2024年河南省许昌地区九年级化学第一学期期末质量跟踪监视试题含解析.doc

2024年河南省许昌地区九年级化学第一学期期末质量跟踪监视试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单选题（本大题共10小题，共20分）
1．甲是60°C的蔗糖溶液，按如图所示进行操作。以下分析错误的是

A．溶液甲一定是不饱和溶液
B．溶液甲和丙的溶质质量分数一定不相等
C．溶液乙的溶质质量分数一定比溶液甲大
D．溶液丙和溶液丁一定 是饱和溶液
2．下 列实验操作正确的是（　　）
A．验满氧气 B．液体加热 C．量取9.5mL水 D．点燃酒精灯
3．下列各组离子可在同一溶液中大量共存的是
A．H+ SO42- K+ CO32- B．Mg2+ Cl- OH- Na+
C．Fe3+ SO42- H+ Cl- D．Na+Ba2+ NO3-SO42-
4．将CO通入盛有12gFe2O3的试管内，加热反应一段时间后，停止加热，继续通入CO至试管冷却，此时试管内残留固体的质量为9.6g，则反应生成铁的质量为
A．2.4g B．5.6g C．8.4g D．9.6g
5．以300g30.4%的FeSO4溶液为原料制铁黑画料Fe3O4（其中Fe既有+2价，也有+3价）的过程如下：

已知：FeSO4+2NaOH=Fe（OH）2 ↓+Na2SO4；4Fe（OH）2+O2+H2O=4Fe（OH）3
下列说法中，正确的是
A．制备的过程中只有Fe的化合价发生变化
B．洗涤的目的仅仅是为了除去生成的Na2SO4
C．理论上Fe（OH）2转化为Fe（OH）3的过程中参与反应的O2的质量为3.2g
D．该方法理论上最终可以获得Fe3O4的质量为46.4g
6．明代宋应星所著的《天工开物》中，详细记述了金、铜、铁，锌等金属的开采和冶炼方法，下列金属中不能与硝酸银溶液反应的是
A．金 B．铜 C．铁 D．锌
7．向如图所示装置放入下列固体和液体进行实验，能观察到U型管内液面a上升的是

A．CaO与H2O B．NH4NO3与H2O
C．MnO2与H2O2 D．NaOH与H2O
8．日常生产生活的下列变化，一定包含有化学变化的是（　　）
A．用胶带粘合破损书画 B．用玉米酿造苞谷酒
C．用砂纸擦除灶具污渍 D．用滤网过滤降水浮渣
9．中药砒霜的主要成分为三氧化二砷( As2O3)，可用于治疗肿瘤。其中砷元素的化合价为
A．-3 B．+3 C．-2 D．+2
10．如图表示一定质量的高锰酸钾受热过程中某变量y随时间的变化趋势，则y表示的是

A．高锰酸钾的质量
B．固体中钾元素的质量
C．固体中氧元素的质量
D．固体中锰元素的质量分数
二、填空题（本大题共1小题，共4分）
11．请用合适的化学用语填空:
（1）铵根离子_____；
（2）3个氮气分子_____；
（3）硝酸钾溶液中溶质的化学式_____；
（4）氨气中氮元素的化合价_____；
三、计算题（本大题共1小题，共5分）
12．质量守恒定律具有非常重要的价值和意义。将下列A、B、C装置分别放在装置D的天平上，用砝码平衡。然后取下锥形瓶，将锥形瓶倾斜，使液体药品与固体药品接触，一段时间后再把锥形瓶放在天平上。

（1）①以上实验能验证质量守恒定律的是__________（填字母）。
②选一个实验，写出能证明“质量守恒定律”的实验现象：__________；并写出相对应的化学反应方程式：__________。在发生该反应前后没有发生变化的微粒是_______（填“分子”或“原子”），因此化学变化前后质量守恒。
（2）以上实验中，选一个不能验证质量守恒定律的实验，并解释原因：____________。
四、简答题（本大题共2小题，共8分）
13．为测定经历湿法炼铜后所得固体混合物中铜元素的含量并提纯铜，进行实验如下：

