齐鲁名校教科研协作体山东、湖北部分重点中学2025年物理高一上期末监测试题含解析.doc

齐鲁名校教科研协作体山东、湖北部分重点中学2025年物理高一上期末监测试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、光滑的平面上，物体甲受到7N的水平作用力做初速度为5m/s，加速度为0.35m/s2的匀变速直线运动，物体乙受到4N的水平作用力做初速度为3m/s，加速度为0.25m/s2的匀加速直线运动，关于这两个物体的惯性，下列说法正确的是
A.物体甲的较大 B.物体乙的较大
C.一样大 D.无法确定
2、如图所示，在粗糙的水平面上放一质量为2kg的物体，现用F=8N的力，斜向下推物体，力F与水平面成角，物体与水平面之间的滑动摩擦系数为μ=0.5，则

A.物体对地面的压力为24N
B.物体所受的摩擦力为12N
C.物体加速度为
D.物体将向右匀速运动
3、如图所示，两根完全相同的轻弹簧a、b上端固定在竖直墙壁上，下端连接在小球上。当小球静止，弹簧a、b与竖直方向的夹角分别为和（sin=0.6，cos=0.8），则a、b两弹簧的弹力之比为（）

A. B.
C. D.
4、三个质点A、B、C均由N点沿不同路径运动至M点，运动轨迹如图所示，三个质点同时从N点出发，同时达到M点，下列说法正确是（　　）

A.三个质点从N点到M点的平均速度相同
B.三个质点任意时刻的速度方向都相同
C.三个质点从N点出发到任意时刻的平均速度都相同
D.三个质点从N点到M点的位移不同
5、下列关于摩擦力的说法中，错误的是（　　）
A.两物体间有摩擦力，一定有弹力，且摩擦力的方向和它们间的弹力方向垂直
B.两物体间的摩擦力大小和它们间的压力一定成正比
C.在两个运动的物体之间可以存在静摩擦力，且静摩擦力的方向可以与运动方向成任意角度
D.滑动摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同，也可以相反
6、下列哪几组共点力作用在同一物体上，物体可能保持平衡？（　　）
A.2N、5N和9N B.2N、30N和50N
C.8N、18N和9N D.20N、30N和20N
7、如图甲所示，粗糙的水平地面上有一块长木板P，小滑块Q放置于长木板上的最右端A。现将一个水平向右的力F作用在长木板的右端，让长木板从静止开始运动。滑块、长木板的速度图象如图乙所示，已知小滑块与长木板的质量相等，滑块Q始终没有从长木板P上滑下，重力加速度g取10 m/s2。则下列说法正确的是( )

A.t＝10 s时长木板P停下来
B.长木板P的长度至少是7.5 m
C.长木板P和水平地面之间的动摩擦因数是0.075
D.滑块Q在长木块P上滑行的路程是11 m
8、如图所示，物体G用两根绳子悬挂，开始时绳OA水平，现将两绳同时沿顺时针方向转过90°，且保持两绳之间的夹角α不变（），物体保持静止状态.在旋转过程中，设绳OA的拉力为T1，绳OB的拉力为T2，则.

A.T1先减小后增大 B.T1先增大后减小
C.T2逐渐减小 D.T2最终变为零
9、如图所示，从弹簧上方某点自由下落的小球，从接触到竖直放置的弹簧，到弹簧的压缩量最大的过程中，小球的速度及所受合力大小的变化情况正确的是（　　）

A.速度先变大，后变小 B.速度先变小，后变大
C.合力先变大，后变小 D.合力先变小，后变大
10、下列说法正确是（）
A.曲线运动一定是变速运动
B.平抛运动一定是匀变速运动
C.匀速圆周运动是速度不变的运动
D.只要两个分运动是直线运动，合运动一定也是直线运动
11、如图所示，A和B的质量分别是2 kg和1 kg，弹簧和悬线的质量不计，在A上面的悬线烧断的瞬间( )

A.A的加速度等于零
B.A的加速度等于3g/2
C.B的加速度为零
D.B的加速度为g/3
12、如图为蹦极运动的示意图，弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连，运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点到达最低点D，然后弹起。整个过程中忽略空气阻力。分析这一过程，下列表述正确的是（　　）

A.经过B点时，运动员的速率最大
B.经过C点时，运动员的速率最大
C.从C点到D点，运动员的加速度增大
D.从C点到D点，运动员的加速度不变
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、某同学欲运用牛顿第二定律测量滑块的质量M，其实验装置如图甲所示，设计的实验步骤为：

（1）调整长木板倾角，当钩码质量为m0时滑块恰好沿木板向下做匀速运动；
（2）保持木板倾角不变，撤去钩码m0，将滑块移近打点计时器，然后释放滑块，滑块沿木板向下做匀加速直线运动，并打出点迹清晰的纸带如图乙所示(打点计时器的工作频率为50Hz)
请回答下列问题：

