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含参不等式恒成立问题高等方法.doc

上传人:仙人****88 文档编号:9447049 上传时间:2025-03-26 格式:DOC 页数:35 大小:2.90MB 下载积分:10 金币
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资源描述
含参不等式恒成立问题中,求参数取值范围一般方法 恒成立问题是数学中常见问题,也是历年高考的一个热点。大多是在不等式中,已知一个变量的取值范围,求另一个变量的取值范围的形式出现。下面介绍几种常用的处理方法。 一、 分离参数 在给出的不等式中,如果能通过恒等变形分离出参数,即:若恒成立,只须求出,则;若恒成立,只须求出,则,转化为函数求最值。 例1、已知函数,若对任意恒有,试确定的取值范围。 解:根据题意得:在上恒成立, 即:在上恒成立, 设,则 当时, 所以 (可用导数求最值) 在给出的不等式中,如果通过恒等变形不能直接解出参数,则可将两变量分别置于不等式的两边,即:若恒成立,只须求出,则,然后解不等式求出参数的取值范围;若恒成立,只须求出,则,然后解不等式求出参数的取值范围,问题还是转化为函数求最值。 例2、已知时,不等式恒成立,求的取值范围。 解:令, 所以原不等式可化为:, 要使上式在上恒成立,只须求出在上的最小值即可。 (可用导数求最值)               (例4中应为方程无是根或有重根)     例4(04辽宁)已知函数. (1)求函数的反函数的导数 (2)假设对任意,不等式成立,求实数m的取值范围. 解析:(1) 解略. =,=;得=; (2) 解此绝对值不等式得+<<- 把(1)代入上式,得-+<<+- 若把此不等式左右两边设为两个新函数,即 令=-+,=+- 则原不等式对于任意恒成立,意即<<成立, 只需满足<<即可. =,=, 注意到0<<<,即<1<, 故>0 , >0 , 故、均为增函数, ∴在上,==,==, 故原不等式成立,当且仅当<<,即<<. 点评:问题(2)涉及的式子看似复杂,难以下手,一旦使不等式问题函数化,问题就变得简单多了。再借用导数判断出新函数的单调性,即可求出在给定区间的最值,问题即迎刃而解。 二、 分类讨论 在给出的不等式中,如果两变量不能通过恒等变形分别置于不等式的两边,则可利用分类讨论的思想来解决。 例3、若时,不等式恒成立,求的取值范围。 解:设,则问题转化为当时,的最小值非负。 (1) 当即:时, 又所以不存在; (2) 当即:时, 又 (3) 当 即:时, 又 综上所得: 例6.已知函数 (I)当时,求曲线在点处的切线方程;(II)当时,讨论的单调性.(Ⅲ)设当时,若对任意,存在,使,求实数取值范围. 解:(Ⅰ) 当所以 因此, 即 曲线 又 所以曲线 (Ⅱ)因为 , 所以 , 令 (1)当 所以,当,函数单调递减; 当时,,此时单调递 (2)当 即,解得 ①当时,恒成立, 此时,函数在(0,+∞)上单调递减; ②当 时,单调递减; 时,单调递增; ,此时,函数单调递减; ③当时,由于 时,,此时,函数单调递减; 时,,此时,函数单调递增。 综上所述: 当时,函数在(0,1)上单调递减; 函数在(1,+∞)上单调递增; 当时,函数在(0,+∞)上单调递减; 当时,函数在(0,1)上单调递减; 函数在上单调递增; 函数上单调递减, (Ⅲ)因为a=,由(Ⅰ)知,=1,=3,当时,,函数单调递减;当时,,函数单调递增,所以在(0,2)上的最小值为。 