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云南中考数学《专项三:压轴题》精讲教学案类型② 图形面积存在性问题探究.doc

上传人:仙人****88 文档编号:8746925 上传时间:2025-02-28 格式:DOC 页数:12 大小:303.54KB 下载积分:10 金币
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类型② 图形面积存在性问题探究 ,备考攻略) 1.三角形面积的最大值 (1)“抛物线上的顶点,使之和一条定线段构成的三角形面积”的问题. (2)“抛物线上是否存在一点,使之和一条定线段构成的三角形面积最大”的问题. (3)“三边均动的动三角形面积最大”的问题. 2.四边形面积的最大值 (1)“一抛物线上是否存在一点,使之和另外三个定点构成的四边形面积最大”的问题. (2)“定四边形面积的求解”问题. 3.图形运动过程中出现重叠部分的图形面积. 1.动点坐标与动线段,长度的转化不能较好理解. 2.列出面积的表达式后,化简能力缺乏. 3.对图形运动过程缺乏分析,遗漏答案. 1.过动点向y轴作平行线,找到与定线段(或所在直线)的交点,从而把动三角形分割成两个基本模型的三角形,动点坐标设好,转化为长度代入,利用二次函数最值进一步可得到题目要求出的最大值. 2.先把动三角形分割成两个基本模型的三角形(有一边在x轴或y轴上的三角形,或者有一边平行于x轴或y轴的三角形,称为基本模型的三角形)面积之差,设出动点在x轴或y轴上的点的坐标,而此类题型,题中一定含有一组平行线,从而可以得出分割后的一个三角形与图中另一个三角形相似(常为图中最大的那一个三角形).利用相似三角形的性质(对应边的比等于对应高的比)可表示出分割后的一个三角形的高.从而可以表示出动三角形的面积的一个开口向下的二次函数关系式,相应问题也就轻松解决了. 3.经过三角形的3个顶点构造矩形,利用矩形面积减去3个三角形面积. 4.一抛物线上是否存在一点,使之和另外三个定点构成的四边形面积最大的问题,由于该四边形有三个定点,从而可把动四边形分割成一个动三角形与一个定三角形(连接两个定点,即可得到一个定三角形)的面积之和,所以只需动三角形的面积最大,就会使动四边形的面积最大. 5.“定四边形面积的求解”问题:有两种常见解决的方案: 方案(一):连接一条对角线,分成两个三角形面积之和; 方案(二):过不在x轴或y轴上的四边形的一个顶点,向x轴(或y轴)作垂线,或者把该点与原点连接起来,分割成一个梯形(常为直角梯形)和一些三角形的面积之和(或差),或几个基本模型的三角形面积的和(差),转化为一个开口向下的二次函数问题. 1.三角形面积 (1)已知抛物线三定点形成的三角形面积:抛物线与一条直线相交得出两个交点,联立方程组即可求出这两个点的坐标,再与抛物线上的顶点形成三角形,并求出这个三角形面积. (2)已知抛物线上一动点与两定点形成的三角形面积:抛物线与一条直线相交得出两个交点,联立方程组即可求出这两个点的坐标,再在抛物线上求一动点与它们形成三角形,并求出这个三角形面积的最大值. (3)三边都在变化的三角形的面积:两个动点沿两条直线运动与一个定点形成的三角形的面积最大值. 2.四边形面积的最大值 (1)抛物线上的顶点,使之和另外三个定点构成的四边形面积:抛物线与两坐标轴的三个交点与顶点形成的四边形的面积. (2)一抛物线上是否存在一点,使之和另外三个定点构成的四边形面积:抛物线与两坐标轴的三个交点与另一动点形成的四边形的最大值. 3.