资源描述
新疆2021年中考物理试卷
一、单选题（共12题；共24分）
1.新疆1月份夜间的平均气温最接近（ ）
A. -15°C B. 15°C C. 25°C D. 37°C
2.小王戴的近视眼镜的镜片是（ ）
A. 凸透镜 B. 凹透镜 C. 凸面镜 D. 凹面镜
3.吹长笛时，通过抬起不同的手指来改变空气柱的长度，从而改变声音的（ ）
A. 音调 B. 响度 C. 振幅 D. 音色
4.电磁感应现象是物理学史上的重大发现之一，最早发现这一现象的物理学家是（ ）
A. 焦耳 B. 安培 C. 奥斯特 D. 法拉第
5.下列电工用品中，通常情况下属于导体的是（ ）
A. 塑料管 B. 陶瓷球 C. 橡胶垫 D. 保险丝
6.我国“天和号”核心舱在环绕地球运行时，以 “天和号”内部的冰箱为参照物，下列物体中静止的是（ ）
A. 天和号 B. 月球 C. 火星 D. 太阳
7.“嫦娥五号”从月球取回质量为1731g的月壤，其密度与干燥的细沙接近，则月壤的体积最接近（ ）
A. 109 cm3 B. 106 cm3 C. 103 cm3 D. 1cm3
8.国产运一20大型运输机在跑道上加速滑行的过程中，随着飞机受到的升力的变化，跑道对运输机的支持力F1和摩擦力F2的大小变化情况是（ ）
A. F1变大，F2变大 B. F1变小，F2变小
C. F1变大，F2变小 D. F1变小，F2变大
9.如图所示，用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，阻力臂l阻和动力F动的变化情况是（ ）
A. l阻不变，F动变大 B. l阻不变，F动不变
C. l阻变大，F动变大 D. l阻变大，F动不变
10.如图所示为小琴做的小小电动机。矩形线圈的左端引线漆皮被全部刮掉，右端引线漆皮只刮掉了上半周，小小电动机由两节干电池供电。线圈快速稳定转动过程中，线圈受到磁场的作用力时，线圈中的电流为0.67 A，则线圈快速稳定转动1 min内电路消耗的电能约为（ ）
A. 150 J B. 120 J C. 90J D. 60J
11.如图所示的电路中，电源电压恒为3V，R1、R2均为定值电阻。若断开开关S1、S3 ， 闭合开关S2 ， 电路的总功率为0.5W；若断开开关S2 ， 闭合开关S1、S3 ， 则电路的总功率不可能为（ ）
A. 1W B. 2W C. 3W D. 4W
12.如图甲所示，一质地均匀的长方体砖块放在水平地面上。现将砖块切去一部分，剩余部分如图乙所示，此时砖块对地面的压强为2000Pa；将图乙中的砖块倒置后如图丙所示，此时砖块对地面的压强为3000Pa。则图甲中砖块对水平地面的压强为（ ）
A. 2250Pa B. 2400Pa C. 2500Pa D. 2750Pa
二、填空题（共4题；共26分）
13.我国第三代核电技术“华龙一号”已成为继高铁之后的又一张中国名片。
（1）核能属于________次能源。核电站利用核反应堆中铀核________（填“裂变”或“聚变”）时产生的内能，通过________（填“汽轮机”或“内燃机”）做功，带动发电机发电。