（1）上述实验过程中发生反应的化学方程式为 _____；
（2）根据已知条件列出求解A烧杯中参加反应的金属质量 （X）的比例式为_____；
（3）所得固体混合物中铜、铁元素质量的最简比为_____；
（4）用16%的硫酸铜溶液配制上述实验中所用的硫酸铜溶液，需加水的体积为_____mL；
（5）将D中滤液蒸发7.2g水，最终所得不饱和溶液中溶质的质量分数为_____；
（6）冶炼60t上述所得固体混合物中的铁，需要含杂质20%的赤铁矿的质量为_____。
14．镁铝合金强度大、密度小，合金表面易上色，常用作笔记本电脑的外壳。
Ⅰ．(1)形状大小相同的铝和镁，分别放入同样的盐酸溶液中，下列说法不正确的是_____(填序号)。
A 两者都发生反应 B 镁比铝反应剧烈 C 铝不与盐酸溶液反应
(2)镁与氢氧化钠溶液不反应，而金属铝能与氢氧化钠、水共同作用生成易溶于水的钠盐(用化学式NaAlO2表示)和H2，写出该反应的化学方程式：_______。
Ⅱ．三位同学通过进行如下途径探究，来推算某铝镁合金(假设不含其它杂质)中铝的质量分数。
方案一：镁铝合金与氧气反应，测定参与反应的氧气体积。如图所示，称量一定量镁铝合金粉末，在足量的氧气中充分燃烧，冷却至室温，打开止水夹。参与反应的氧气体积与____相等。

方案二：铝镁合金与盐酸反应，测定生成气体的体积。装置如图所示。

(1)通过排水法测定所收集到的氢气体积，装置导管口a、b、c、d的连接顺序是：a→_____→_____→_____
(2)反应结束，冷却至室温。烧瓶内还留有气体，对实验结果____(填“有”或“没有”)影响。
方案三：铝镁合金与氢氧化钠溶液反应，测定剩余固体质量。称取8g镁铝合金样品，把60g氢氧化钠溶液平均分成三份依次加入样品中，反应过程如下图：

(1)实验中所加的氢氧化钠溶液应过量，其目的是______。
(2)从上图数据可知，该合金中镁元素与铝元素的质量比为______。
（反思与拓展）利用铝镁合金中铝与氢氧化钠溶液反应反应和方案二装置，通过测定_____体积，也可得出合金中铝的质量。
五、探究题（本大题共2小题，共13分）
15．某碳酸钙样品中含有不和盐酸反应的杂质。某同学取12g该样品于烧杯中，再向烧杯中将100g稀盐酸分五次加入样品中，充分反应使气体全部逸出后，称得烧杯中所盛物质的总质量（不包含烧杯自身质量）如下表所示：
实验序号
第1次
第2次
第3次
第4次
第5次
加入稀盐酸的质量/g
20
20
20
20
20
烧杯中所盛物质的总质量/g
30.90
49.80
m
87.60
107.05
请填空：
（1）碳酸钙和盐酸反应的化学方程式为_____；
（2）m的值为_____g；。
（3）12g石灰石样品中碳酸钙的质量分数等于_____；
（4）求反应完全后，溶液中氯化钙的质量_____（写计算过程，保留两位小数）。
16．某化学兴趣小组为了测定某黄铜（铜、锌合金）样品中锌的质量分数，取10克样品放入烧杯中，再取60克稀硫酸分六次加入烧杯中，均充分反应，实验数据如下：