重叠部分的面积 几何图形由于折叠、平移与一基本图形出现重叠部分,求重叠部分的图形面积.,典题精讲) ◆三角形面积 【例1】如图,一小球从斜坡O点抛出,球的抛出路线可以用二次函数y=-x2+4x刻画,斜坡可以用一次函数y=x刻画. (1)请用配方法求二次函数图象最高点P的坐标; (2)小球的落点是A,求点A的坐标; (3)连接抛物线的最高点P与点O,A得△POA,求△POA的面积; (4)在OA上方的抛物线上存在一点M(点M与点P不重合),△MOA的面积等于△POA的面积,请写出点M的坐标. 【解析】(1)配方法即可求得P点坐标;(2)联立方程组可求点A的坐标;(3) 过点P作PB⊥x轴交OA于点B,可得点B的坐标,表示出PB的长,以PB为公共边求出两个三角形的面积之和即可;(4)利用三角形同底等高的知识,过点P作PM∥OA交抛物线于点M,保证两个三角形的高相等,从而面积相等. 【答案】解:(1)y=-x2+4x=-(x2-4x)=-(x2-4x+4)+4=-(x-2)2+4, ∴最高点P的坐标为(2,4); (2)点A的坐标满足方程组 解得或 ∴点A的坐标为; (3)如图,过点P作PB⊥x轴交OA于点B, 则点B的坐标为(2,1),∴PB=3. ∴S△POA=S△OPB+S△APB=×3×2+×3×=; (4)过点P作PM∥OA交抛物线于点M,连接OM,AM,则△MOA的面积等于△POA的面积, 设直线PM的解析式为y=x+b,代入P(2,4),得×2+b=4,解得b=3, ∴直线PM的解析式为y=x+3, 根据题意可列方程组 解得或 ∴点M的坐标为. 【例2】(2014昆明中考)如图,在平面直角坐标系中,抛物线y=ax2+bx-3(a≠0)与x轴交于点A(-2,0),B(4,0)两点,与y轴交于点C. (1)求抛物线的解析式; (2)点P从A点出发,在线段AB上以每秒3个单位长度的速度向B点运动,同时点Q从B点出发,在线段BC上以每秒1个单位长度的速度向C点运动,其中一个点到达终点时,另一个也停止运动,当△PBQ存在时,求运动多少秒使△PBQ的面积最大,最大面积是多少? (3)当△PBQ的面积最大时,在BC下方的抛物线上存在点M,使S△CBM∶S△PBQ=5∶2,求M点坐标. 【解析】(1)待定系数法求出二次函数解析式;(2)设经过t s时,可知PB=6-3t,BQ=t,B(4,0),C(0,-3),则BC=5,过Q点作 QK⊥x轴于K点,利用三角形相似表示KQ的长度,从而表示出△PBQ的面积为二次函数,利用二次函数的最值即可求出面积最大值;(3)根据(2)的结果求出△CBM的面积,依据函数解析式表示出动点M的坐标,过M点作y轴的平行线交BC于N点,交x轴于R点,表示N的坐标,分割△CBM为两个三角形,列出方程即可求出答案. 【答案】解:(1)y=ax2+bx-3经过A(-2,0),B(4,0), ∴解得: ∴y=x2-x-3; (2)设经过t s时,△PBQ面积最大. ∴PB=6-3t,BQ=t,∵B(4,0),C(0,-3),∴BC=5. 过Q点作QK⊥x轴于K点. ∵OC⊥x轴,QK⊥x轴,∴OC∥QK, ∴==,即=, ∴KQ=t, ∴S△BPQ=BP×KQ=×t(6-3t) =-(t-1)2+, ∴当t=1时,S△BPQ取最大值为; (3)当S△BPQ取最大值时,S△CBM∶S△PBQ=5∶2,即S△CBM=, ∵M在抛物线上,且在BC下方,设M, 过M点作y轴的平行线交BC于N点,交x轴于R点,设直线BC的解析式为y=kx+b,代入B(4,0),C(0,-3),得解得 ∴直线BC解析式为y=x-3, ∴N点坐标为, ∴S△CMB=S△CMN+S△NMB=MN×OR+MN×BR=MN(OR+BR)=MN×OB, ∴=×4×, 解得t1=1,t2=3, ∴M1,M2. ◆四边形面积 【例3】如图,抛物线y=x2+bx+c与x轴交于A,B两点,B点坐标为(3,0),与y轴交于点C(0,-3). (1)求抛物线的解析式; (2)点P在抛物线位于第四象限的部分上运动,当四边形ABPC的面积最大时,求点P的坐标和四边形ABPC的最大面积. 