山西省太原市迎泽区五中2025年高二物理第一学期期末学业水平测试试题含解析.doc

山西省太原市迎泽区五中2025年高二物理第一学期期末学业水平测试试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、图中属于交变电流的是
A. B.
C. D.
2、如图所示，电子枪射出的电子束进入示波管，在示波管正下方有竖直放置的通电环形导线，则示波管中的电子束将

A.向上偏转 B.向下偏转
C.向纸外偏转 D.向纸里偏转
3、关于电流下列说法正确的是 （ ）
A.电荷的移动形成电流
B.只有正电荷的定向移动形成电流
C.正电荷定向移动的方向与电流方向相同
D.电路中电流的方向是由电源的负极到电源的正极
4、智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置。充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60−0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）。如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，下列说法正确的是（　　）
容量
20000mAh
兼容性
所有智能手机
边充边放
否
保护电路
是
输入
DC：5V 2A MAX
输出
DC：5V 0.1A−2.5A
尺寸
56×82×22mm
转换率
0.60
产品名称
索扬SY10−200
重量
约430g
A.给充电宝充电时将电能转化内能
B.该充电宝最多能储存能量为3.6×105J
C.该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2h
D.该充电宝给电量为零、容量为3000mAh的手机充电，理论上能充满6次
5、下列说法中正确的是
A.开普勒总结了行星运动的三定律，并发现了万有引力定律
B.奥斯特发现电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系
C.法拉第提出了分子电流假说
D.富兰克林发现“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应
6、如图所示的电路中，、是两个相同的灯泡，L是一电阻不可忽略的线圈。先合上开关S，稳定后调节滑动变阻器R，使两灯泡都正常发光，再保持R不变，则在开关重新合上或断开时，下列说法正确的是

A.合上S时，灯立即亮起来，逐渐变亮，最终二者一样亮
B.断开S时，、两灯都不会立即熄灭，但一定是同时熄灭
C.断开S时，、两灯都不会立即熄灭，且通过灯泡的电流方向与原电流方向相同
D.断开S时，灯会突然闪亮一下后再熄灭
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示为远距离交流输电的简化电路图。发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1。在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流为I2。则

A.用户端的电压 B.输电线上的电压降为U
C.输电线路上损失的电功率为 D.输电线路上损失的电功率为I1U
8、如图所示，一个质量为0.1g、电荷量为510-4C的小滑块（可视为质点），放在倾角为=30的足够长光滑绝缘斜面顶端，斜面置于B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，小滑块由静止开始沿斜面滑下，小滑块运动一段距离l后离开斜面，已知g=10m/s2，则（ ）

A.小滑块带正电
B.小滑块带负电
C.l=1.2m
D.小滑块离开斜面的瞬时速率为2m/s
9、如图所示电路中,电源电动势E恒定,内阻r=1Ω,定值电阻R3=5Ω.开关S断开时与闭合时相比,ab段电路消耗的电功率相等．以下说法中正确的是

A.电阻R1、R2可能分别为4Ω、5Ω
B.电阻R1、R2可能分别为3Ω、6Ω
C.开关S断开时理想电压表的示数一定小于S闭合时的示数
D.开关S断开时与闭合时相比,理想电压表的示数变化量大小与理想电流表的示数变化量大小之比一定等于6Ω
10、电子感应加速器是利用感应电场来加速电子的一种设备．电子感应加速器主要由上、下电磁铁磁极和环形真空室组成，当电磁铁通以变化的电流时，会在柱形电磁铁的两极间产生磁场，在磁场中安置一个环形真空管道作为电子运行的轨道，如图所示（图中上部分为主视图、下部分为俯视图）．当磁场发生变化时，产生的感应电场就会不断加速电子，电子在真空管中沿逆时针方向做圆周运动．下列说法正确的是

A.感生电场的方向为顺时针方向
B.感生电场的方向为逆时针方向
C.电磁铁中通入的电流应越来越强
D.电磁铁中通入的电流应越来越弱
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）如图所示为用热敏电阻及和电磁铁L等组成的一个简单的恒温控制电路，其中热敏电阻的阻值会随温度的升高而减小。电源甲与电磁铁、热敏电阻等组成控制电路，电源乙与恒温箱加热器(图中未両出）相连接。则当温度________(填“升高”“降低”）到某一数值时，衔铁P将会被吸下，工作时，应该把恒温箱内的加热器接在_________(“A、B端”“C、D端”）

12．（12分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡额定电压2.5V，额定电流250mA。现有器材规格如下：
直流电流表A1（量程0~300mA，内阻约0.5Ω）；
直流电流表A2（量程0~500mA，内阻约0.2Ω）
直流电压表V1（量程0~3V，内阻约5kΩ）；
直流电压表V2（量程0~15V，内阻约10kΩ）
直流电源E（电动势6V，内阻不计）；
滑动变阻器R（阻值范围0~15Ω，允许最大电流1.0A）；
电键1个，导线若干条。
（1）实验时电流表应选择___________，电压表应选择___________。（填仪器字母代号）
（2）根据电路图在实物图中完成其余连线使之成为完整的实验电路___________。

（3）某同学在正确完成实验后，在坐标纸上画出如图所示的小灯泡I-U曲线，分析曲线可知小灯泡的电阻随电流I变大而___________（填“变大”、“变小”或“不变”）。
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