第一次

第二次

第三次

第四次

第五次

第六次

加入稀硫酸的质量（g）

10

10

10

10

10

10

剩余固体的质量（g）

9.35

8.7

8.05

7.4

6.75

6.75

（1）黄铜样品中锌的质量分数为多少？（写出计算步骤，下同）
（2）所用稀硫酸的质量分数为多少？
参考答案

一、单选题（本大题共10小题，共20分）
1、B
【详解】A、甲是60°C的蔗糖溶液，溶液甲恒温蒸发20g水，没有晶体析出，说明溶液甲一定是不饱和溶液，故选项说法正确，不符合题意。
B、甲是60°C的蔗糖的不饱和溶液，丙是室温下的饱和溶液，溶液甲和丙的溶质质量分数可能是相等的，故选项说法错误，符合题意。
C、溶液乙是溶液甲恒温蒸发20g水得到的，溶液乙的溶质质量分数一定比溶液甲大，故选项说法正确，不符合题意。
D、溶液丙不能继续溶解溶质，溶液丁是溶液丙过滤后得到的，则溶液丙和溶液丁一定是饱和溶液，故选项说法正确，不符合题意。
故选：B。
2、B
【详解】A、验满氧气应该将带火星的木条放在集气瓶口，故错误；
B、用酒精灯给液体加热时，酒精灯中的酒精量不能超过酒精灯容积的三分之一，试管中的液体不超过试管容积的三分之一，并用酒精灯的外焰加热，故正确；
C、量取9.5mL的水用10mL的量筒，不能用100mL的量筒，误差太大，故错误；
D、酒精灯不能对点，以防火灾，故错误。故选B。
3、C
【解析】能大量共存，即离子不会相互结合生成水、气体或沉淀。A、氢离子与碳酸根离子会结合生成水和二氧化碳而不能大量共存；B、镁离子和氢氧根离子会结合生成氢氧化镁沉淀而不能大量共存；C、不能结合成水、气体或沉淀，能大量共存；D、钡离子和硫酸根离子会结合生成硫酸钡沉淀而不能大量共存。故选C。
点睛：离子的共存问题实际就是复分解反应发生的条件，即离子不会相互结合生成水、气体或沉淀。
4、B
【详解】12g－9.6g＝2.4g, Fe2O3→2 Fe，质量差是48，＝ ，x＝5.6g。故选B。
5、D
【分析】依题目可知，FeSO4溶液主要通过三个化学反应制得铁黑画料Fe3O4，根据这三个反应过程分析，选择正确说法。
【详解】A、制备的过程中Fe的化合价和氧气中氧元素的化合价都发生变化，不符合题意；
B、洗涤的目的为了除去生成的Na2SO4和过量的氢氧化钠，不符合题意；
C、设理论上Fe（OH）2转化为Fe（OH）3的过程中参与反应的O2的质量为X。

所以，理论上Fe（OH）2转化为Fe（OH）3的过程中参与反应的O2的质量为4.8g，不符合题意；
D、设该方法理论上最终可以获得Fe3O4的质量为X。
根据质量守恒定律，反应前后铁元素的质量不变，所以FeSO4和Fe3O4中含的铁元素的质量相等。

该方法理论上最终可以获得Fe3O4的质量为46.4g，符合题意。故选D。
6、A
【详解】比银金属活动性强的单质能与硝酸银反应，由根据金属活动性顺序由强至弱：K、Ca、Na、Mg、Al、Zn、Fe、Sn、Pb、（H）、Cu、Hg、Ag、Pt、Au，则可知，铜、铁、锌均能反应。故选A。
金属活动性顺序由强至弱：K、Ca、Na、Mg、Al、Zn、Fe、Sn、Pb、（H）、Cu、Hg、Ag、Pt、Au。
7、B
【分析】U型管内液面a上升是瓶内气压减小造成的，据此分析。
【详解】A. CaO与H2O反应产生热量，瓶内气压增大，不符合题意；
B. NH4NO3溶于水吸收热量，瓶内气压减小，符合题意；
C. MnO2与H2O2混合，有氧气产生，瓶内气压增大，不符合题意；
D. NaOH溶于水放出热量，瓶内气压增大，不符合题意；
故选：B。
8、B
【解析】化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化。
【详解】A、用胶带粘合破损书画过程中没有新物质生成，属于物理变化，选项A不正确；
B、用玉米酿造苞谷酒生成酒精，有新物质生成，属于化学变化，选项B正确；
C、用砂纸擦除灶具污渍，没有新物质生成，属于物理变化，选项C不正确；
D、用汽油清洗衣服油污过程是溶解，没有新物质生成，属于物理变化，选项D不正确。故选B。
化学变化和物理变化的本质区别：是否有新物质生成。
9、B
【解析】根据“在化合物中，正负化合价的代数和为零”的原则，已知O的化合价为-2价，设砷元素的化合价为x，则2x+（-2）×3=0，解得x=+3，故选B。
10、C
【分析】根据高猛酸钾加热生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，高锰酸钾的质量逐渐减小至消失；钾元素的质量不变；固体中的氧元素质量逐渐减小，然后不变；固体质量逐渐减小，锰元素的质量不变，因此锰元素的质量分数逐渐增加，然后不变进行分析。
【详解】高猛酸钾加热生成锰酸钾、二氧化锰和氧气；
A、高猛酸钾加热生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，高锰酸钾的质量逐渐减小至消失，错误；
B、钾元素的质量不变，错误；
C、高猛酸钾加热生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，因此固体中的氧元素质量逐渐减小，等到完全分解后保持不变，正确；
D、固体质量逐渐减小，锰元素的质量不变，因此锰元素的质量分数逐渐增加，然后不变，错误。
故选C。

