2026届安徽省蚌埠第二中学高一物理第一学期期末考试模拟试题含解析.doc

2026届安徽省蚌埠第二中学高一物理第一学期期末考试模拟试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，用绳索将重球挂在墙上，不考虑墙的摩擦。如果把绳的长度减小一些，则球对绳的拉力F1和球对墙的压力F2的变化情况是（　　）

A.F1和F2都减小 B.F1减小，F2增大
C.F1增大，F2减小 D.F1和F2都增大
2、如图所示，吊篮A、物体B、物体C的质量分别为m、3m、2m。B和C分别固定在轻弹簧两端（弹簧的质量不计）．B和C在吊篮的水平底板上处于静止状态．将悬挂吊篮的轻绳剪断的瞬间(　　)

A.吊篮A的加速度大小为2g
B.物体B的加速度大小为g
C.物体C的加速度大小为0
D.A、B、C的加速度大小都等于g
3、一质点做直线运动的图像如图所示，下列关于该质点运动的描述不正确是( )

A.1s-4s内的位移大小为24m
B.0-1s内的加速度大小为8m/s2
C.4s-6s内的平均速度大小为4m/s
D.0-6s内的总位移大小为48m
4、下列哪一组单位都是国际单位制中的力学基本单位（　　）
A.m、N、s B.m、kg、s
C.m、kg、N D.kg、m/s、s
5、下列说法正确的是（　　）
A.牛顿等物理学家建立的经典力学体系不但适用于宏观、低速研究领域，也能研究微观、高速运动的物体
B.牛顿通过研究发现物体受到的外力总是迫使其改变运动状态，而不是维持其运动状态
C.由牛顿第二定律得到，这说明物体的质量跟所受外力成正比，跟物体的加速度成反比
D.作用力与反作用力的性质可以不同
6、A、B两个物体在同一直线上作匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）

A.A、B两物体运动方向相反
B.A物体的加速度比B物体的加速度大
C.前4s内A、B两物体的位移相同
D.t=4s时，A、B两物体的速度相同
7、甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向做直线运动，它们的v−t图像如图所示．下列判断正确的是( )

A.乙车启动时，甲车在其前方50m处
B.运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75m
C.乙车启动10s后正好追上甲车
D.乙车超过甲车后，两车还会再相遇
8、汽车自A点从静止开始在平直公路上做匀加速直线运动，车的加速度是2m/s2，途中分别经过P、Q两根电线杆，已知P、Q电线杆相距50m，车经过电线杆Q时的速度是15m/s，则下列结论中正确的是（　　）
A.汽车经过P点的速度是5m/s
B.经过7.5s汽车运动到P点
C.汽车经过P、Q电线杆的时间是5s
D.汽车经过P、Q电线杆的平均速度是12m/s
9、如图所示，轻质弹簧下端悬挂了一个质量为m的小球，将小球从弹簧原长位置由静止释放，则小球从最高点运动到最低点的过程中，下列说法不正确的是

A.小球加速度逐渐增大
B.小球的速度先增大后减小
C.弹簧弹力等于mg时，小球加速度为g
D.弹簧的弹力逐渐增大
10、我市开始大力推行文明交通“车让人”行动，如图所示，以8m/s的速度匀速行驶的汽车即将通过路口，有一位老人正在过人行横道，此时汽车的车头距离停车线8m，该车减速时加速度大小为5m/s2，则下列说法中正确的是

A.如果驾驶员立即刹车制动，则t=2s时，汽车离停车线距离为2m
B.如果驾驶员立即刹车制动，则t=2s时，汽车离停车线距离为1.6m
C.如果驾驶员的反应时间为0.4s，汽车刚好能在停车线处停下
D.如果驾驶员的反应时间为0.2s，汽车刚好能在停车线处停下
11、质量分别为2kg和3kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今对物块A、B分别施以方向相反的水平力F1、F2，且F1＝20 N、F2＝10 N，则下列说法正确的是 ( )

A.弹簧的弹力大小为16N
B.如果只有F1作用，则弹簧的弹力大小变为12N
C.若把弹簧换成轻质绳，则绳对物体的拉力大小为零
D.若F1＝10 N、F2＝20 N，则弹簧的弹力大小不变
12、质量分别为的两物体，紧靠在一起放在光滑水平桌面上，如图所示，现分别对两物体施加水平推力和，且，两物体沿着水平面匀加速运动，此时物体对的作用力大小为，则（）