【解析】(1)由B,C两点的坐标,利用待定系数法可求得抛物线的解析式;(2)连接BC,则△ABC的面积是不变的,过P作PM∥y轴,交BC于点M,设出P点坐标,可表示出PM的长,可知当PM取最大值时△PBC的面积最大,利用二次函数的性质可求得P点的坐标及四边形ABPC的最大面积. 【答案】解:(1)把B,C两点坐标代入抛物线解析式,得解得 ∴抛物线解析式为y=x2-2x-3; (2)连接BC,过P作y轴的平行线,交BC于点M,交x轴于点H. 在y=x2-2x-3中,令y=0,得0=x2-2x-3,解得x=-1或x=3,∴A点坐标为(-1,0), ∴AB=3-(-1)=4,且OC=3, ∴S△ABC=AB·OC=×4×3=6, ∵B(3,0),C(0,-3), ∴直线BC解析式为y=x-3, 设P点坐标为(x,x2-2x-3),则M点坐标为(x,x-3), ∵P点在第四限, ∴PM=x-3-(x2-2x-3)=-x2+3x, ∴S△PBC=PM·OH+PM·HB=PM·(OH+HB)=PM·OB=PM, ∴当PM有最大值时,△PBC的面积最大,则四边形ABPC的面积最大, ∵PM=-x2+3x=-+, ∴当x=时,PMmax=,则S△PBC=×=, 此时P点坐标为,S四边形ABPC=S△ABC+S△PBC=6+=, 即当P点坐标为时,四边形ABPC的面积最大,最大面积为. 【例4】如图所示,已知抛物线y=-x2+bx+c过点C,与x轴交于A,B两点,与y轴交于点D. (1)求抛物线的解析式; (2)设抛物线的顶点为M,求四边形ABMD的面积; (3)在y轴上找一点E,使S△ABE=S四边形ABMD,求出点E的坐标. 【解析】(1)由C,D两点的坐标,利用待定系数法可求得抛物线的解析式;(2)求出顶点M的坐标,过点M作MN⊥x轴于点N,得出点N的坐标,把四边形ABMD分割成两个直角三角形,一个梯形,求出面积之和;(3)设出点E的坐标,直接列方程求解. 【答案】解:(1)∵抛物线y=-x2+bx+c过点D(0,5),C(3,8), ∴解得 ∴抛物线的解析式为y=-x2+4x+5; (2)抛物线y=-x2+4x+5与x轴交于点A(-1,0),B(5,0),顶点为M(2,9),过点M作MN⊥x轴于点N,则N(2,0). ∴S四边形ABMD=SRt△AOD+S梯形DONM+SRt△BMN =×1×5+×(5+9)×2+×9×3=30; ∴四边形ABMD的面积为30; (3)设点E的坐标为(0,y), 则S△ABE=×6×|y|=3|y|. ∵S△ABE=S四边形ABMD,∴3|y|=30,解得y=10,y2=-10.∴点E的坐标为(0,10)或(0,-10). 1.如图,对称轴为直线x=的抛物线经过点A(6,0)和B(0,-4). (1)求抛物线解析式及顶点坐标; (2)设点E(x,y)是抛物线上一动点,且位于第一象限,四边形OEAF是以OA为对角线的平行四边形,求平行四边形OEAF的面积S与x之间的函数关系式; (3)当(2)中的平行四边形OEAF的面积为24时,请判断平行四边形OEAF是否为菱形. 解:(1)设抛物线的解析式为y=ax2+bx+c, ∵抛物线经过A,B两点且对轴为直线x=, ∴ 解得 ∴抛物线的解析式为y=-x2+x-4, 配方,得y=-+, ∴顶点坐标为; (2)设E点坐标为, S=2×OA·yE=6 即S=-4x2+28x-24; (3)平行四边形OEAF的面积为24时,平行四边形OEAF可能为菱形,理由如下: 当平行四边形OEAF的面积为24时,即 -4x2+28x-24=24, 化简,得x2-7x+12=0, 解得x=3或4,当x=3时,EO=EA,平行四边形OEAF为菱形;当x=4时,EO≠EA,平行四边形OEAF不为菱形.  ◆重叠部分面积 【例5】如图①,在直角坐标系xOy中,直线l:y=kx+b交x轴,y轴于点E,F.点B的坐标是(2,2),过点B分别作x轴,y轴的垂线,垂足为A,C.点D是线段CO上的动点,以BD为对称轴,作与△BCD成轴对称的△BC′D. (1)当∠CBD=15°时,求点C′的坐标; (2)当图①中的直线l经过点A,且k=-时(如图②),求点D由C到O的运动过程中,线段BC′扫过的图形与△OAF重叠部分的面积. 【解析】(1)利用翻折变换的性质得出∠CBD=∠C′BD=15°,C′B=CB=2,进而得出CH的长,进而得出答案;(2)首先求出直线AF的解析式,进而得出当D与O重合时,点C′与A重合,且BC′扫过的图形与△OAF重合部分是弓形,求出即可. 【答案】解:(1)由题意得:△CBD≌△C′BD, ∴∠CBD=∠C′BD=15°,C′B=CB=2, ∴∠CBC′=30°. 如图①,作C′H⊥BC于H,则C′H=1,HB=, ∴CH=2-, ∴点C′的坐标为(2-,1); (2)如图②,∵A(2,0),k=-, ∴代入直线AF的解析式y=-x+b, ∴b=, 则直线AF的解析式为y=-x+, ∴∠OAF=30°,∠BAF=60°, ∵在点D由C到O的运动过程中,BC′扫过的图形是扇形, ∴当D与O重合时,点C′与A重合, 且BC′扫过的图形与△OAF重合部分是弓形, 当C′在直线y=-x+上时,BC′=BC=AB, ∴△ABC′是等边三角形,这时∠ABC′=60°, ∴重叠部分的面积是:-×22=π-. 图①    图② 2.如图①,在平面直角坐标系中,抛物线y=-x2+x+3交x轴于A,B两点(点A在点B的左侧),交y轴于点W,顶点为C,抛物线的对称轴与x轴的交点为D. (1)求直线BC的解析式; (2)点E(m,0),F(m+2,0)为x轴上两点,其中2<m<4,EE′,FF′分别垂直于x轴,交抛物线与点E′,F′,交BC于点M,N,当ME′+NF′的值最大时,在y轴上找一点R,使得|RF′-RE′|值最大,请求出R点的坐标及|RF′-RE′|的最大值; (3)如图②,已知x轴上一点P,现以点P为顶点,2为边长在x轴上方作等边三角形QPC,使GP⊥x轴,现将△QPG沿PA方向以每秒1个单位长度的速度平移,当点P到达点A时停止,记平移后的△QPG为△Q′P′G′,设△Q′P′G′与△ADC的重叠部分面积为S,当点Q′到x轴的距离与点Q到直线AW的距离相等时,求S的值. 图①  图② 解:(1)y=-x+6; (2)如图①,∵点E(m,0),F(m+2,0), ∴E′, F′, ∴E′M=-m2+m+3-(-m+6) =-m2+2m-3, F′N=-m2+4-(-m+4) =-m2+m, ∴E′M+F′N=-m2+3m-3, 当m=-=3时,E′M+F′N的值最大, ∴E′,F′, ∴E′F′解析式为y=-x+, ∴R,根据勾股定理得:RF′=10,RE′=6,∴|RF′-RE′|max=4; (3)由题意,Q点在∠WAB的角平分线或外角平分线上, ①如图②,当Q点在∠WAB的角平分线上时, Q′M=Q′N=,AW=, ∵△RMQ′∽△WOA,∴=, ∴RQ′=,∴RN=+, ∵△ARN∽△AWO, ∴=,∴AN=, ∴DN=AD-AN=4-=, ∴S=; 图③ ②如图③,当Q点在∠WAB的外角平分线上时, ∵△Q′RN∽△WAO,∴Q′R=, ∴RM=-. ∵△RAM∽△WOA,∴AM=, 在Rt△Q′MP′中,MP′=Q′M=3, ∴AP′=MP′-AM=3-=, 在Rt△CP′S中,P′S=AP′=×, ∴S=. 第12页
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