14．（16分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
15．（12分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、C
【解析】电流的方向在周期性变化的电流为交变电流；交变电流的大小不一定变化，方向一定在不断地变化
【详解】电流的方向在周期性变化的电流为交变电流；交变电流的方向在不断地变化，ABD选项中电流方向不变，是直流电；C选项电流大小不变，方向变化，是交变电流
故选C
2、A
【解析】由安培定则可知，在示波管下方环形电流的磁场在环形区域内磁感线方向垂直纸面向里，根据磁感线是闭合的曲线可知，在环形电流外侧磁感线方向垂直纸面向外；电子束由左向右运动，电子束形成的电流方向水平向左，由左手定则可知，电子束受到的安培力竖直向上，则电子束向上偏转；
A．向上偏转，与结论相符，选项A正确；
B．向下偏转，与结论不相符，选项B错误；
C．向纸外偏转，与结论不相符，选项C错误；
D．向纸里偏转，与结论不相符，选项D错误；
故选A.
3、C
【解析】A．只有电荷的定向移动才能形成电流，故A错误；
B．正负电荷做定向移动均可以形成电流，故B错误；
C．我们规定正电荷的定向移动方向为电流的方向，故C正确；
D．电路中电荷定向移动的方向在外电路中是由正极到负极，而在内电路中是由负极流向正极的，故D错误
4、B
【解析】A．充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能，选项A错误；
B．该充电宝的容量为

该电池的电动势为5V，所以充电宝储存的能量

选项B正确；
C．以2A的电流为用电器供电则供电时间

故C错误；
D．由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为

给容量为3000mAh的手机充电的次数

选项D错误。
故选B。
5、B
【解析】A．开普勒总结了行星运动的三定律，牛顿发现了万有引力定律，故选项A错误；
B．1820年奥斯特发现电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系，故B正确；
C．安培提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质，故C错误；
D．法拉第发现“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应，故D错误
【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一
6、B
【解析】A.合上开关时，由于线圈的通电自感现象，则灯会逐渐变亮；灯与滑动变阻器R都是纯电阻电路，则灯立即变亮，故A错误；
BCD.断开开关，由于线圈的断电自感现象，、、线圈和滑动变阻器串联构成通路，则两灯都不会立即熄灭，但一定是同时熄灭；此时通过灯泡的电流方向与原电流方向相反；电路稳定时通过两灯泡的电流相同，断开开关，灯泡的电路维持原电流大小，则灯泡不会突然闪亮一下；故B正确CD错误。
故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AC
【解析】详解】A．根据变压器输入功率等于输出功率相等可得

解得用户端的电压

选项A正确；
B．输电线上的电压降为U-U1，选项B错误；
C．根据焦耳定律可知，输电线路上损失的电功率为，选项C正确；
D．输电线路上损失的电功率为I1U-I1U1，选项D错误；
故选AC.
8、AC
【解析】AB、由题意知，小滑块运动一段距离l后离开斜面，则小滑块受到的洛伦兹力垂直斜面向上，根据左手定则可知小滑块带正电，故A正确，B错误
CD、由题意知，当滑块离开斜面时，有：Bqv=mgcos，解得v==2m/s；滑块在离开斜面之前一直做匀加速直线运动，其加速度a=gsin=5m/s2，由v2=2al，解得l==1.2m，故C正确，D错误
9、AD
【解析】由题中“电源电动势E恒定”可知，本题考查闭合电路欧姆定律和动态电路，根据闭合电路欧姆定律公式和动态电路变化可分析本题
【详解】AB．取

有

当S断开前后有
时

将代入方程成立，而将代入方程不成立，故A错误B正确；
C．将R3和电源内阻看作一整体，则此时电压表测量路端电压，开关断开时等效外电路总电阻大于开关闭合时的，所以开关断开时电压表示数大，故C错误；
D．根据闭合电路欧姆定律得

则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为

故D正确
10、AC
【解析】感应电流的的磁场总是阻碍原磁通量的变化，可以判断磁场在如何变化，几何楞次定律来判断即可
【详解】AB、根据题意电子在真空管中沿逆时针方向做圆周运动且产生的感应电场就会不断加速电子，即电子受到的电场力方向为逆时针，根据电场力与负电荷运动方向相反可知电场方向应该是顺时针，故A对；B错
CD、由于电场方向是顺时针，所以感应电流方向也是顺时针，可知感应磁场方向向下，和原磁场方向相反，结合楞次定律可知原磁场在增强，所以电磁铁中通入的电流应越来越强，故C对；D错；
故选AC
【点睛】根据楞次定律可以判断感应电流的方向即应磁场的方向，要灵活运用楞次定律解题

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.升高 ②.A、B端
【解析】[1]．当温度降低到某一数值，热敏电阻R的阻值增大，电路中电流减小，继电器L对衔铁P吸引力减小，P将不会被吸合下。当温度升高到某一数值，热敏电阻R的阻值减小，电路中电流增大，继电器L对衔铁P吸引力增大，P将会被吸下。 
[2]．恒温箱内温度高到一定数值后，应与电源断开停止加热，由上分析可知，温度升高后，A、B端断开，所以工作时，应该把恒温箱内的加热器接在A、B端。
12、 ①.A1 ②.V1 ③. ④.变大
【解析】（1）[1]小灯泡额定电压是，电压表应选。
[2]灯泡额定电流，电流表应选电流表。
（2）[3]根据电路图在实物图如图所示

（3）[4]由I-U曲线可知，图象的斜率越来越小，而斜率的倒数即为小灯泡的电阻，即小灯泡的电阻变大。
【点睛】本题考查了选择实验器材、连接实物电路图、实验数据处理等问题；选择实验器材时，要注意安全性原则，要保证实验电路安全，要注意精确性原则，在保证安全的情况下，所选器材量程不要太大。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
14、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答