（2）用水做冷却剂给核反应堆的堆芯降温，其原因是水的比热容较________。 已知水的比热容为4.2×103J/（kg. °C），则1 kg水温度升高1°C吸收的热量为________J。 核电站发生事故的概率与核反应堆的堆数以及运行时间有关，若“华龙一号”核反应堆106堆·年发生一次堆芯熔毁事故，则2座核反应堆同时运行50年发生堆芯熔毁事故的概率为________填（“百”“千”或“万”）分之一。
14.我国“奋斗者”号载人潜水器在马里亚纳海沟万米深处多次成功坐底，标志着我国在载人深潜领域达到了世界领先水平。
（1）大洋万米深处的声音是由物体的________产生的， 在海水中的传播速度________（填“大于”“小于”或“等于”）340 m/s。“奋斗者”号的画面是通过微细光缆传给海面上的保障船的，说明________波可以传递信息。
（2）为保障“奋斗者”号在水下平稳运行不易侧翻，应将密度较小的浮力材料安装在“奋斗者”号的________（填“顶”或“底” ）部。“奋斗者”号坐底时可视为悬浮状态，当抛掉其舱底外部质量为2t、密度为8×103kg/m3的压载铁后开始加速上升，此时“奋斗者”号受力________（填“平衡”或“不平衡”）；当海水的阻力增大到一定值时，“奋斗者”号开始匀速上升，此时其受到的海水的阻力为________N（海水的密度取1×103kg/m3）。
15.电动扶梯在公共场所的广泛应用为人们的生活带来了极大的便利。
（1）如图所示为某商场的电动扶梯，其电动机的额定电压与工厂用的动力电路的电压相同，该电压为________（填“220”或“380”）V，人在该电压下发生的触电事故一般为________（填“接触”或“电弧”）触电；该电动机工作时外壳________（填“必须”或“不必”）接地；
（2）若该商场每层楼的高度为4.5m，电动扶梯与水平面的夹角为30°，电动扶梯上行时运行速度为0.50m/s，则乘客站立在电动扶梯上从一楼到二楼所需要的时间为________s；按照电动扶梯安全规定，随电动扶梯一起上行的扶手的速度可以略________（填“大于”或“小于”）0.50m/s；若该电动扶梯上最多可同时站立45人，每个人的质量按60kg计算，则该电动扶梯应选择额定功率为________（填“5”“7. 5”或“15”）kW的电动机。
16.2021年4月29日，我国“天问一号”火星探测器携带“祝融号”火星车成功着陆火星。
（1）“祝融号”火星车在火星上________（填“具有”或“没有”）惯性。匀速爬坡时，“祝融号”火星车的机械能 ________（填“增大”“减小”或“不变”）。照射在“祝融号”上的太阳光是由________（填“三”或“七”）种色光混合而成的。
（2）由于火星上没有类似于地磁场的磁场分布，所以在火星上________（ 填“能”或“不能”）使用指南针辨别方向。火星极地附近的干冰（固态二氧化碳）是大气中的二氧化碳________（填“液化”或“凝华”）形成的，该过程________（填“吸收”或“放出”）热量。
（3）小红设想分别在地球和火星上用同一滑轮组匀速提升同一重物。若在地球上绳子自由端的拉力为4.0 N，小红通过查阅资料后推算出，在火星上绳子自由端的拉力为1.5N，不计绳重与摩擦，则该滑轮组在地球上的机械效率________（填 “大于”“小于”或“等于”）在火星上的机械效率；若在火星上大气压能托起水银柱的最大高度为15 mm，则火星上的大气压为________Pa（已知水银的密度为13. 6×103kg/m3）。
三、作图题（共1题；共15分）
17.