由于“对任意,存在,使”等价于 “在上的最小值不大于在(0,2)上的最小值”(*) 又=,,所以 ①当时,因为,此时与(*)矛盾 ②当时,因为,同样与(*)矛盾 ③当时,因为,解不等式8-4b,可得 综上,b的取值范围是。 三、 确定主元 在给出的含有两个变量的不等式中,学生习惯把变量看成是主元(未知数),而把另一个变量看成参数,在有些问题中这样的解题过程繁琐。如果把已知取值范围的变量作为主元,把要求取值范围的变量看作参数,则可简化解题过程。 例4、若不等式对满足的所有都成立,求的取值范围。 解:设,对满足的,恒成立, 解得: 四、 利用集合与集合间的关系 在给出的不等式中,若能解出已知取值范围的变量,就可利用集合与集合之间的包含关系来求解,即:,则且,不等式的解即为实数的取值范围。 例5、当时,恒成立,求实数的取值范围。 解: (1) 当时,,则问题转化为 (2) 当时,,则问题转化为 综上所得:或 五、 数形结合 数形结合法是先将不等式两端的式子分别看作两个函数,且正确作出两个函数的图象,然后通过观察两图象(特别是交点时)的位置关系,列出关于参数的不等式。 例6、若不等式在内恒成立,求实数的取值范围。 解:由题意知:在内恒成立, 在同一坐标系内,分别作出函数和 观察两函数图象,当时,若函数的图象显然在函数图象的下方,所以不成立; 当时,由图可知,的图象必须过点或在这个点的上方,则, 综上得: 上面介绍了含参不等式中恒成立问题几种解法,在解题过程中,要灵活运用题设条件综合分析,选择适当方法准确而快速地解题。 例1.已知 (1) 求a、b的值及函数的单调区间. (2) 若对恒成立,求c的取值范围. 解:(1) 例4.已知是实数,函数 (Ⅰ)求函数的单调区间; (Ⅱ)设为在区间上的最小值。 ()写出的表达式;()求的取值范围,使得。 解:(Ⅰ)函数的定义域为,,由得。 考虑是否落在导函数的定义域内,需对参数的取值分及两种情况进行讨论。 (1) 当时,则在上恒成立,所以的单调递增区间为。 (2) 当时,由,得;由,得。 因此,当时,的单调递减区间为,的单调递增区间为。 (Ⅱ)()由第(Ⅰ)问的结论可知: (1) 当时,在上单调递增,从而在上单调递增,所以。 (2) 当时,在上单调递减,在上单调递增,所以: ① 当,即时,在上单调递减,在上单调递增, 所以。 ② 当,即时,在上单调递减,所以。 综上所述, ()令。 ①若,无解; ②若,由解得; ③ 若,由解得。 综上所述,的取值范围为。 例1(05湖北理)已知向量=(,),=(,),若在区间(-1,1)上是增函数,求的取值范围. 解析:由向量的数量积定义,=()+()=+++ ∴=++. 若在区间(-1,1)上是增函数,则有≥0 ≥-在 (-1,1)上恒成立. 若令=-=-3()- 在区间[-1,1]上,==5,故在区间(-1,1)上使≥恒成立, 只需≥即可,即≥5. 即的取值范围是[5,∞). 点评:本题除了用导数反映单调性,还借助了二次函数的性质求出最值,且要注意边界值的取舍。 例2使不等式->对任意的实数都成立,求实数的取值范围. 解析:注意到不等式的次数较高,应想到构造函数,求导. 令=-,则如果原不等式对任意的实数都成立等价于>. 又=-=4(),令=0,解得,=0或=1. 的符号及的单调性如下: (-∞,0) 0 (0,1) 1 (1,+∞) - 0 - 0 + ↘ 无极值 ↘ 极小值 ↗ 因为在R上的极值只有一个,故此极小值即为最小值,即== -1, ∴= -1>,即>3. 例1. (2008安徽高考题理20)设函数 (1) 求函数的单调区间; (2) 已知对任意成立,求实数的取值范围 解:(1),,列表如下: + 0 — — 单调增 极大值 单调减 单调减 所以的单调增区间为,单调减区间为 (3) 在两边取对数,得由于所以① 由(1)的结果知,当时,。