电阻：R=U=_=20Q；R I 0.3A（2）因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当该金属丝两端电压降为4V时或降为0V时，该金属丝的阻值仍为20。不变，当该金属丝两端电压降为4V时，通过它的电流：I=U=_=0.2A；R 200若将该金属丝拉长后接入原电路中，金属丝的长度变长，横截面积变小，因此电阻变大,由欧姆定律可知，电路电流将变小。故答案为：0.2；20；变小。【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过 的电流无关。18.(3分)如图甲，R1为定值电阻，Rp为滑动变阻器，闭合开关，Rp的滑片从一端移动到 另一端，得到电压与电流图象如图乙，则电源电压为 3 Vo Ri阻值为 5 0当电 流为0.4A时，R1与Rd连入电路的阻值之比为 2：1。甲 乙【分析】由电路图可知，定值电阻Ri和滑动变阻器Rp串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压，(1)当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0,此时电流表和电压表的示数最大，电 压表示数即电源电压，由图乙可知，电源的电压U=3V,电路中的电流I=0.6 A,由1=U可得Ri的阻值；R(2)由图乙可知，当电流为0.4A时，R1两端的电压Ui=2V,根据串联电路电压规律 计算Rp两端的电压，根据串联电路分压特点计算R1与Rp连入电路的阻值之比。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器Rp串联，电流表测电路中的电 流，电压表测R1两端的电压。(1)当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0,此时电流表和电压表的示数最大，由图乙可知，电源的电压U=3V,电路中的电流I=0.6 A；由1=旦可得，Ri的阻值：RRi=旦=3.=5。；I 0.6 A(2)由图乙可知，当电流为0.4A时，Ri两端的电压Ui=2V,串联电路总电压等于各部分电压之和，所以Rp两端的电压为：Up=U-Ui=3V-2V=IV,根据串联电路的分压特点可得：包=_=2上=2。Rp Up IV 1故答案为：3；5；2：lo【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关 键。19.(3分)如图所示是某品牌的移动电源的输入和输出端口，其上标有：“输入：5V,2.1A,30000mA*h；输出：5V,2.1A；5V,1A；5V,1A”用这个移动电源可给3个移动电子 设备同时充电，移动电源插入插座充电时，充满一次电，需要用时 14.29 h(结果保 留两位小数)，可储存的能量为 5.4X1Q5 J；用该移动电源恰好可给标号为“3.8V3200mA-h的某手机电池充电10次，则该移动电源的能量利用率为 81.07%(结果 精确至0.01%)。【分析】(1)由移动电源的铭牌可知充电时的电流和充满电时的电荷量，根据i=Q求出 t充满一次电需要的时间；(2)根据W=UIt可求出移动电源可储存的能量；(3)该移动电源的能量利用率等于储存的电能和给手机电池充电10次电能的比值。【解答】解：(1)由1=9可得，充满一次电需要的时间：tt=Q=300inA.h i心如；I 2.IX 103mA(2)移动电源可储存的能量:W=Ult=5VX30000X 10-3AX 1 X 36 00s=5.4X 105J；(3)给手机充电10次消耗的能量为：W=nU I t=10X3.8VX3200X 10-3AX 1 X36 00s=4.3776X 105J；该移动电源的能量利用率T1=1X100%=生 3776 x 10叮*100%81 07%oW 5.4X1()5 j故答案为:14.29；5.4X105；81.07%o【点评】本题考查了电能的有关计算和能源利用率的应用，有一定的难度。20.（3分）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为15Q,只闭合开关S,电流 表的示数为0.2A；再闭合开关Si,电流表的示数变化了 0.3A,则电源电压为 3 V,R2的阻值是 10 n.此时电路的总功率为 1.5 Wo_ Ri,Ri Si_-SL|二【分析】只闭合开关S时-，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定 律求出电源的电压；再闭合开关Si时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电 路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，电流表示数的变化量即为通过 R2的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R2的阻值，根据并联电路的电流特 点求出干路电流，根据P=UI求出电路的总功率。【解答】解：只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，由I=U可得，电源电压：RU=liRi=0.2AX 15Q=3V；再闭合开关Si时，Ri与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过Ri的电流不变，则电流表示数的变化量即为通过R2的电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，R2的阻值：R2=1 on，12 0.3A因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=Ii+l2=0.2A+0.3A=0.5A,电路的总功率：P=UI=3VX0.5A=1.5W。故答案为：3；10；1.5o【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，知道电流表示数 的变化量即为通过R2的电流是关键。三、作图题（本大题共2小题，每小题4分，计8分）21.（4分）根据实物图，画出对应的电路图。【分析】根据实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。