重庆市大足区2026届物理高一第一学期期末达标检测模拟试题含解析.doc

重庆市大足区2026届物理高一第一学期期末达标检测模拟试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，小狗匀速向前跑动时，绳索上的拉力为F，绳索与地面夹角为θ＝30°，此时小狗向前跑动的动力是

A.F B.
C.F D.2F
2、如图所示，不计重力的轻杆OP能以O点为圆心在竖直平面内自由转动，P端用轻绳PB挂一重物，另用一根轻绳通过光滑定滑轮系住P端。在力F的作用下，当杆OP和竖直方向的夹角α（）缓慢增大时，力F的大小应（　　）

A.逐渐增大 B.恒定不变
C.逐渐减小 D.先增大后减小
3、下列物理量中，既有大小又有方向的是
A.质量 B.时间
C.路程 D.加速度
4、如图，在竖直光滑墙壁上，用细绳将一个匀质钢球悬挂在A点，钢球处于静止状态，如果增加细绳长度，则细绳对钢球的拉力（　　）

A.变大 B.变小
C.不变 D.大小变化情况无法确定
5、如图所示，滑轮固定在天花板上，物块A、B用跨过滑轮不可伸长的轻细绳相连接，物块B静止在水平地面上。如用f和FN分别表示水平地面对物块B的摩擦力和支持力，那么若将物块B向右移动一小段距离，物块B仍静止在水平地面上，则f和FN的大小变化情况是（　　）

A.f、FN都增大 B.f、FN都减小
C.f增大，FN减小 D.f减小，FN增大
6、下列说法正确的是 （ ）
A.计算火车通过隧道时间，可将火车看成质点
B.比赛中的体操运动员，可将其看成质点
C.车速越大，刹车后滑行时间越长，所以惯性越大
D.质量越大，物体的运动状态越不容易改变，所以惯性越大
7、如图所示，A、B两物体的质量分别为和，B放在光滑的水平桌面上，不计绳重和摩擦，重力加速度为．轻轻释放A后（）

A.绳子中的拉力大小为 B.两物体的加速度均小于
C.物体A处于失重状态 D.物体B处于超重状态
8、甲．乙两质点从同一地点出发沿同一直线运动，它们的速度——时间图像如图所示，则两质点（ ）

A.前内的平均速度相等
B.前内运动方向相同
C.加速度方向相反
D.末的速度相等
9、木块在弹簧测力计的拉力作用下在木板上匀速运动。下列说法正确的是（　　）
A.拉力与木板对木块的摩擦力是一对作用力与反作用力
B.拉力与木板对木块的摩擦力是一对平衡力
C.木块对木板的压力与木板对木块的支持力是一对作用力与反作用力
D.木块对木板的压力与木板对木块的支持力是一对平衡力
10、如图所示，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中( )

A.桌布对鱼缸摩擦力方向向左
B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等
C.若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大
D.若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面
11、质量分别为2kg和3kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今对物块A、B分别施以方向相反的水平力F1、F2，且F1＝10 N、F2＝20 N，则下列说法正确的是

A.弹簧的弹力大小为10N
B.如果只有F1作用，则弹簧的弹力大小为4N
C.若把弹簧换成轻质绳，则它们对物体的拉力大小相同
D.若F1＝20 N、F2＝10 N，则弹簧的弹力大小不变
12、如图所示，滑板运动员沿水平地面向前滑行，在横杆前相对于滑板竖直向上起跳，人与滑板分离，分别从杆的上、下通过，忽略人和滑板在运动中受到的阻力．则运动员（）

A.起跳时脚对滑板的作用力斜向后
B.在空中水平方向先加速后减速
C.在空中机械能不变
D.越过杆后仍落在滑板起跳的位置
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在下面“验证动量守恒定律”的实验中，气垫导轨上放置着带有遮光板的滑块A、B，测得的质量分别为和，遮光板的宽度相同．实验中，用细线将两个滑块拉近使弹簧压缩，然后烧断细线，弹簧落下，两个滑块弹开，测得它们通过光电门的速率分别为、．用测量的物理量表示动量守恒应满足的关系式__________；本实验选用气垫导轨根本目是______________________________