（1）请在图中画出静止的小球所受重力和拉力的示意图；
（2）请在图中画出从光源S射向透镜的两束光的折射光路；
（3）请在图中标出通电螺线管的N极和静止的小磁针的N极。
四、实验题（共3题；共16分）
18.如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中，选取两支完全相同的蜡烛A、B，是为了探究像与物的________关系；玻璃板的厚度对蜡烛所成的像的大小________（填 “有”或“没有”）影响；蜡烛所成的像________（填“能”或“不能”）用照相机拍下来。
19.在测量水和酒精混合物的密度的实验中，将22mL水全部倒入盛有20mL酒精的烧杯中，充分混合后用天平测出烧杯和混合液的总质量如图甲所示，接着将烧杯中的混合液全部倒入量筒中，体积如图乙所示，然后用天平测出空烧杯的质量为24g。
（1）水和酒精混合后总体积减小，说明分子之间存在________；
（2）用天平测物体的质量时，应在天平________（填“左”或“右”）盘中加减砝码；由图甲可知烧杯和混合液的总质量为________g；
（3）该实验测得水和酒精混合液的密度为________g/cm3。
20.某兴趣小组用如图所示的实验器材探究磁敏电阻RB在强弱不同的磁场中的阻值变化情况。
无磁场
较弱磁场
较强磁场
强磁场
U/V
6.0
6.0
6.0
6.0
I/A
0.40
0.36
0.30
0.24
（1）请用笔画线代替导线将实物图连接完整。
（2）磁敏电阻在强弱不同的磁场中时，电压表和电流表的示数如图表所示，则在无磁场的环境中，磁敏电阻的阻值为________Ω；磁敏电阻的阻值随所处环境的磁场的增强而________（填“增大”或“减小”）。
（3）实验中，在无磁场和强磁场中测量磁敏电阻的阻值时滑动变阻器接入电路的电阻阻值相差5Ω，则电源电压为________V；在上表四种情况中，若控制磁敏电阻两端电压保持不变，电路中的滑动变阻器的最大阻值为20 Ω，则应控制磁敏电阻两端电压至少为________V。
五、计算题（共2题；共30分）
21.如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=4Ω，闭合开关S后，电流表的示数为0.50A。求：
（1）电路的总电阻；
（2）电压表的示数；
（3）电阻R2在1min内产生的热量。
22.一端开口的圆柱形容器厚度均匀，容器的内底面积S1=200m2 ， 外底面积S2=250m2 ， 将圆柱形容器（内有质量可忽略的空气）倒扣于水中静止时如图所示。已知容器内外液面的高度差h1=5m，容器口与容器外部液面的高度差h2=8cm，大气压强取1.0×105Pa。求：
（1）外部大气对容器底的压力；
（2）容器口处的水产生的压强；
（3）圆柱形容器所受的重力。
答案解析部分
一、单选题
1.【答案】 A
【考点】温度及温度计的使用与读数
【解析】【解答】新疆1月份夜间的气温较低，平均约为零下15摄氏度，A符合题意，BCD不符合题意。
故答案为：A。
【分析】根据日常生活经验进行温度的估测。
2.【答案】 B
【考点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】近视眼形成的原因是眼球的屈光能力变强，使得远处的物体在视网膜前方成像，所以会看不清楚。因此要做到在视网膜上成像，需要将远处射来的光线向外发散，从而使成像点后移到视网膜上，所以应当使用凹透镜来矫正视力。如下图所示：
故答案为：B。
【分析】近视眼是像成在视网膜的前方，要像成在视网膜上，要求戴发散的透镜，即凹透镜。
3.【答案】 A
【考点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】吹长笛时，通过抬起不同的手指来改变空气柱的长度，空气柱振动的频率改变，从而改变声音的音调。
故答案为：A。
【分析】音调的高低与频率有关。空气柱的长度发生改变，空气振动的频率发生改变，从而音调的高低发生改变。
4.【答案】 D
【考点】电磁感应
【解析】【解答】A．焦耳是发现电热的科学家，A不符合题意；
B．安培是发现电流的科学家，B不符合题意；
C．奥斯特是发现电流周围有磁场的科学家，C不符合题意；
D．法拉第是最早发现电磁感应现象的物理学家，D符合题意。
故答案为：D
【分析】焦耳发现了焦耳定律，安培发现了安培定则，奥斯特实验发现了电能生磁，法拉第发现了磁能生电。
5.【答案】 D
【考点】导体与绝缘体
【解析】【解答】A．导体是指那些容易导电的物体，不容易导电的叫绝缘体，塑料管不容易导电，是绝缘体，A不符合题意；
B．陶瓷球不容易导电，是绝缘体，B不符合题意；
C．橡胶垫不容易导电，是绝缘体，C不符合题意；
D．保险丝通常选用电阻大，熔点低的金属材料制成，金属容易导电，故保险丝是导体，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】能够导电的物体为导体，常用的有金属、人体、大地及酸、碱、盐溶液。
6.【答案】 A
【考点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】天和号和“天和号”内部的冰箱之间相对位置没有发生变化，以 “天和号”内部的冰箱为参照物，天和号是静止的，月球、火星和太阳与“天和号”内部的冰箱的相对位置发生变化，所以以 “天和号”内部的冰箱为参照物，月球、火星和太阳是运动的。
故答案为：A。
【分析】判断一个物体是运动还是静止，根据所选的参照物，观察研究对象相对于参照物的位置是否发生改变来判断研究对象是运动还是静止。
7.【答案】 C
【考点】密度公式及其应用
【解析】【解答】干燥的细沙的密度约1.5g/cm3。由 ρ=mV 得，月壤的体积最接近
V=mρ=1731g1.5g/cm3=1154cm3.