为使①式对所有成立,当且仅当即 例4 已知函数  (Ⅰ)当时,求的单调区间; (Ⅱ)若时,不等式恒成立,求实数的取值范围.  解(Ⅱ)当时,不等式即恒成立.由于,,亦即,所以.令,则,由得.且当时,;当时,,即在上单调递增,在上单调递减,所以在处取得极大值,也就是函数在定义域上的最大值.因此要使恒成立,需要,所以的取值范围为. 例6 已知函数,对f(x)定义域内任意的x的值,f(x)≥27恒成立,求a的取值范围. 解 函数f(x)的定义域为(0,+∞),由f(x)≥27对一切x∈(0,+∞)恒成立 知 对一切x∈(0,+∞)恒成立. 即  对x∈(0,+∞)恒成立. 设 则,由h′(x)=0,解得. 当h′(x)>0时,解得0<x<;当h′(x)>0时,解得x>. 所以函数h(x)在(0,)上递增,在(,+∞)上递减. 故h(x)的最大值为,所以. 含参数函数的单调性问题三个基本讨论点 1、求导后,考虑导函数为零是否有实根(或导函数的分子能否分解因式),从而引起讨论。 例1设,函数, 试讨论函数的单调性。 解:。 考虑导函数是否有实根,从而需要对参数的取值进行讨论。 (一)若,则。由于当时,无实根,而当时,有实根, 因此,对参数分和两种情况讨论。 (1) 当时,在上恒成立,所以函数在上为增函数; (2) 当时,。 由,得,因为,所以。 由,得;由,得。 因此,当时,函数在上为减函数,在上为增函数。 (二)若,则。由于当时,无实根,而当时,有实根,因此,对参数分和两种情况讨论。 (1) 当时,在上恒成立,所以函数在上为减函数; (2) 当时,。 由,得;由,得。 因此,当时,函数在上为减函数,在上为增函数。 综上所述: (1) 当时,函数在上为减函数,在上为增函数,在上为减函数。 (2) 当时,函数在上为增函数,在上为减函数。 (3) 当时,函数在上为增函数,在上为减函数,在上为增函数。 2、 求导后,导函数为零有实根(或导函数的分子能分解因式),但不知导函数为零的实根是否落在定义域内,从而引起讨论。 例2已知是实数,函数 (Ⅰ)求函数的单调区间; 解:(Ⅰ)函数的定义域为,,由得。 考虑是否落在导函数的定义域内,需对参数的取值分及两种情况进行讨论。 (1) 当时,则在上恒成立,所以的单调递增区间为。 (2) 当时,由,得;由,得。 因此,当时,的单调递减区间为,的单调递增区间为。 3、 求导后,导函数为零有实根(或导函数的分子能分解因式), 导函数为零的实根也落在定义域内,但不知这些实根的大小关系,从而引起讨论。 例3已知函数,其中。 (Ⅰ)当时,求曲线在点处的切线方程; (Ⅱ)当时,求函数的单调区间与极值。 解:(Ⅰ)当时,曲线在点处的切线方程为。 (Ⅱ)由于,所以 。 由,得。这两个实根都在定义域R内,但不知它们之间的大小。因此,需对参数的取值分和两种情况进行讨论。 (1) 当时,则。易得在区间,内为减函数,在区间为增函数。故函数在处取得极小值;函数在处取得极大值。 (2) 当时,则。易得在区间,内为增函数,在区间为减函数。故函数在处取得极小值;函数在处取得极大值。 以上三点即为含参数导数问题的三个基本讨论点,在求解有关含参数的导数问题时,可按上述三点的顺序对参数进行讨论。因此,对含参数的导数问题的讨论,还是有一定的规律可循的。当然,在具体解题中,可能要讨论其中的两点或三点,这时的讨论就更复杂一些了,需要灵活把握。 例4设函数,其中,求函数的极值点。 解:由题意可得的定义域为,,的分母在定义域上恒为正,方程是否有实根,需要对参数的取值进行讨论。 (1)当,即时,方程无实根或只有唯一根,所以在上恒成立,则在上恒成立,所以函数在上单调递增,从而函数在上无极值点。 (2)当,即时,方程,即有两个不相等的实根: 。 这两个根是否都在定义域内呢?