【解答】解：根据实物图，开关闭合后，电流从电源的正极流出，依次经过开关、灯泡Li、灯泡L2、电流表回到电源负极，电压表并联在灯泡Li两端，电路图如下:【点评】会根据实物连接状况分析出电路的连接方式，然后按照规范画出对应的电路图。22.（4分）如图所示，请用笔画线代替导线按电路图连接实物（灯泡正常发光的电阻约8欧左右）。【分析】根据电源电压和灯泡的电阻求出电路中的最大电流，从而选择出电流表的量程;根据电路图连接实物图。【解答】解：电源有两节干电池组成，电源电压为U=3V,灯泡正常发光的电阻约8欧左右，电路中的最大电流为：I=U=包=0.375AV0.6 A,所以电流表选择。0.6 A的 R 8。里桂；电压表并联到灯泡的两端，选用小量程；滑动变阻器采用一上一下的接法，如图所示:【点评】本题考查了根据电路图连接实物图，能判断出电流表的量程是解题的关键。四、实验题(本大题共3小题，计17分)23.(4分)小何同学选用两节新电池，两个小灯泡，一个电压表来探究串联电路电压的特点。(1)若要测量灯泡Li两端的电压，请在图甲中补充完整小何的实验电路;(2)连接电路前，小何发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操作是 将电压表指针调零；Uab/V Ubc/V Uac/V1.4 1.4 2.8(3)用电压表分别测出图丙中AB、BC、AC间的电压为Uab、Ubc、Uac并记录在上 表中，小何分析实验数据得出结论：串联电路总电压等于各部分电路两端电压之和。结 合所学知识，请你对小何的做法提出一条合理的建议：实验次数太少，应多次实验，4找普遍规律。【分析】(1)根据实验目的确定两灯连接，电压表与待测电路并联，由电源电压为3V确 定选择的量程；(2)电压表使用前要调零;(3)用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量 足够多。【解答】解：(1)目的是探究串联电路电压的特点，电压表测量灯泡Li两端的电压，应 并联在灯泡Li的两端，电源电压为3V,所以应选择小量程，如下所示：(2)由图乙知，连接电路前，在检查实验器材时发现电压表指针没有指在零刻度线上,则应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；(3)在本实验中，实验次数太少，应多次实验，寻找普遍规律。故答案为：(1)如上图所示；(2)将电压表指针调零；(3)实验次数太少，应多次实验,寻找普遍规律。【点评】本题探究串联电路电压的特点，考查电路连接、注意事项、数据分析及归纳法 的运用。24.(7分)在“测量电阻的阻值”实验中:(1)请用笔画线代替导线，将图甲所示实验电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片P向 右移动时，电流表示数变大。(2)连接完电路后，闭合开关S,发现电流表、电压表有示数均很小，但无论怎样移动 滑片P都不能改变两只电表的示数。出现这个问题的原因是什么？(3)解决问题后，闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P,进行多次测量并记录数据。当电压表示数为2V时，电流表示数如图乙所示为 0.2 A,则电阻R的阻值为 10Q。(4)把图甲的电阻R换成小灯泡L,重复上述实验，测量小灯泡的电阻。图丙是根据两 次实验数据绘制的I-U图象，其中表示小灯泡电阻的图象是 a（选填a”或b”），判断的依据是什么？【分析】（1）滑动变阻器和电阻串联接入电路，滑动变阻器应选择一上一下两个接线柱 接入电路，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，则滑动变阻器的滑片P 向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻应变小；（2）闭合开关，电流表、电压表示数均很小，说明电路为通路且定值电阻两端的电压和 通过的电流很小，电路中的电阻较大，怎样移动滑片都不起作用，据此分析导致该故障 的原因；（3）由图乙可知，电流表所选量程是。0.6 A,分度值为0.02A,由此可读出电流表的 示数；根据表格中的数据，利用欧姆定律可求出电阻R的阻值；（4）小灯泡的电阻受温度的影响，随着温度的升高而增大，不是一个定值，据此判断小 灯泡的I-U图象。【解答】解：（1）滑动变阻器和电阻串联接入电路，滑动变阻器应接一个上接线柱和一 个下接线，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变大，滑动变阻器接入电路的 电阻应变小，所以滑动变阻器接右下接线柱，如下图所示：（2）连接完电路后，闭合开关，电流表、电压表示数均很小，说明电路为通路，且定值 电阻两端的电压和通过的电流很小，电路中的电阻较大，怎样移动滑片都不起作用，导 致该故障的原因是：将变阻器的下面两个接线柱连入了电路；（3）由图乙可知，电流表所选量程是00.6 A,分度值为0.02A,电流表的示数是0.2A；电阻R的阻值为：R=U=2V=10Q；I 0.2A（4）小灯泡的电阻受温度的影响，随着温度的升高而增大，不是一个定值，如图丙所示,表示小灯泡的I-U图象是图象a。故答案为：（1）见解答图；（2）将变阻器的下面两个接线柱连入了电路；（3）0.2；10；(4)a；小灯泡的电阻受温度的影响。【点评】本题测量电阻的阻值，考查了电路连接、电路故障、电流表读数、影响电阻的 因素以及电阻的计算等知识。25.(6分)某小灯泡的额定电压为2.5V,图1是测量该灯泡额定功率的实验电路。(1)请用笔画线代替导线，将电压表正确接入电路。(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最 右 端(选填“左”或“右”)。(3)当电压表示数调至2.5V时，电流表示数如图2所示，小灯泡的额定功率为 0.75Wo(4)用图3所示电路来测量另一只额定电压为4V的小灯泡的额定功率。仅闭合Si,调节滑动变阻器R2滑片至某一位置，使电压表示数为4V。在保持 滑片位置不动 的情况下,仅闭合S2,调节电阻箱R1使电压表示数为二V,此时R1接入电路的阻值为20Q。该小灯泡的额定功率为 0.8 Wo【分析】(1)电压表与灯泡并联接入电路；(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处；(3)根据电流表接入电路的量程和分度值读数，根据电功率公式计算灯泡的额定功率