A.若撤掉，则力会变小
B 若撤掉，则力会变大
C.若撤掉，则力会变小
D.若撤掉，则力会变大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某研究小组做“验证力的平行四边形定则”实验，所用器材有：方木板一块，白纸，量程为5 N的弹簧测力计两个，橡皮条（带两个较长的细绳套），刻度尺，图钉（若干个）
①具体操作前，同学们提出了如下关于实验操作的建议，其中正确的有______
A．橡皮条应和两绳套夹角的角平分线在一条直线上
B．重复实验再次进行验证时，结点O的位置可以与前一次不同
C．使用测力计时，施力方向应沿测力计轴线；读数时视线应正对测力计刻度
D．用两个测力计互成角度拉橡皮条时的拉力必须都小于只用一个测力计时的拉力
②该小组的同学用同一套器材做了四次实验，白纸上留下的标注信息有结点位置O，力的标度、分力和合力的大小及表示力的作用线的点，如下图所示．其中对于提高实验精度最有利的是_____
A. B. C. D.
14、在“验证力平行四边形定则”实验中，某同学用两个量程为5N，最小刻度为0.1N的弹簧测力计测量拉力
(1)实验前对弹簧测力计进行检查，下列哪些检查是错误的（ ）
A．将弹簧测力计放在水平桌面上，进行调零
B．将弹簧测力计竖直放置，进行调零
C．将两个弹簧测力计水平互钩对拉，检查两弹簧测力计读数是否相同
(2)如图是某同学研究合力与分力关系时在白纸上画出的图，根据本实验实际及作图规范，下列判断正确的是（ ）

A．、的力的图示画法正确
B．、矢量箭头的位置正确
C．记录、的有效数字位数错误
15、如图所示，小球在较长的斜面顶端，以初速度 v0 =2m/s，加速度 a=2m/s2向下滑，其中斜面长 L 为 8m，

（1）小球在斜面上滑行的时间为多少？
（2）滑行到斜面底端的速度大小是多少？
三．计算题(22分)
16、（12分）在平直的高速公路上，一质量为m=2.0×103kg的汽车，启动后，经10s速度由5m/s达到30m/s，将该车运动过程视为匀加速运动，试求该车在这段行驶过程中：
(1) 加速度的大小；
(2) 行驶的路程；
(3) 所受合外力的大小
17、（10分）物体A的质量M=1kg，静止在光滑水平面上，平板车B的质量为、长，某时刻A以向右的初速度滑上木板B的上表面，在A滑上B的同时，给B施加一个水平向右的拉力忽略物体A的大小，已知A与B之间的动摩擦因数，取重力加速度，试求：
（1）若，物体A在小车B上相对小车B滑行的时间和最大距离；
（2）如果要使A不至于从B上滑落，拉力F的大小应满足的条件。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】对重球受力分析，重球受重力G、绳对球拉力、墙对球的支持力，三个力满足力的三角形关系如图

由几何关系有

如果把绳的长度减小，则θ变大，根据以上两式可知、都增大，由牛顿第三定律可得F1、F2都增大，D选项正确；
故选D。
2、A
【解析】AC．装置静止时，弹簧的弹力F=3mg，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，将C和A看成一个整体，根据牛顿第二定律得：

即A、C的加速度均为2g，方向向下。故A正确，C错误。
BD．剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，B的合力仍然为零，则B的加速度为0．故BD错误。
故选A。
3、D
【解析】AD.由图像可得，1s-4s内的位移大小为24m，0-6s内的总位移大小为，故A正确，D错误；
B.0-1s内的加速度大小为，B正确；
C.4s-6s内的平均速度大小为，C正确；
故选D。
4、B
【解析】A．m和s分别是长度和时间的单位，都是国际单位制中的基本单位，N是力的单位，是导出单位，故A错误；
B．m、kg和s分别是长度、质量和时间的单位，都是国际单位制中的基本单位，故B正确；
C．N是力的单位，属于导出单位，故C错误；
D．m/s是速度的单位，属于导出单位，故D错误；
故选B。
5、B
【解析】A．牛顿等物理学家建立的经典力学体系适用于宏观、低速研究领域，不适用于研究微观、高速的物体运动，故A错误；
B．牛顿通过研究发现物体受到的外力总是迫使其改变运动状态，而不是维持其运动状态，故B正确；
C．根据牛顿第二定律F＝ma，得，可知加速度跟物体所受合外力成正比，跟物体的质量成反比，物体的质量不变，故C错误；
D．作用力与反作用力一定是同种性质的力，所以，作用力与反作用力的性质可以不同是错误的，故D错误。
故选B。
6、D
【解析】A．两物体的速度均为正值，说明此时两物体的速度方向相同，故A错误；
B．B图线的斜率大于A图线的斜率，故A的加速度小于B的加速度，故B错误。
C．由图象与时间轴围成的面积表示两物体通过的位移关系可知，开始4s内A的位移比B的位移小，故C错误；
D．t=4s时，两图象相交，说明此时两物体的速度相同，故D正确。
故选D
7、AB
【解析】A.根据速度图线与时间轴包围面积表示位移，可知乙在t=10s时启动，此时甲的位移为