故答案为：C。
【分析】已知物体的质量和密度，运用ρ=mV计算出密度大小。
8.【答案】 B
【考点】物体运动状态的变化，力的合成与应用
【解析】【解答】国产运一20大型运输机在跑道上加速滑行的过程中，运输机受到的升力的逐渐变大，运输机滑行过程中，受到竖直向上的升力和竖直向上的支持力，以及竖直向下的重力，升力和支持力大小的和等于重力大小，重力不变，升力变大，所以支持力变小，即F1变小，运输机对跑道的压力与支持力为相互作用力，大小相等，所以运输机对跑道的压力变小，所以运输机受到的摩擦力变小，即F2变小。
故答案为：B。
【分析】首先对飞机竖直方向进行受力分析，受竖直向下的重力、竖直向上的升力、支持力，因重力不变，判断升力和支持力的变化；根据竖直方向三力平衡知识，确定支持力的变化情况；运用力的作用相互性，判断压力的大小；根据滑动摩擦力的大小与压力的关系确定摩擦力的大小。最后综合上述结论确定选项。
9.【答案】 C
【考点】杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】由题意可知，在用剪刀将一张纸片缓慢地一刀剪断的过程中，剪刀与没有剪断的纸，接触位置在不断向前移动，支点是剪刀中间那个位置，那么纸对剪刀的作用力是阻力，这个力的力臂是阻力臂，从图中可以看到，阻力臂在不断变大，即l阻变大，这个阻力可以看作是大小不变，人手在剪刀上出的力是动力，对应的是动力臂，从图中可以看到，动力臂大小不变，这个缓慢剪断的过程中，可把剪刀看作处于平衡状态，根据杠杆的平衡条件，可得 F阻l阻=F动l动 ， F阻 大小不变， l阻 在变大， l动 大小不变，则 F动 在变大。
故答案为：C。
【分析】根据现象确定阻力臂、动力臂、阻力、动力大小变化情况，然后运用杠杆平衡条件F阻l阻=F动l动判断动力的变化情况。
10.【答案】 B
【考点】电功的计算
【解析】【解答】线圈快速稳定转动1 min内电路消耗的电能约 W=UIt=3V×0.67A×60s=120.6J
故答案为：B。
【分析】已知线圈中的电流大小、通电时间，及隐含条件电压值，运用W=UIt求出电路消耗的电能大小。
11.【答案】 A
【考点】电路的动态分析
【解析】【解答】观察电路图，若断开开关S1、S3 ， 闭合开关S2 ， 根据电流的流法可知，R1、R2串联在一起，电路的总功率为0.5W，电源电压恒为3V，根据电功率的推导式 P=U2R 可知，电路的总电阻 R总=U2P=(3V)20.5W=18Ω
即 R1+R2=18Ω
若断开开关S2 ， 闭合开关S1、S3 ， 根据电流的流法可知，R1、R2并联在一起，则电路的总电阻 1R总'=1R1+1R2
式子变换可得 R总'=R1R2R1+R2=R1R218Ω
设这情况下电路的总功率是 P' ，据电功率的推导式 P=U2R 可知 P'=U2R总'=(3V)2R1R218Ω
由 R1+R2=18Ω
可得到 R1=18Ω−R2
代入上面式子可得 P'=162V2⋅Ω(18Ω−R2)⋅R2=162V2⋅Ω18Ω⋅R2−R22=162V2⋅Ω−(R2−9Ω)2+81Ω2
R2是小于18Ω的，观察上式，当 R2=9Ω 时， −(R2−9Ω)2+81Ω2 这条式子的值达到最大，那么 P' 达到最小，则这个最小值是 P'=2W
即 P'≥2W
观察4个选项，2W、3W、4W都是有可能的，但1W就不可能了，则电路的总功率不可能为1W。
故答案为：A。