①打点计时器在打下D点时滑块速度vD=__________m/s；(结果保留3位有效数字)
②滑块做匀加速直线运动的加速度a=_____m/s2；(结果保留3位有效数字)
③滑块质量M=___________(用字母a、m0和当地重力加速度g表示)
（3）保持木板倾角不变，挂上质量为m(均小于m0)的钩码，滑块沿木板向下匀加速运动，测出滑块的加速度；多次改变钩码的质量，分别求出相应的加速度
（4）若绳的拉力与所挂钩码的重力大小相等，作出a—mg图象如图丙所示，则由图丙可求得滑块的质量M=______kg．(取g=10m/s2，结果保留3位有效数字)
14、(1)电火花计时器是一种使用______（填“交流”或“直流”）电的计时仪器，工作电压为220V，打点周期0.02s。在安放纸带时，要检查墨粉纸盘是否已经正确地套在____上，还要检查墨粉纸盘是否夹在纸带之间。
(2)如图所示，为一次使用电火花计时器记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E、F、G为相邻的计数点，相邻计数点间有四个计时点未画出。则利用纸带上的数据可求出小车的加速度大小是________m/s2．(保留一位有效数字）

15、如图所示，一个质量为M长为L的圆管竖直放置，顶端塞有一个质量为m的弹性小球，，球和管间的滑动摩擦力和最大静摩擦力大小均为。管从下端离地面距离为H处自由落下，运动过程中，管始终保持竖直，每次落地后向上弹起的速度与落地时速度大小相等，不计空气阻力，重力加速度为g。求：

（1）管第一次落地弹起时管和球的加速度；
（2）管第一次落地弹起后，若球没有从管中滑出，则球与管刚达到相同速度时，管的下端距地面的高度；
（3）管第二次弹起后球没有从管中滑出，L应满足什么条件。
三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，小滑块在较长的斜面顶端，以初速度v0＝2 m/s、加速度a＝2 m/s2向下滑，在到达底端前1 s内，所滑过的距离为L，其中L为斜面长，则

(1)小滑块在斜面上滑行的时间为多少？
(2)小滑块到达斜面底端时的速度v是多少？
(3)斜面的长度L是多少？
17、（10分）质量为m的小球放在一倾角为α=30°的光滑斜面上，用固定的竖直挡板挡住，小球处于静止状态，已知重力加速度为g，试求挡板对小球的弹力F1及斜面对小球的支持力F2的大小。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】根据牛顿第二定律可得

所以甲的质量大于乙的质量，而质量是恒量惯性大小的唯一标准，即质量越大，惯性越大，所以甲的惯性大。
故选A。
2、A
【解析】
受力分析如图所示，在竖直方向上，由平衡条件得，物体与水平地面间最大静摩擦力，水平方向上，由于，物体将静止不动，故物体所受的摩擦力为静摩擦力，综上分析，正确答案为A
3、A
【解析】对小球受力分析，受到重力和两个弹簧的弹力，如图

根据平衡条件，有：

而
，
解得：

故A正确，BCD错误；
故选A。
4、A
【解析】A.三个质点同时从N点出发，同时达到M点，三个质点位移和时间都相同，所以平均速度相同，A正确；
B.三个质点任意时刻的速度方向不相同，B错误；
C.三个质点从N点出发到任意时刻的平均速度不相同，因为方向不相同，C错误；
D.三个质点从N点到M点的位移相同，D错误。
故选A。
5、B
【解析】摩擦力和弹力都是接触力，摩擦力发生在两个物体的接触面上，且沿接触面的切线方向．滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力不存在这个关系．有摩擦力产生则接触面上必会有弹力
【详解】A．两物体间有摩擦力，弹力是产生摩擦力的条件之一，一定有弹力，摩擦力方向沿接触面，弹力方向垂直于接触面，故摩擦力的方向和它们间的弹力方向垂直，故A正确，不符合题意；
B．滑动摩擦力的大小与正压力成正比，静摩擦力的大小与正压力无关，故B错误，符合题意；
C．在两个运动的物体之间可以存在静摩擦力，且静摩擦力的方向可以与运动方向成任意角度，故C正确，不符合题意；
D．滑动摩擦力方向与相对运动的方向相反．可能与运动方向相同，也可能与运动方向相反，故D正确，不符合题意。
故选B。
6、D
【解析】A．2N和5N的合力范围为[3N，7N]，9N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡。故A错误；
B．2N和30N的合力范围为[28N，32N]，50N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡。故B错误；
C．8N和18N的合力范围为[10N，26N]，9N不在合力范围之内，则三个力合力不能为零，物体不能平衡。故C错误；
D．20N和30N的合力范围为[10N，50N]，20N在合力范围之内，则三个力合力能为零，物体能平衡。故D正确。
故选D。
7、BC
【解析】AC．前5S 物体P、Q都做匀加速直线运动，设加速度大小分别为、，由v-t图象可求得

