第七章热点强化突破(七).doc

热点强化突破(七)

热点1　电路的动态分析
电路的动态分析是每年高考的热点，判断此类问题应先由局部变化推出总电流的变化、路端电压的变化，再由“并同串反”法分析判断其他各部分电路的变化．

1.(单选)(2015·山西四校联考)如图所示，是一火警报警器的部分电路示意图．其中R2为半导体热敏材料(其阻值随温度的升高而迅速减小)制成的传感器，电流表A为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器A的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是(　　)

A．I变大，U变大　　　　　 B．I变小，U变小
C．I变小，U变大 D．I变大，U变小
解析：选B.出现火情时，传感器R2阻值减小，外电路总电阻变小，由闭合电路的欧姆定律，干路的电流为I＝变大，路端电压U＝E－Ir变小，R1两端的电压U1＝IR1变大，R3两端的电压U3＝U－U1变小，有I3＝变小，所以B正确．
2．(单选)(2015·陕西咸阳模拟)如图所示，调节可变电阻R的阻值，使电压表的示数增大ΔU，在这个过程中(　　)

A．通过电阻R1的电流增大，增大量一定大于ΔU/R1
B．电阻R2两端的电压减小，减小量一定等于ΔU
C．通过电阻R2的电流减小，但减小量一定小于ΔU/R2
D．路端电压增大，增大量一定等于ΔU
解析：选C.电阻R1两端电压等于电压表示数，R1为定值电阻，其电流与电压成正比，I1＝，则I1＋ΔI1＝，ΔI1＝，A错误．R1两端电压增大ΔU，则电阻R2和内阻r上电压降均减小，二者减小值之和为ΔU，电阻R2两端电压减小量小于ΔU，B、D错误，C正确．
3．(单选)如图所示，电源内阻较大，当开关闭合，滑片位于某位置时，水平放置的平行板电容器间一带电液滴恰好处于静止状态，灯泡L也能正常发光，现将滑片由该位置向a端滑动，则(　　)

A．灯泡将变暗，电源效率将减小
B．液滴带正电，将向上做加速运动
C．电容器将放电，所带电荷量减少
D．电源的路端电压增大，输出功率也增大
解析：选B.当滑片向a端滑动时，电路的外电阻增大，电路电流减小，灯泡变暗，路端电压增大，由η＝知电源效率将增大，A错；电容器两极板间电压增大(下极板带正电，液滴带正电)，电容器被充电，所带电荷量增加，两极板间电场强度增大，液滴将向上做加速运动，B对，C错；因不清楚外电阻和电源内阻的大小关系，所以电源的输出功率的变化情况无法确定，D错．
4．(多选)(2015·四川成都一中一诊)如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U.以下说法正确的是(　　)

A．若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大
B．若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少
C．若仅用更强的光照射R1，则I增大，U增大，电容器所带电荷量增加
D．若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变
解析：选BD.电容器所在支路由于是断路，没有电流通过，所以电路中只有光敏电阻和电阻R3串联在电路中，并且电容器两端的电压等于光敏电阻两端电压，所以若仅将R2的滑动触头P向b端移动，电路总电阻不变，电流不变，电压也不变，A错误；若增大电容器极板间的距离，根据公式C＝可得电容器电容减小；由于电容器两端的电压恒定，根据公式C＝，故电容器所带电荷量减小，B正确；若仅用更强的光照射R1，R1的电阻减小，电路总电阻减小，电流增大，故电流表示数增大，外电路总电阻减小，即电压表示数减小，根据公式C＝可得，U减小，Q也减小，C错误；根据闭合电路欧姆定律可得U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值表示电源内阻，所以恒定不变，D正确．

热点2　对电学实验的考查

电学实验是高考的必考内容，掌握好课本实验的实验原理、实验方法、数据处理方法是做好实验题的基础．针对高考命题“题在书处，理在书中”的特点，考前加强知识迁移能力的训练是做好实验题的关键．

5．(2015·山东师范大学附中高三模拟)(1)有一段横截面是圆形的金属丝，螺旋测微器测量它的直径如图所示，螺旋测微器的读数为________mm.