【分析】若断开开关S1、S3 ， 闭合开关S2 ， 观察R1、R2的连接情况，运用电功率公式P=U2R ， 求出电路的总电阻，并用R1、R2表示；若断开开关S2；闭合开关S1、S3，观察R1、R2的连接情况 ， 代入公式1R总'=1R1+1R2中，再代入电功率的推导式P=U2R ， 判断P的最小值，从而确定不可能的选项。
12.【答案】 B
【考点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】观察图甲可知，这是一个质地均匀的长方体砖块，设这个长方体砖块的高度是h，密度是 ρ ，那么图甲中砖块对水平地面的压强 p=ρgℎ
再观察图乙，设上面的边长是 l1 ，下面的边长是 l2 ，高度还是h，密度还是 ρ ，这砖块往里面的那条边长是 l ，则图乙中砖块体积 V乙=12⋅(l1+l2)⋅ℎ⋅l
图乙中砖块的质量 m乙=ρV乙=ρ⋅12⋅(l1+l2)⋅ℎ⋅l
图乙中砖块的重力 G乙=m乙g=ρ⋅12⋅(l1+l2)⋅ℎ⋅l⋅g
图乙中砖块对水平地面的压力 F乙=G乙=ρ⋅12⋅(l1+l2)⋅ℎ⋅l⋅g
图乙中砖块与水平地面的接触面积 S乙=l2⋅l
那么根据 p=FS 可知，图乙中砖块对水平地面的压强 p乙=F乙S乙=ρ⋅12⋅(l1+l2)⋅ℎ⋅l⋅gl2⋅l=2000Pa
同理，图丙中砖块对水平地面的压强 p丙=F丙S丙=ρ⋅12⋅(l1+l2)⋅ℎ⋅l⋅gl1⋅l=3000Pa
两个压强相比可得 p乙p丙=l1l2=23
可设 l1=2x ， l2=3x
再把两个压强相减可得 Δp=p丙−p乙=ρ⋅12⋅(l1+l2)⋅ℎ⋅g(l2−l1)l1⋅l2=3000Pa−2000Pa=1000Pa
代入数据解得 Δp=12ρgℎ⋅5x⋅x6x2=1000Pa
解得 p=ρgℎ=2400Pa
图甲中砖块对水平地面的压强是2400Pa。
故答案为：B。
【分析】运用F=PS计算出图乙、图丙中的压力大小，然后根据压力相等，求出受力面积之比，再将乙图和丙图组合成柱状固体，利用公式P=FS计算出组合体的压强，根据柱状压强P=ρgh判断出图甲压强大小。
二、填空题
13.【答案】 （1）一；裂变；汽轮机
（2）大；4.2×103J；万
【考点】做功改变物体内能，热量的计算，核能
【解析】【解答】（1）核能从自然界中没有加工转换的能量，是一次性能源。
原子核裂变、聚变都能释放出惊人的能量，由于核裂变是可控的，故核电站中的核反应堆就是通过核裂变过程中释放核能通过汽轮机做功，带动发电机发电的。
（2）水的比热容较大，相同质量的水升高相同的温度比液体吸收的热量多，故常用水作为冷却剂。
1 kg水温度升高1°C吸收的热量为 Q=cmΔt=4.2×103J/（kg. °C）×1kg×1°C=4.2×103J
2座核反应堆同时运行50年发生堆芯熔毁事故的概率为 2堆×50年106堆·年=1104
【分析】（1）直接从自然界获取的能源叫一次能源；核反应堆是核裂变释放核能，通过汽轮机做功带动发电机发电；
（2）水的比热容大，适合做冷却剂；它表示 1 kg水温度升高1°C吸收的热量为 4.2×103J；概率=堆数×年数一年的堆数。
14.【答案】 （1）振动；大于；光
（2）顶；不平衡；1.75×104
【考点】二力平衡的条件及其应用，物体的浮沉条件及其应用，声音的产生，信息与信息传播
【解析】【解答】（1）声音都是由物体的振动产生的，大洋万米深处的声音同样是由物体的振动产生的。
15℃时空气中的声速是340m/s，声音在海水中的传播速度大于在空气中，即大于340 m/s。
“奋斗者”号的画面是通过微细光缆传给海面上的保障船的，光缆利用的是光的反射，即利用光波传递信息。