14、如图1所示，一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图2所示是打出的纸带的一段（已知当地重力加速度为g）

(1)已知打点计时器使用的交流电频率为50 Hz，利用图2所给出的数据可求出小车下滑的加速度a＝__ (保留两位有效数字．)
(2)为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需测量的物理量有___________，用测得的量及加速度a表示阻力的计算式为f＝ ____________________
15、用图所示装置“探究加速度与力、质量的关系”．设小车和砝码的总质量为M，砂和砂桶的总质量为m．某同学用如图甲所示装置进行实验，打点计时器所用电源的频率为50 Hz，重物通过跨过滑轮的细线与小车相连．请思考并完成相关内容：

(1)本实验应用的实验方法是（ ）
A．控制变量法 B．假设法
C．理想实验法 D.等效替代法
(2)实验时，为平衡摩擦力，以下操作正确的是（ ）
A.连着砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车被轻推后沿木板匀速运动
B.连着砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车缓慢沿木板做直线运动
C.取下砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车被轻推后沿木板匀速运动
D.取下砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车缓慢沿木板做直线运动
(3)平衡摩擦力后，实验中打出的其中一条纸带如图乙所示（两相邻计数点间还有四个点没有画出），由该纸带可求得小车的加速度a=______m/s2（结果保留三位有效数字）
(4)在此实验中，由于没有考虑m和M应满足的的关系，结果的图象应该是哪一幅？（ ）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示,位于水平桌面上的物块A质量为2m，由跨过定滑轮的轻绳与质量为m的物块B相连，从滑轮到A和到B的两段绳都是水平的，已知B与A之间的动摩擦因数是μ，A与桌面之间的动摩擦因数是2μ，滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计，重力加速度为g．若用一水平向右的力F拉A使它做匀速运动．求：
（1）绳对B物体的拉力大小；
（2）F的大小

17、（10分）一水平传送带以的速度匀速运动，传送带两端距离，将一物体轻轻放在传送带一端，物体由这一端运动到另一端所需时间，求：

（1）求物体与传送带间摩擦因数多大？
（2）若物块会在传送带上留下划痕，求划痕的长度？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】把绳索上的拉力F分解，F的水平分量Fcosθ与小狗的动力满足二力平衡条件，因此小狗向前跑动的动力等于，故选C
考点：物体的平衡
【名师点睛】本题考查共点力平衡条件应用，注意明确小狗在水平和竖直方向上的合力均应为零，分别
在两个方向列出方程即可
2、A
【解析】对P点受力分析，如图所示

设定滑轮处为C点，由相似三角形可得

则

由于绳子长度PC一直增大，OC、G不变，所以F一直增大.，故A正确，BCD错误。
故选A。
3、D
【解析】ABC.质量、时间、路程都是只有大小没有方向的标量，故ABC三项错误；
D.加速度是既有大小又有方向的矢量，故D项正确。
4、B
【解析】以小球为研究对象，分析受力情况：重力G，墙的支持力N和绳子的拉力T，作出受力图如图。

设绳子与墙之间的夹角为θ，根据平衡条件得

如果所用的绳子变长，θ减小，G不变，则由上式可知T变小；故B正确，ACD错误。
故选B。
5、A
【解析】本题考查力的平衡分析。
【详解】由于物体A始终静止，绳上拉力等与物体A的重力，始终不变，但B往右移动一小段距离，拉B的绳和水平地面的夹角变小，拉力的水平分力变大，竖直分力变小，物体B静止，水平拉力等于摩擦力，所以摩擦力f变大，竖直方向支持力加竖直分力等于重力，所以支持力FN变大，故A正确，BCD错误。
故选A。
6、D
【解析】A．计算火车通过隧道的时间，火车长度不能忽略，火车不能看成质点，A错误；
B．比赛中的体操运动员，动作是参评标准，所以不能将其看成质点，B错误；
CD．质量是物体惯性的唯一量度，与速度无关，C错误D正确。
7、BC
【解析】AB．A落地前，对于B，取水平向右为正，对于A，取竖直向下为正，根据牛顿第二定律得：