设P、Q间动摩擦因数为，P与地面间的动摩擦因数为对Q由牛顿第二定律可得

5s-6s物体P做匀减速直线运动，设加速度大小为，由v-t图象可求得

由牛顿第二定律可得

代入数值可求得

故C正确；
6s后两个物体都做匀减速运动，Q的加速度大小仍为设P的加速度大小为由牛顿第二定律可得

代入数值班可求得

设经过时间t1速度减为零

t＝6s+3s=9 s时长木板P停下来，故A错误；
B．前6S物体Q相对于P向左运动距离为

6s后Q相对于P向右运动距离为

所以长木板P的长度至少是7.5 m，故B正确；
D．设滑块Q在长木块P上滑行的路程

故D错误。
故选择BC选项。
8、BCD
【解析】以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图：重力G、绳OA的拉力T1，绳OB的拉力T2，根据平衡条件得知：拉力T1和拉力T2的合力与重力G大小相等、方向相反，如图．作出三个不同位置力的合成图，由图看出，T1先增大后减小，T2逐渐减小，直到为零

A.与分析结果不符，故A错误；
B.与分析结果一致，故B正确；
C.与分析结果一致，故C正确；
D.与分析结果一致，故D正确；
9、AD
【解析】根据小球下落与弹簧接触过程中弹力变化，即可求出小球合外力的变化情况，进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化，从而明确速度的变化情况
【详解】开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于向下重力，此时合外力大小：F=mg﹣kx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；当mg=kx时，合外力为零，此时速度最大；由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kx﹣mg，方向向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大．即整个过程中合外力先变小后变大，速度先变大后变小，故AD正确，BC错误
【点睛】本题在于分析小球的受力情况，来确定小球的运动情况，抓住弹力是变化的这一特点．不能简单认为小球一接触弹簧就做减速运动
10、AB
【解析】A.曲线运动物体的速度方向一定变化，则曲线运动一定是变速运动，故A项符合题意.
B.平抛运动的加速度是恒定的g，故一定是匀变速运动，故B项符合题意.
C.匀速圆周运动是速度大小不变，速度方向时刻变化的运动，则是变速运动，故C项不合题意.
D.两个分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，例如平抛运动，故D项不合题意.
11、BC
【解析】悬线烧断弹簧前，由B平衡得到，弹簧的弹力大小F=mBg．悬线烧断的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，大小仍为F=mBg，此瞬间B物体受到的弹力与重力仍平衡，合力为零，则B的加速度为零．A受到重力和向下的弹力，由牛顿第二定律得：A的加速度； B的加速度；故BC正确，AD错误；故选BC.
考点：牛顿第二定律的应用
【名师点睛】本题典型的瞬时加速度问题，往往先分析变化前弹簧的弹力，再分析状态变化瞬间物体的受力情况，要抓住弹簧的弹力不能突变的特点进行分析求解
12、BC
【解析】AB．从B点到C点的过程重力大于弹力，加速度向下，加速；从C点到D点弹力大于重力，加速度向上，减速，因此在C点速率最大；A错误，B正确；
CD．从点到点，弹力越来越大，根据牛顿第二定律可得

则加速度不断增大，D错误，C正确。
故选BC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、①；②， ③；（4）
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小；根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；
根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量
从图乙中可知，，，
（2）①相邻计数点间的时间间隔为，根据匀变速直线运动过程中的中间时刻速度推论可得，
②根据逐差法可得，联立即得
③滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，撤去时滑块做匀加速直线运动时，受到的合外力，由牛顿第二定律得，解得
（4）滑块做匀速运动时受力平衡作用，由平衡条件得，挂上质量为m的钩码时滑块沿木板向下做匀加速直线运动，受到的合外力为，由牛顿第二定律得，解得，由图丙所示图象可知，解得M=0.200kg
14、 ①.交流 ②.纸盘轴 ③.0.5
【解析】(1)[1]电火花打点计时器使用的是交流电源；
[2]在安放纸带时，要检查墨粉纸盘是否已经正确地套在纸盘轴上；
(2)[3]相邻计数点间有四个计时点未画出，所以相邻计数点间的时间间隔为
，
根据逐差公式可得：
，，，
则可得：
，
代入数据可得：
。
15、（1），竖直向下；，竖直向上；（2）；（3）
【解析】（1）管第一次落地弹起时，求和管的受力情况如图所示

根据牛顿第二定律可知，管的加速度

加速度方向向下
球的加速度

加速度方向向上
（2）取竖直向下为正方向，球与管第一次碰地时速度的速度

解得

碰地后管的速度

球的速度

若球好没有从管中滑出，设经过时间，球管速度相同，则有

解得

故管从弹起经这段时间的位移为

即管的下端距地面的高度为

（3）球与管达到共速后，由于

球与管将以速度、加速度竖直上升到最高点，上升的高度为

因此，管第一次落地弹起后上升的最大高度

共速时球运动位移

则球与管发生相对位移

当管与球从Hm再次下落，第二次落地弹起中，发生的相对位移由第一次可类推知

所以管第二次弹起后，球不会滑出管外的条件是

即应满足条件

三．计算题(22分)
16、 (1)3s (2)8m/s (3)15m
【解析】设小球滑行L时所用的时间为t，到达底端的速度为v．最后1s内的位移
L＝v1×1+a×12=v1+a
v1=v0+at
v=v0+a（t+1）
L＝v0t+at2
联立解得t=2s，v=8m/s，L=15m
则小球在斜面上滑行的时间t′=2+1s=3s
17、;
【解析】以小球为研究对象，受力分析如图，

由平衡条件得：