（2）为保障“奋斗者”号在水下平稳运行不易侧翻，则需要降低重心，故应将密度较小的浮力材料安装在“奋斗者”号的顶部。
静止状态和匀速直线运动状态称为平衡状态，故加速上升时“奋斗者”号受力不平衡。
当“奋斗者”号坐底时可视为悬浮状态，此时浮力等于重力，抛掉其外部的压载铁后，即“奋斗者”号质量减小2t，则重力减小
G减=mg=2000kg×10N/kg=2×104N
体积减小V减= mρ = 2000kg8×103kg/m3 =0.25m3
则“奋斗者”号减小的浮力F浮=ρ海gV减=1×103kg/m3×10N/kg×0.25m3=2.5×103N
当海水的阻力增大到一定值时，“奋斗者”号开始匀速上升，则此时“奋斗者”号受力平衡，即减小的重力等于减小的浮力加上阻力，即F阻=G减-F浮=2×104N-2.5×103N=1.75×104N
【分析】（1）①声音由物体的振动产生的，②V液大于V气，③光缆是通过光波传递信息；
（2）①重心一般集中在质量较大的地方，物体的重心越低越稳；②物体做加速运动，受非平衡力作用；③奋斗号匀速上升时，对它进行受力分析，由平衡条件F阻=G减-F浮求出阻力大小。
15.【答案】 （1）380；电弧；必须
（2）18；大于；7. 5
【考点】功率的计算，电压和电压的单位换算，电功率的计算，额定功率，安全用电原则
【解析】【解答】（1）我国工厂用的动力电路的电压是380V，而且电动扶梯的电动机额定电压与工厂用的动力电路的电压相同，则电动扶梯其电动机的额定电压是380V。
由于人没有接触带电的导线，那么一般情况下，人在该高电压下发生的触电事故为电弧触电。
该电动机有金属外壳，为了防止漏电后，导致金属外壳带电而发生触电事故，该电动机工作时外壳必须接地。
（2）由题意可知，该商场每层楼的高度为4.5m，电动扶梯与水平面的夹角为30°，那么电动扶梯从一楼移动到二楼所经过的路程 s=2×4.5m=9.0m
电动扶梯从一楼移动到二楼所经过的路程是9.0m，电动扶梯上行时运行速度为0.50m/s，则根据速度公式 v=st 可知，乘客站立在电动扶梯上从一楼到二楼所需要的时间 t=sv=9.0m0.50m/s=18s
乘客站立在电动扶梯上从一楼到二楼所需要的时间是18s。
按照规定，电动扶梯的扶手的速度可以略大于0.50m/s。
由于电动扶梯上行时，是匀速运行，电动机的牵引力大小等于这些人的重力在扶梯运行方向上的力的大小，该电动扶梯上最多可同时站立45人，每个人的质量按60kg计算，则这些人的总质量 m总=45×60kg=2700kg
这些人的总重力 G总=m总g=2700kg×10N/kg=27000N
则电动机的牵引力 F=12G总=12×27000N=13500N
电动扶梯上行时运行速度为0.50m/s，匀速运行，则该电动扶梯功率 P=Fv=13500N×0.5m/s=6750W=6.75kW
5kW的电动机功率不够大，7.5W的电动机功率合适，15kW的电动机过大，则应选择额定功率为7.5kW的电动机。
【分析】（1）①已知 电动机的额定电压与工厂用的动力电路的电压相同 ，可以确定电压大小；②在高压电下发生的触电叫电弧触电；③电动机的外壳是金属做的，极易发生漏电现象，所以要接地。
（2）①已知商场每层楼高，电动扶梯与水平面的夹角，可以求出电动扶梯运动的距离，然后运用t=sv求出电动扶梯运动的时间；②按照规定，电动扶梯的扶手的速度可以略大于0.50m/s；③已知电梯同时可站45人，每个人的质量，可以计算出总质量，运用G=mg计算出总重量，又电动机的牵引力大小等于这些人的重力在扶梯运行方向上的力的大小，可以用电动机的牵引力F=12G总求电动机的牵引力，最后用P=Fv计算出电动扶梯的的额定功率大小。
