第三次理综强化训练物理题(1).doc

第三次理综强化训练物理题
二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，其中14、15、16、17、18题只有一项符合题目要求，选对的得6分，选错的得0分；19、20、21有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．下列说法正确的是：（ ）
A．伽利略探究物体下落规律的过程得到的科学方法是：问题→猜想→数学推理→实验验证→合理外推→得出结论
B．牛顿第一定律是牛顿第二定律的特例情况
C．牛顿在寻找万有引力的过程中，他没有利用牛顿第二定律，但他利用了牛顿第三定律和开普勒第三定律
D．人造地球卫星的第一宇宙速度是指卫星在近地圆轨道上的速度，是相对地球表面的速度
15、如图1所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体。现对甲施加水平向右的拉力F，通过传感器可测得甲的加速度a随拉力F变化的关系如图2所示。巳知重力加速度g = 10 m/s2，由图线可知（ ）
A. 甲的质量是2kg
B. 甲的质量是4kg
C. 甲、乙之间的动摩擦因数是0.2
·
·
·
·
·
·
·
E
+Q
d
c
a
b
f
e
o
D甲、乙之间的动摩擦因数是0.6
16．如图所示匀强电场E的区域内，在O点处放置一点电荷+Q，a、b、c、d、e、f为以O点为球心的球面上的点，aecf平面与电场平行，bedf平面与电场垂直，则下列说法中正确的是（ ）
A．b、d两点的电场强度相同
B．a点的电势等于f点的电势
C．点电荷+q在球面上任意两点之间移动时，电场力一定做功
D．将点电荷+q在球面上任意两点之间移动，从球面上 a点移动到c点的电势能变化量一定最大
17、如图所示，物体A、B通过细绳及轻弹簧连接于轻滑轮两侧，物体A、B的质量分别为 m、2m．开始以手托住物体 A，绳恰好伸直，弹簧处于原长状态，A距离地面高度为 h．放手后 A从静止开始下落，在 A下落至地面前
的瞬间物体 B恰好对地面无压力，（不计滑轮处的摩擦）则下列说法不正确
的是（ ）
A．在 A下落至地面前的过程中物体 B始终处于平衡状态
B．A落地前的瞬间的速度恰好为零
C．A落地前的瞬间加速度为 g，方向向上
D．在 A下落至地面前的过程中 A的重力势能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量
18、如图，一个由绝缘材料做成的圆环水平放置，O为圆心，一带电小珠 P穿在圆环上，可沿圆环无摩擦的滑动。在圆环所在的水平面内有两个点电荷 Q1、Q2分别位于A、B两点，A点位于圆环内．B点位于圆环外，O、A、B三点位于同一直线上。现给小珠 P一初速度，P沿圆环做匀速圆周运动。则以下判断正确的是（ ）
A．Q1与Q2为同种电荷
B．对于由Q1、Q2产生的电场，在圆环上电势处处相等
C．对于由Q1、Q2产生的电场，在圆环上电场强度处处相等
D．小珠P运动过程中对圆环的弹力大小处处相等
19、“轨道康复者”是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道半经为地球同步卫星轨道半径的五分之一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是：（ ）
A．“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍
B．“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的 倍
C．站在赤道上的人观察到“轨道康复者”向西运动
D．“轨道康复者”可在高轨道上加速，以实现对低轨道上卫星的拯救

20．如图所示，在竖直平面内固定有两个很靠近的同心圆轨道，外圆光滑内圆粗糙。一质量为m=0.2kg的小球从轨道的最低点以初速度v0向右运动，球的直径略小于两圆间距，球运动的轨道半径R=0.5米，g取10m/s2，不计空气阻力，设小球过最低点时重力势能为零，下列说法正确的是 （ ）
A．若小球运动到最高点时速度为0，则小球机械能一定不守恒
B．若小球第一次运动到最高点时速度大小为0，则v0一定大于5m/s
C．若要小球不挤压内轨，则v0一定不小于5m/s
D．若小球开始运动时初动能为1.6J，则足够长时间后小球的机械能为1J
21、如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R的阻值，可使电压表的示数减小△U(电压表为理想电表)，在这个过程中( )
A．通过Rt的电流减小，减少量一定等于△U／R1
B.R2两端的电压增加，增加量一定等于△U
C．路端电压减小，减少量一定等于△U
D．通过R2的电流增加，但增加量一定小于△U／R2

第Ⅱ卷（非选择题，共174分）
22、（一）（6分）1、有下面三个高中物理课本力学实验：A．验证牛顿第二定律；B．探究动能定理；C．验证机械能守恒定律。在这三个实验中：（填“A”或“B”或“C”）
（1）需要平衡摩擦力的是 。
（2）需要使用天平测量物体质量的是 。
（3）需要求物体通过某点瞬时速度的是 。
（二）、（8分）有一个小灯泡上标有“4 V，2 W”的字样，现要描绘这个灯泡的伏安特性图线．有下列器材供选用：
A．电压表(0～5 V，内阻约为10 k)
B．电压表(0~10 V，内阻约为20 k)
C．电流表(0～0.3 A，内阻约为l)
D．电流表(0～0.6 A，内阻约为0.4)
E．滑动变阻器(10，2 A)
F.学生电源(直流6 V)，还有电键、导线若干
①实验中所用电压表应选用_________，电流表应选用_________(填A或B或C或D)．
②实验时要求尽量减小实验误差，测量电压从零开始多取几组数据，请将下图中实物连接成满足实验要求的测量电路．