即甲车在乙前方50m处，故A正确；
B.当两车的速度相等时相遇最远，最大距离为：

故B项正确；
C.由于两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，当位移相等时两车才相遇，由图可知，乙车启动10s后位移小于甲的位移，还没有追上甲，故C项错误；
D.乙车超过甲车后，由于乙的速度大，所以不可能再相遇，故D项错误
8、AC
【解析】由匀变速直线运动的速度与位移关系可知，代入数据解得，故A正确；根据速度公式可以知道到达P点时间为：，故选项B错误；汽车经过P、Q电线杆的时间，故C正确；则经过P、Q电线杆的平均速度为，故选项D错误
9、AC
【解析】小球从弹簧原长位置由静止开始释放，刚开始重力大于弹力，加速度方向向下，做加速度运动，速度增大，弹簧弹力增大，加速度减小，当弹力等于重力时，加速度为零，速度达到最大值，此后继续向下运动，弹力进一步增大，此时弹簧弹力大于重力，加速度方向向上，小球做减速运动，运动到最低点时速度为零。
A．由上述分析可知：加速度先减小后增大，故A错误，符合题意；
B．由上述分析可知：速度先增大后减小，故B正确，不符合题意；
C．弹簧弹力等于mg时，小球加速度为0，故C错误，符合题意；
D．物体向下运动时，弹簧一直被拉长，弹簧的弹力逐渐增大，故D正确，不符合题意。
故选AC。
10、BD
【解析】AB.汽车速度减为零所需的时间
t==s=1.6s
则2s内的位移等于1.6s内的位移
x=t=×1.6m=6.4m
此时汽车离停车线的距离
△x=8-6.4m=1.6m
故A错误，B正确；
C.若驾驶员的反应时间为0.4s，则在反应时间内的位移
x′=v0t′=8×0.4m=3.2m
到停止时的位移
X=x+x′=6.4m+3.2m=9.6m
大于8m，汽车车头不能在停车线处停下，故C错误
D.若驾驶员的反应时间为0.2s，则在反应时间内的位移
x′′=v0t′′=8×0.2m=1.6m
到停止时的位移
X′′=x+x′′=6.4m+1.6m=8m
汽车车头刚好能在停车线处停下，故D正确
11、AB
【解析】两物体一起向左做匀加速直线运动，对两个物体整体由牛顿第二定律有: F1-F2=（mA+mB）a
再对物体A受力分析，运用牛顿第二定律，得到：F1-F=mAa
联立两式解得：F=16N．故A正确．如果只有F1作用，整体向左匀加速运动，则有：
对B研究得：弹簧的弹力大小为，故B正确
若把弹簧换成轻质绳，同理根据牛顿第二定律列式得到绳对物体的拉力大小也是16N，故C错误．若F1=10N、F2=20N，则F1-F2=（mA+mB）a；再对物体B受力分析，运用牛顿第二定律，得到：F2-F=mBa，联立解得：F=14N．故D错误．故选AB.
12、AC
【解析】以组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：

以为研究对象，由牛顿第二定律得：

联立解得：
AB．若撤掉，以组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：

以为研究对象，由牛顿第二定律得：

联立解得：，即F会变小，A正确，B错误；
CD．若撤掉，以组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：