又需要对参数的取值分情况作如下讨论: (ⅰ)当时,,所以。 此时,与随的变化情况如下表: 0 递减 极小值 递增 由此表可知:当时,有唯一极小值点。 (ⅱ)当时,,所以。 此时,与随的变化情况如下表: 递增 极大值 递减 极小值 递增 由此表可知:当时,有一个极大值点和一个极小值点。 综上所述: (1) 当时,有唯一极小值点; (2) 当时,有一个极大值点和一个极小值点; (3) 当时,无极值点。 从以上诸例不难看出,在对含参数的导数问题的讨论时,只要把握以上三个基本讨论点,那么讨论就有了方向和切入点,即使问题较为复杂,讨论起来也会得心应手、层次分明,从而使问题迎刃而解。例2.已知函数处取得极值 (1) 求函数的解析式. (2) 若过点可作曲线y=的三条切线,求实数m的取值范围. 解:(1)求得 (2)设切点为 3.已知函数(其中常数a,b∈R),是奇函数. (Ⅰ)求的表达式; (Ⅱ)讨论的单调性,并求在区间[1,2]上的最大值和最小值. 10、已知函数 (I)当时,求曲线在点处的切线方程;(II)当时,讨论的单调性. 解:(Ⅰ) 当 所以 因此, 即 曲线 又 所以曲线 (Ⅱ)因为 , 所以 , 令 (1)当 所以,当,函数单调递减; 当时,,此时单调递 (2)当 即,解得 ①当时,恒成立, 此时,函数在(0,+∞)上单调递减; ②当 时,单调递减; 时,单调递增; ,此时,函数单调递减; ③当时,由于 时,,此时,函数单调递减; 时,,此时,函数单调递增。 综上所述: 当时,函数在(0,1)上单调递减; 函数在(1,+∞)上单调递增; 当时,函数在(0,+∞)上单调递减; 当时,函数在(0,1)上单调递减; 函数在上单调递增; 函数上单调递减, 13、已知函数. (Ⅰ)讨论函数的单调性; (Ⅱ)设,证明:对任意,. 解:(Ⅰ) f(x)的定义域为(0,+),. 当a≥0时,>0,故f(x)在(0,+)单调增加; 当a≤-1时,<0, 故f(x)在(0,+)单调减少; 当-1<a<0时,令=0,解得x=.当x∈(0, )时, >0; x∈(,+)时,<0, 故f(x)在(0, )单调增加,在(,+)单调减少. (Ⅱ)不妨假设x1≥x2.由于a≤-2,故f(x)在(0,+)单调减少. 所以等价于 ≥4x1-4x2, 即f(x2)+ 4x2≥f(x1)+ 4x1. 令g(x)=f(x)+4x,则 +4 =. 于是≤=≤0. 从而g(x)在(0,+)单调减少,故g(x1) ≤g(x2), 即 f(x1)+ 4x1≤f(x2)+ 4x2,故对任意x1,x2∈(0,+) ,.   12、已知函数 (I) 讨论函数的单调性; (II)设.如果对任意,,求的取值范围。 解:(Ⅰ)的定义域为(0,+∞). . 当时,>0,故在(0,+∞)单调增加; 当时,<0,故在(0,+∞)单调减少; 当-1<<0时,令=0,解得. 则当时,>0;时,<0. 故在单调增加,在单调减少. (Ⅱ)不妨假设,而<-1,由(Ⅰ)知在(0,+∞)单调减少,从而 , 等价于 , ① 令,则 ①等价于在(0,+∞)单调减少,即 . 从而 故a的取值范围为(-∞,-2]. 13、)已知函数()=In(1+)-+(≥0)。 (Ⅰ)当=2时,求曲线=()在点(1,(1))处的切线方程;(Ⅱ)求()的单调区间。 解:(I)当时,, 由于,, 所以曲线在点处的切线方程为 即 (II),. 当时,. 所以,在区间上,;在区间上,. 故得单调递增区间是,单调递减区间是. 当时,由,得, 所以,在区间和上,;在区间上, 故得单调递增区间是和,单调递减区间是. 当时, 故得单调递增区间是. 当时,,得,. 所以没在区间和上,;在区间上, 故得单调递增区间是和,单调递减区间是 14、设是定义在区间上的函数,其导函数为。