(2)该同学用多用电表测量其电阻阻值约为5 Ω，现用伏安法进一步精确测量其电阻，备有以下器材：
直流电源E：电动势约4.5 V，内阻很小；
直流电流表A1：量程0～3 A，内阻约0.025 Ω；
直流电流表A2：量程0～0.6 A，内阻约0.125 Ω；
直流电压表V：量程0～3 V，内阻约3 kΩ；
滑动变阻器R1：最大阻值50 Ω；
开关、导线若干．
①在可选择的器材中应选用的电流表是________．(填“A1”或“A2”)
②仅从实验原理上看实验电路电阻的测量值________真实值．(填“大于”、“小于”或“等于”)
③请在虚线框内画出实验电路图．

解析：(2)①电路中最大电流为I＝A＝0.9 A，不到电流表A1的三分之一，因此电流表选A2；②电流表采用外接法，测量值会小于真实值；③电流表采用外接法，滑动变阻器采用分压限流皆可(本题限流更好)．
答案：(1)8.870　(2)①A2　②小于　③如图所示

6．(2015·江西稳派名校学术联盟调研)为了探究额定功率为4 W、额定电压为4 V的小灯泡消耗的功率与电压的关系，提供了如下的实验器材：
A．电压表V1(0～2 V，内阻2 kΩ)
B．电压表V2(0～15 V，内阻15 kΩ)
C．电流表A(0～1 A，内阻约1 Ω)
D．定值电阻R1＝2 kΩ
E．定值电阻R2＝16 kΩ
F．滑动变阻器R(15 Ω，2 A)
G．学生电源(直流6 V，内阻不计)
H．开关、导线若干
(1)为了减小实验误差，电压表应选用________，定值电阻应选用________(均用序号字母填写)；
(2)在探究功率与电压的关系时，要求电压从零开始调节，并且多次测量，画出满足要求的电路图；

(3)根据设计的电路图，写出电压表读数UV与小灯泡两端电压U的关系________，若小灯泡的电功率为P，则关系图线可能正确的是________．

解析：(1)灯泡的额定电压为4 V，而电压表2 V量程太小，15 V量程太大，可以把2 V量程的电压表串联定值电阻R1扩大为4 V的电压表，因此电压表选A，定值电阻选D.
(2)电压从零可调，滑动变阻器用分压式接法，被测电阻为小电阻，电流表采用外接法，电路图见答案．
(3)V1与R1串联，电流为I＝，灯泡两端电压U＝UV＋UR1＝2UV，根据P＝，图线应是一条倾斜的直线，但考虑随功率变大，温度升高，电阻变大，所以图线斜率逐渐变小，所以C正确．
答案：(1)A　D　(2)如图所示

(3)U＝2UV　C

7.(2013·高考新课标全国卷Ⅰ)某学生实验小组利用图甲所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“×1 k”挡内部电路的总电阻．使用的器材有：
多用电表；
电压表：量程5 V，内阻十几千欧；
滑动变阻器：最大阻值5 kΩ；
导线若干．
回答下列问题：
(1)将多用电表挡位调到电阻“×1 k”挡，再将红表笔和黑表笔________，调零点．
(2)将图甲中多用电表的红表笔和________(选填“1”或“2”)端相连，黑表笔连接另一端．
(3)将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图乙所示，这时电压表的示数如图丙所示．多用电表和电压表的读数分别为________kΩ和________V.

(4)调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零．此时多用电表和电压表的读数分别为12.0 kΩ和4.00 V．从测量数据可知，电压表的内阻为________kΩ.

丁
(5)多用电表电阻挡内部电路可等效为由一个无内阻的电池、一个理想电流表和一个电阻串联而成的电路，如图丁所示．根据前面的实验数据计算可得，此多用电表内电池的电动势为________V，电阻“×1 k”挡内部电路的总电阻为________kΩ.
解析：(1)欧姆表调零：将红表笔和黑表笔短接，使指针指电阻0刻度．
(2)多用电表欧姆挡测电压表的内阻应使电流从电压表的“＋”接线柱流入、“－”接线柱流出，而黑表笔连接多用电表内电池的正极，所以多用电表的红表笔和“－”端相连，黑表笔连接“＋”端．
(3)多用电表和电压表的读数分别为15.0 kΩ和3.60 V.
(4)由图甲可知多用电表欧姆“×1 k”挡直接测量电压表的内阻RV，所以RV＝12.0 kΩ.
(5)设多用电表内电池的电动势为E，多用电表电阻“×1 k”挡内部电路的总电阻为Rg，依题给条件由欧姆定律得：
E＝(15＋Rg)，E＝(12＋Rg)，
又RV＝12.0 kΩ，解之得：E＝9.00 V，Rg＝15.0 kΩ.
答案：(1)短接　(2)1　(3)15.0　3.60　(4)12.0
(5)9.00　15.0