③某同学根据实验得到的数据画出了该小灯泡的伏安特性曲线(如图所示)，若用电动势为2V、内阻不计的电源给该小灯泡供电，则该小灯泡的实际功率是__________W．
23、（14分）如图所示电路，已知R3＝4 Ω，闭合开关，电流表读数为0.75 A，电压表读数为2 V，经过一段时间，一个电阻被烧坏(断路)，使电流表读数变为0.8 A，电压表读数变为3.2 V，问：

(1)哪个电阻发生断路故障？
(2)R1的阻值是多少？
(3)能否求出电源电动势E和内阻r？如果能，求出结果；如果不能，说明理由．
24、（16分）在倾角θ= 37°的足够长斜面上，装有A、B两光电门，一小正方体木块边长d=1cm，在距A光电门X0处静止释放，小木块通过光电门A显示的遮光时间为Δt1，通过光电门B显示的遮光时间为Δt2，现保持小木块与光电门A在斜面上的位置不变，不断的改变光电门B的位置，测出对应的两光电门A、B间的距离x和Δt2，并画出如图乙所示的图象。（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：
（1）动摩擦系数μ的大小；
（2）小木块距光电门A的距离X0多大？
（3）若将小木块换为与小木块同种材料制成的长为L=20cm的木条，把它静止放在距光电门A上方一定距离的某位置，木条依次通过两光电门的遮光时间分别为Δt1= 0.2s，Δt2 = 0.1s，求两光电门AB之间的距离X多大？（结果保留两位有效数字）
6

2
0
0.5
1
X/m
θ
Bθ
X
X0
m2/s2

25、（18分）如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场I和II，两电场的边界均是边长为L的正方形（不计电子所受重力）。
（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开ABCD区域的位置。
（2）在电场I区域内适当位置由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开，求所有释放点的位置。
（3）若将左侧电场II整体水平向右移动L/n（n≥1），仍使电子从ABCD区域左下角D处离开（D不随电场移动），求在电场I区域内由静止释放电子的所有位置。

14、A 15、C 16、D 17、D 18、B 19、AB 20、ACD 21、AD
22、（一）1、（6分）（1）AB （2）AB （3）BC
（二）、（8分）
23.(1)由电压表和电流表示数都增大可以确定R2断路．
(2)R2断路后，电压表测量的是R1两端的电压，根据R＝，R1＝ Ω＝4 Ω
(3)R2断路前，R3两端的电压为
U3＝I1R1－U2＝0.75×4 V－2 V＝1 V
I3＝＝ A＝0.25 A
R2断路前后，根据闭合电路欧姆定律
E＝0.75×4 V＋(0.25 A＋0.75 A)×(R4＋r)
E＝3.2 V＋(0.8 A)×(R4＋r)
解得E＝4 V，R4＋r＝1 Ω
故只能求出电源电动势E，而不能求出内阻r.

24、（共16分）解：（1）由乙图象斜率的物理意义可知：a = 2m/s2……… （2分）
由牛顿第二定律可得a = gsinθ－μgcosθ ………………………………… （2分）
联立解得：μ = 0.5（1分）
（2）vA2= 2ax0 …………………………………………………………… (2分)
联立解得：x0 = 0.5m（1分）
(3)由板条通过A光电门可得v1Δt1+(aΔt12)/2 = L………………………… (2分)
由板条通过B光电门可得v2Δt2+(aΔt22)/2 = L…………………………… (1分)
板条由A运动到B可得v22-v12 = 2ax …………………………………… (2分)
联立解得：x = 0.74m ………………………………………………… (1分)
其它方法正确同样得分。

18、解析：（1）设电子的质量为m，电量为e，电子在电场I中做匀加速直线运动，出区域I时的为v0，此后电场II做类平抛运动，假设电子从CD边射出，出射点纵坐标为y，有

解得　y＝，所以原假设成立，即电子离开ABCD区域的位置坐标为（－2L，）
（2）设释放点在电场区域I中，其坐标为（x，y），在电场I中电子被加速到v1，然后进入电场II做类平抛运动，并从D点离开，有

解得　xy＝，即在电场I区域内满足议程的点即为所求位置。
（3）设电子从（x，y）点释放，在电场I中加速到v2，进入电场II后做类平抛运动，在高度为y′处离开电场II时的情景与（2）中类似，然后电子做匀速直线运动，经过D点，则有

，
解得　，即在电场I区域内满足议程的点即为所求位置