如果存在实数和函数,其中对任意的都有>0,使得,则称函数具有性质。 (1)设函数,其中为实数。 (i)求证:函数具有性质; (ii)求函数的单调区间。 (2)已知函数具有性质。给定设为实数, ,,且, 若||<||,求的取值范围。 [解析] 本小题主要考查函数的概念、性质、图象及导数等基础知识,考查灵活运用数形结合、分类讨论的思想方法进行探索、分析与解决问题的综合能力。 (1)(i) ∵时,恒成立, ∴函数具有性质; (ii)(方法一)设,与的符号相同。 当时,,,故此时在区间上递增; 当时,对于,有,所以此时在区间上递增; 当时,图像开口向上,对称轴,而, 对于,总有,,故此时在区间上递增; (方法二)当时,对于, 所以,故此时在区间上递增; 当时,图像开口向上,对称轴,方程的两根为:,而 当时,,,故此时在区间 上递减;同理得:在区间上递增。 综上所述,当时,在区间上递增; 当时,在上递减;在上递增。 (2)(方法一)由题意,得: 又对任意的都有>0, 所以对任意的都有,在上递增。 又。 当时,,且, 综合以上讨论,得:所求的取值范围是(0,1)。 (方法二)由题设知,的导函数,其中函数对于任意的都成立。所以,当时,,从而在区间上单调递增。 ①当时,有, ,得,同理可得,所以由的单调性知、, 从而有||<||,符合题设。 ②当时,, ,于是由及的单调性知,所以||≥||,与题设不符。 ③当时,同理可得,进而得||≥||,与题设不符。 因此综合①、②、③得所求的的取值范围是(0,1)。 利用导数求参数范围举例 例3.已知且。 (1)设,求的解析式。 (2)设,试问:是否存在,使在()上是单调递减函数,且在()上是单调递增函数;若存在,求出的值;若不存在,说明理由。 解:(1)易求c=1,   (2)=,∴ 由题意在()上是单调递减函数,且在()上是单调递增函数知,是极小值,∴由得 当,时,∴是单调递增函数; 时,∴是单调递减函数。所以存在,使原命题成立。 例5.已知函数,其中。 (Ⅰ)当时,求曲线在点处的切线方程; (Ⅱ)当时,求函数的单调区间与极值。 解:(Ⅰ)当时,曲线在点处的切线方程为。 (Ⅱ)由于,所以 。 由,得。这两个实根都在定义域R内,但不知它们之间的大小。因此,需对参数的取值分和两种情况进行讨论。 (1) 当时,则。易得在区间,内为减函数,在区间为增函数。故函数在处取得极小值;函数在处取得极大值。 (2) 当时,则。易得在区间,内为增函数,在区间为减函数。故函数在处取得极小值;函数在处取得极大值。 例7.已知函数()=In(1+)-+(≥0)。 (Ⅰ)当=2时,求曲线=()在点(1,(1))处的切线方程;(Ⅱ)求()的单调区间。 解:(I)当时,, 由于,, 所以曲线在点处的切线方程为 即 (II),. 当时,. 所以,在区间上,;在区间上,. 故得单调递增区间是,单调递减区间是. 当时,由,得, 所以,在区间和上,;在区间上, 故得单调递增区间是和,单调递减区间是. 当时, 故得单调递增区间是. 当时,,得,. 所以没在区间和上,;在区间上, 故得单调递增区间是和,单调递减区间是 例5已知,,函数= 的图象与函数=的图象相切, (Ⅰ)求与的关系式(用表示); (Ⅱ)设函数=在(-∞,+∞)内有极值点,求的取值范围. 解析:(Ⅰ)∵ 与的图象相切,∴切线的斜率相等, 即=即,故, 切点的纵坐标为=,解得, 又∵,,∴,即. (Ⅱ) ∵==, ∴=,令=0,即 =0 (这是二次方程,可通过判别式判断根的个数,进而判断极值点的情况) Δ== ① 若Δ=0,=0有一个实根,则=, 的变化如下: (-∞,) (,+∞) + 0 + 故=不是的极值点; ②若Δ>0,=0有两个不同的实根、,不妨设<,则=,的变化如下: (-∞,) (,) (,+∞) + 0 - 0 + 故、分别为函数的极大值点和极小值点. 