二、填空题（本大题共1小题，共4分）
11、NH4+ 3N2 KNO3
【解析】（1）离子用离子符号表示，铵根离子表示为NH4+；
故填：NH4+。
（2）根据化学式的微观意义表示1个分子，3个氮气分子表示为3N2；
故填：3N2。
（3）硝酸钾溶液中的溶质是硝酸钾，它的化学式是KNO3；
故填：KNO3。
（4）氨气中氮元素的化合价是-3价，表示为；
故填：。
化学用语是初中化学的重点，主要考查的内容有：①分子；②原子；③离子；④物质化学式的书写；⑤化合物中某元素化合价的表示。

三、计算题（本大题共1小题，共5分）
12、B 铁的表面有红色的固体生成，溶液由蓝色变为浅绿色，天平指针不偏转 原子 C 碳酸钠粉末与稀盐酸反应生成的二氧化碳气体逸散到空气中
【详解】（1）①实验A是过氧化氢溶液、二氧化锰，过氧化氢分解产生氧气，是气球体积膨胀，气球在空气中受到浮力，质量减小，不能验证质量守恒定律；实验B是铁与硫酸铜溶液反应生成铜和硫酸亚铁，没有气体生成，能验证质量守恒定律；实验C是稀盐酸与碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳气体，二氧化碳气体会逸散到空气中，质量减小，不能验证质量守恒定律；
故填：B。
②实验B铁与硫酸铜溶液反应生成铜和硫酸亚铁，能验证质量守恒定律；实验现象铁的表面有红色的固体生成，溶液由蓝色变为浅绿色，反应的化学反应方程式是，该反应前后，原子的种类、数目、质量都没有发生改变，因此化学变化前后质量守恒；
故填：铁的表面有红色的固体生成，溶液由蓝色变为浅绿色，天平指针不偏转 原子。
（2）在实验C中，稀盐酸与碳酸钠反应生成氯化钠、水和二氧化碳气体，二氧化碳气体会逸散到空气中，质量减小，不能验证质量守恒定律；
故填：C 稀盐酸与碳酸钠反应生成二氧化碳气体，二氧化碳气体逸散到空气中
本题考查的是验证质量守恒定律，抓住物质间要发生化学反应，如果有气体参加或生成的反应，必须在密闭容器中进行。