联立两式解得：

故A错误，B正确
CD．物体A的加速度方向向下，所以A处于失重状态，B竖直方向加速度为0，不是超重也不是失重，故C正确，D错误
8、BC
【解析】在v-t图象中每点的纵坐标表示物体的瞬时速度，倾斜的直线表示匀变速直线运动，速度的符号表示速度的方向，图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，图象的斜率表示物体的加速度
【详解】根据速度图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，则知前2s内两个质点通过的位移不等，则平均速度不等，故A错误．速度的符号表示运动方向，可知前4s内运动方向相同，故B正确．根据图象的斜率表示物体的加速度，斜率一正一负，说明加速度方向相反，故C正确．由图知，4s末的速度不等，一个是0，一个是5m/s，故D错误．故选BC
【点睛】本题关键是根据速度时间图象得到两个物体的运动情况，根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，由图象的斜率分析加速度的大小和方向
9、BC
【解析】AB．木块匀速运动过程中，水平方向上，受到木板给的摩擦力和拉力，故这两个力为一对平衡力，A错误B正确；
CD．木块对木板的压力和木板对木块的支持力是木板与木块间的相互作用，故这两个力为一对相互作用力，C正确D错误。
故选BC。
10、BD
【解析】A．鱼缸向右加速运动，桌布对鱼缸摩擦力的方向向右，故A错误；
B．鱼缸在桌布上加速运动，脱离桌布后在桌面上做减速运动，加速度大小相等，且加速运动的末速度等于减速运动的初速度，故可知鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等，故B正确；
C．鱼缸受的摩擦力只与鱼缸的重力和摩擦因数有关，故若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将不变，故C错误；
D．若猫减小拉力，若鱼缸能与桌布保持相对静止，故鱼缸能滑出桌面，故D正确。
故选BD。
11、BC
【解析】A．稳定时A、B具有相同的加速度。对于A、B及弹簧整体，根据牛顿第二定律得：
F2-F1=（mA+mB）a
代入数据解得：
a=2m/s2。
对A由牛顿第二定律：
F2-F弹=mAa
代入数据解得：
F弹=16N
故A错误。
B．只有F1作用时，对AB整体，根据牛顿第二定律得：
F1=（mA+mB）a1
解得：
a1=2m/s2
对A，由牛顿第二定律得：
F弹=mAa1
解得：
F弹=4N
故B正确。
C．若把弹簧换成轻质绳，整体的加速度不变，则绳对物体的拉力大小仍然为16N，故C正确。
D．若F1=20N、F2=10N，对整体AB，根据牛顿第二定律：
F1-F2=（mA+mB）a2
解得：
a2=2m/s2
对A，由牛顿第二定律：
F弹-F2=mAa2
解得：
F弹=14N
故D错误。
故选BC。
12、CD
【解析】A.人相对滑板竖直向上起跳，所以起跳时脚对滑板的作用力竖直向下，A错误
B.因为忽略阻力，在空中水平方向不受外力，所以水平方向匀速运动，B错误
C.在空中只有重力做功，机械能守恒，C正确
D.因为水平方向保持匀速仍与滑板水平速度相同，所以水平方向相对滑板静止，还会落在滑板起跳位置，D正确