以为研究对象，由牛顿第二定律得：

联立解得：，即F会变小，C正确，D错误。
故选AC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.BC ②.B
【解析】①A、F1、F2方向间夹角大小适当即可，不一定要橡皮条应和两绳套夹角的角平分线在一条直线上，故A错误；
B、合力与分力的关系为等效替代的关系，效果是相同的，所以在同一次实验时，需要让两个力拉橡皮条和一个力拉橡皮条产生的作用效果相同，则必定结点O的位置要相同；而在重复实验再次进行验证时，结点O的位置可以与前一次不同，故B正确；
C、使用测力计时，施力方向应沿测力计轴线，可以减小引摩擦产生的误差，读数时视线应正对测力计刻度，可以减小偶然误差，故C正确；
D、用两个测力计互成角度拉橡皮条时的拉力不一定必须都小于只用一个测力计时的拉力，故D错误
②A、为了便于确定拉力的方向，拉橡皮条的细绳要稍长一些，同时在纸上描点时，所描的点不要太靠近结点，该图中所描的点太靠近结点，故A错误；
B、该图中所描的点到结点的距离适中，力的大小适中，而且两个力的角度的大小也适中，故B正确；
C、实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，但不宜太大，该图中的读数都太小，故C错误；
D、该图中两个分力之间的夹角太小，这样误差容易大，故D错误
点睛：在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解，同时要理解会给实验带来误差的因素
14、 ①.B； ②.C
【解析】(1)弹簧使用之前要进行调零，由于在水平面内做实验，调零时要使弹簧水平放在桌面上，同时为了检验两个弹簧否示数相同，要将两只弹簧秤水平互钩对拉.
(2)力是有向线段表示的．作力的图示，需要选定标度．力用实线、辅助线用虚线.
【详解】(1)AB．弹簧使用之前要进行调零，由于水平面内做实验，调零时要使弹簧水平放在桌面上，进行调零，故A正确，B错误；
C．同时为了检验两个弹簧是否示数相同，要将两只弹簧秤水平互钩对拉，然后进行读数比较，故C正确.
因选错误的故选B.
(2)A．根据力的图示法可知：F1、F2、F的大小缺少标度；则A错误.
B．F1、F2、F矢量箭头的位置不正确，则B错误.
C．记录F1、F2大小的有效数字位数错误，则C正确.
故选C.
【点睛】本题考查验证平行四边形定则的实验，对于实验既要明确基本仪器的使用，又要明确实验原理，了解实验的基本操作，本题是考查基本实验问题的好题.
15、（1）2s （2）6m/s
【解析】（1）根据匀变速直线运动位移和时间的关系得：，解得，（舍去）
（2）根据速度和时间的关系可得：
【点睛】本题考查学生最基本的匀变速直线运动位移时间关系，速度之间关系，属于简单题

三．计算题(22分)
16、(1) a=2.5m/s2 (2) x= 175m (3) F = 5×103N
【解析】（1）汽车的加速度：；
（2）汽车速度位移：；
（3）由牛顿第二定律可得，汽车受到的合外力：F=ma=2.0×103×2.5=5×103N；
17、（1）0.4s，0.8m ；（2）1N≤F≤3N
【解析】（1）物体A滑上木板B以后，作匀减速运动，由牛顿第二定律得
µMg=maA
解得
aA=µg=0.2×10 m/s2=2m/s2
木板B作加速运动，由牛顿第二定律得
F+µMg=maB
代入数据解得
aB=8m/s2
两者速度相同时
v0-aAt=aBt
解得
t=0.4s
A滑行距离

代入数据解得

B滑行距离

代入数据解得

代入数据解得，最大距离
△x=xA-xB=0.8m
（2）物体A不滑落的临界条件是A到达B的右端时，A、B具有共同的速度v1，有

又有

代入数据解得
aB=6m/s2
由牛顿第二定律得
F+µMg=maB
解得
F=maB-µMg=05×6-0.2×1×10=1N
若F＜1N，则A滑到B的右端时，速度仍大于B的速度，于是将从B上滑落，所以F必须大于等于1N；
当F较大时，在A到达B的右端之前，就与B具有相同的速度，之后，A必须相对B静止，才不会从B的左端滑落．由牛顿第二定律得
µmg=ma
可得
a=μg=0.2×10 m/s2=2m/s2
则有
F=（M+m）a=（1+0.5）×2N=3N
若F大于3N，A就会相对B向左滑下；
综上所述，力F应满足的条件是
1N≤F≤3N