四、简答题（本大题共2小题，共8分）
13、Fe＋CuSO4=FeSO4＋Cu 8:7 60 10% 428.57t
【详解】（1）上述实验过程中过量的铁粉与硫酸铜溶液发生反应的化学方程式为:Fe＋CuSO4=FeSO4＋Cu；
（2）根据已知条件列出求解A烧杯中参加反应的金属质量 （X）的比例式为：用差量法计算，
（3）解：第二次加入硫酸铜溶液恰好完全反应后，所得固体质量为12.8g，
设：混合固体中铜的质量y。
y=6.4g，铁的质量为12g-6.4g-5.6g；
固体混合物中铜、铁元素质量的最简比为6.4g:5.6g=8:7；
（4）用16%的硫酸铜溶液配制上述实验中所用的硫酸铜溶液，第一次加入硫酸铜溶液80g，固体质量增加0.4g，第二次加入一定量的硫酸铜溶液后，固体质量也增加0.4g，可知，第二次加入硫酸溶溶液的质量为80g，溶质质量不变，
解：设需要16%的硫酸铜溶液m。
16%m=（80g+80g）×10%；则m=100g，需要计入水的质量为160g-100g=60g；
需加水的体积为=;
（5）解：D中滤液中溶质为硫酸亚铁，已知铁的质量=5.6g，根据元素守恒可知硫酸亚铁的质量为 ；溶液质量=两次加入的硫酸铜溶液质量+被溶解铁的质量-析出铜的质量=80g+80g+5.6g-6.4g=159.2g；
将D中滤液蒸发7.2g水，最终所得不饱和溶液中溶质的质量分数为=
（6）解：设需要含杂质20%的赤铁矿的质量为z。

z≈428.57t
需要含杂质20%的赤铁矿的质量为428.57t。
14、C 2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2↑ 量筒内水减少的体积 c b d 无 使镁铝合金中的铝完全反应 1:3 氢气
【详解】Ⅰ．(1)根据金属活动性表可知，金属镁和铝都排在(H)前面，都能与酸反应，且镁排在铝的前面，则反应中镁比铝反应剧烈。故C错误。(2)反应的化学方程式：2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2↑
Ⅱ．方案一：燃烧消耗了瓶内的氧气，使瓶内压强减小，从而水被吸进瓶内，量筒内水减少的体积即为消耗的氧气的体积。
方案二：(1)由于氢气的密度小于水故气体应从c进，顺序为c→b→d；(2)反应结束，冷却至室温。烧瓶内还留有的气体，填补了刚开始被排除的瓶内的空气体积，故对实验结果无影响。
方案三：(1)实验中所加的氢氧化钠溶液应过量，其目的是使镁铝合金中的铝完全反应，以便最终得到纯净的镁。(2)从上图数据可知，最终剩余的金属味镁，质量为2克，则铝的质量为6克，故该合金中镁元素与铝元素的质量比为1:3。
【反思与拓展】通过测定H2体积，转换成质量，再根据2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2↑计算，也可得出合金中铝的质量。

五、探究题（本大题共2小题，共13分）
15、（1）CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑（2）68.7（3）93.75%（4）12.49g.
【分析】这是一道表格型计算题，分析题目及表格数据，找出规律：每次加入20克稀盐酸后，烧杯中增加的质量为20克-1.1克，如果不符合这一规律，则石灰石样品中碳酸钙已经反应完。
【详解】（1）碳酸钙和盐酸反应的化学方程式为CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2↑；
（2）由表格数据可知，每次加入20克稀盐酸后，烧杯中增加的质量为20克-1.1克，m=49.80g+20 g-1.1 g= 68.7 g；
（3）解：设12g石灰石样品中碳酸钙的质量为X。
根据质量守恒定律可知生成二氧化碳气体的质量=100g+12g-107.05=4.95g.

12g石灰石样品中碳酸钙的质量分数
（4）解：设生成氯化钙的质量为Y。

答：生成氯化钙的质量为12.49g.
16、（1）32.5%； （2）9.8%
【解析】质量分数的一种常用的计算方法是分别计算出目的物质的质量和样品的总质量，然后求比值。第（2）问中的化学反应方程式以及计算是关键。
（1）10g样品反应完全后，剩下6.75g为铜的质量，所以锌的质量为
所以样品中锌的质量分数为
（2）设在第二次加入稀硫酸后，参加反应硫酸的质量为x，
据表中数据知，参加反应的锌的质量为
根据反应方程式
65 98
0.65g x
有，解得
所用稀硫酸的质量分数为