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.m1v1﹣m2v2=0 ②.使物体不受摩擦力作用，系统所受合外力为零
【解析】烧断细线，弹簧落下，两个滑块弹开后分别作匀速直线运动，它们通过光电门的速率就等于弹簧结束作用时的速率，所以表示动量守恒应满足的关系式为
选用气垫导轨根本目的是将滑块托起，使滑块不受摩擦力作用，保证系统所受合外力为零
14、 ①.4.0m/s2 ②.小车质量m、斜面上任意两点间距离l及这两点的高度差h ③.mg-ma
【解析】(1)据交流电的频率求出相邻计数点间的时间间隔，用逐差法求出小车的加速度
(2)对小车受力分析，由牛顿第二定律求出小车所受的阻力的表达式，分析要计算阻力应测量什么物理量
【详解】(1)图2中相邻计数点间的时间间隔
相邻计数点间距离分别为、、…
由逐差法可得：
(2)对小车受力分析，由牛顿第二定律可得：，则
那么我们要求阻力需知道小车质量m和，实际测量时，应测斜面上任意两点间距离l及这两点的高度差h来求，即，所以
15、 ①.A ②.C ③.0.810 ④.C
【解析】（1）研究加速度跟力和质量的关系，采用控制变量法；
（2）平衡摩擦力时应取下砂桶，调整木板右端高度，轻推小车，小车能够沿木板做匀速直线运动即可，实验过程中改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力；
（3）根据逐差法，计算小车的加速度即可，注意有效数字；
（4）应用牛顿第二定律分析实验误差，然后答题；
【详解】（1）为了研究加速度跟力和质量的关系，应该采用的研究实验方法是控制变量法，故选项A正确，BCD错误；
（2）平衡摩擦力时，取下砂桶，将纸带连接在小车上并穿过打点计时器，调节滑轮高度使细线与木板平行，将木板不带定滑轮的一端适当垫高，轻推小车，使小车做匀速直线运动，故C正确，ABD错误；
（3）相邻两计数点间还有四个计时点未画出，计数点间的时间间隔为：
根据逐差法，小车的加速度为：
；
（4）随着增大，小车质量在减小，因此小车质量不再满足远大于砂和小砂桶的质量，加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，最后趋近与定值g，故ABD错误，C正确
【点睛】考查了控制变量法的内容，知道实验原理，与操作注意事项，会根据实验原理分析分析为什么要平衡摩擦力和让小车的质量M远远大于小桶（及砝码）的质量m，若不满足质量之间的关系，图像会发生弯曲

三．计算题(22分)
16、（1）μmg（2）8μmg
【解析】（1）对B物块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为T，木块B与A间的滑动摩擦力
f=μmg①
根据共点力平衡条件
T=f ②
即
T=μmg
（2）对木块A受力分析，A受拉力F，B对A向左的摩擦力f，地面对P物体向左的摩擦力f′，根据共点力平衡条件，有
F=f+f′+T③
地面对P物体向左的摩擦力
f′=2μ（3m）g④
由①～④式可以解得
F=8μmg
17、（1）（2）
【解析】物体从水平传送带的左端到达右端的过程可以分为两部分，先是匀加速运动，后是匀速运动，物体受到的合力就是传送带对物体的摩擦力，由牛顿第二定律列方程就可以求得加速度，再由运动规律求得；根据牛顿第二定律和位移公式求出滑块和传送带的相对位移大小，即划痕的长度
【详解】（1）开始对物块进行受力分析，木块做匀加速运动，设加速度为a，若物块一直匀加速，达到与带同速前进位移为x
由牛顿运动定律得：μmg=ma
由匀变速运动：
解得：x=10m
因为x＜16m，故物块先加速后匀速运动，设匀加速运动时间为t1
则有：
解得：t1=2s
（2）物体在匀加速运动中的加速度为：
位移为：
在煤块匀加速运动的过程中，传送带的位移x2=vt1=4×2m=8m，则划痕的长度△x=x2-x1=4m
【点睛】解决本题的关键要理清物体在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式分析物体的运动过程即可解题