综合①②,当Δ>0,=0在(-∞,+∞)内有极值点. 由Δ=>0,即>,又由(Ⅰ) , 得,>解得, 或. 故的取值范围是(0,)∪(,+∞). 点评:解决Ⅰ要明了切线与导数之间的关系;解决Ⅱ借助了一元二次方程的判别式,更要结合导数与极值之间的关系. 三 与集合之间的关系相联系 例6设≠0,点是函数与=的图象的一个公共点.两函数的图象在点处有相同的切线, (Ⅰ)用表示,,; (Ⅱ)若函数=在(-1,3)上单调递减,求的取值范围. 解析:(Ⅰ) 为切点,切线相同,此问与例5大同小异。 把点代入两函数解析式,有,又≠0,故, 又在点处切线相同,故,即, 将代入,得=,从而,=,即. (Ⅱ) 由(Ⅰ),=, ∴==, ∴==, 函数=单调递减,即<0, 由=<0,当>0时,<<;<0时,<<. 故函数的单调区间,当>0时,为;当<0时,为. 故要使函数在(-1,3)上单调递减,须满足(-1,3) 或(-1,3) ,即 或,解得,≥3或≤-9.故的范围是(-∞,-9]∪[3,+∞). 点评:Ⅱ题看题意似与例1相似,其实不然。本题的表达式中含、和,不能把全部移到另一边构造新的二次函数,故利用了集合之间的包含关系确定边界点的范围,从而得出结果。 4、 已知,函数在是一个单调函数。 (1) 试问函数在上是否为单调减函数?请说明理由; (2)若函数在上是单调增函数,试求的取值范围。 解:(1),若函数在区间上单调递减,则在上恒成立,即对恒成立,这样的值不存在。所以函数在区间上不是单调减函数。 (2)函数在区间上是单调增函数,则,即在上恒成立,在此区间上,从而得 例3:若函数没有极值点,求的取值范围。 解:由已知可得 ,若函数不存在极值点,则在方程即中,有,解之得 规律小结:极值点的个数,一般是使方程根的个数,一般情况下导函数若可以化成二次函数,我们可以利用判别式研究,若不是,我们可以借助图形研究。 6.已知函数. (Ⅰ)讨论函数的单调性; (Ⅱ)设,证明:对任意,. 解:(Ⅰ) f(x)的定义域为(0,+),. 当a≥0时,>0,故f(x)在(0,+)单调增加; 当a≤-1时,<0, 故f(x)在(0,+)单调减少; 当-1<a<0时,令=0,解得x=.当x∈(0, )时, >0; x∈(,+)时,<0, 故f(x)在(0, )单调增加,在(,+)单调减少. (Ⅱ)不妨假设x1≥x2.由于a≤-2,故f(x)在(0,+)单调减少. 所以等价于 ≥4x1-4x2, 即f(x2)+ 4x2≥f(x1)+ 4x1. 令g(x)=f(x)+4x,则 +4 =. 于是≤=≤0. 从而g(x)在(0,+)单调减少,故g(x1) ≤g(x2), 即 f(x1)+ 4x1≤f(x2)+ 4x2,故对任意x1,x2∈(0,+) ,.  例3(05天津理)若函数=(>0,≠1)在区间(-,0)内单调递增,则的取值范围是( )A[,1) B[.1) C(,+∞) D(1, ) 解析:是复合函数,须按0<<1及>1两种情况考虑. 令=,∵在(-,0)上为增函数, ① 若0<<1,则在(-,0)上为减函数,即=<0在(-,0)上恒成立, 即>3在(-,0)上恒成立, ∴≥3=,此时,≤<1; ② 若>1,则在(-,0)上为增函数,须使=>0在(-,0)上恒成立, 即<3在(-,0)上恒成立, 即≤0,不合题意. 综上,∈[.1). 点评:解决与复合函数有关问题,要注意复合函数的单调性,否则就会南辕北辙.
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