16.【答案】 （1）具有；增大；七
（2）不能；凝华；放出
（3）等于；2040
【考点】凝华及凝华放热，光的色散，机械能及其转化，机械效率的大小比较
【解析】【解答】（1）物体的惯性只与物体的质量有关，“祝融号”火星车在火星上依然有质量，所以“祝融号”火星车在火星上具有惯性。
匀速爬坡时，“祝融号”火星车的质量和速度不变，所以动能不变，高度变高，所以重力势能变大，所以“祝融号”火星车的机械能增大。
自然界中的太阳光是七种色光混合而成的，所以照射在“祝融号”上的太阳光是由七种色光混合而成的。
（2）指南针是依据磁场工作的，由于火星上没有类似于地磁场的磁场分布，所以在火星上不能使用指南针辨别方向。
二氧化碳常温下处于气态，变为干冰是由气态变为固态，所以火星极地附近的干冰（固态二氧化碳）是大气中的二氧化碳凝华形成的，凝华过程放出热量。
（3）设提升重物的质量为m1 ， 动滑轮的总质量为m2 ， 重物上升的高度为h，所以该滑轮组在地球上的机械效率为 η地=W有W总×100%=G物ℎG物ℎ+G动ℎ×100%=m1g地ℎm1g地ℎ+m2g地ℎ×100%=m1m1+m2×100%
该滑轮组在火星上的机械效率为 η火=W有W总×100%=G物ℎG物ℎ+G动ℎ×100%=m1g火ℎm1g火ℎ+m2g火ℎ×100%=m1m1+m2×100%
由于物体的质量不随空间位置的变化而变化，所以该滑轮组在地球上的机械效率等于在火星上的机械效率。
在火星上大气压能托起水银柱的最大高度为15 mm，则火星上的大气压等于15 mm水银柱产生的压强，即火星上的大气压为 p=p水银=ρ水银gℎ=13.6×103kg/m3×10N/kg×15×10−3m=2040Pa
【分析】（1）①一切物体都具有惯性，惯性大小与质量有关，②机械能等于动能和势能之和，③太阳光是由七色光混合而成的；
（2）①指南针辨别方向依靠磁场；②观察干冰是由什么态变成什么态，从而确定是什么物态变化，是吸热还是放热；
（3）①运用η=W有W总=G物hG物h+G动h分别求出在火星和地球上的机械效率，并比较大小；②已知能托起水银柱的最大高度 ，运用p=ρgh求出火星上的大气压大小。
三、作图题
17.【答案】 （1）
（2）
（3）
【考点】透镜的光路图，力的三要素及力的示意图，通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）图中小球所受重力的方向竖直向下、拉力的方向沿着绳子的收缩方向，如下图所示：
（2）凸透镜中平行于主光轴的光线过焦点，过光心的光线沿直线传播，如下图所示：
（3）从图中可以看出，螺线管上表面的电流方向由下到上，由右手螺旋定则得，螺线管左端N极，右端是S极，磁体外部磁场方向从N极到S极，小磁针N极的指向为磁场方向。故小磁针右边为N极，如下图所示：
【分析】（1）先确定静止的小球所受的重力方向和拉力方向，然后运用力的示意图做法作出重力和拉力示意图。
（2）根据凸透镜的两条特殊光线做出两束光的折射光路：平行于主光轴的光线通过凸透镜后折射光线一定要经过另一侧的焦点；经过凸透镜光心的光线沿直线传播。
（3）已知通电螺线管中电流方向，可以运用右手螺旋定则判断其南北极，运用同名磁极相排斥、异名磁极相吸引判断小磁针的南北极。
四、实验题
18.【答案】 大小；没有；不能
【考点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】实验中让一根蜡烛成像，另一根蜡烛放在像的位置与像的大小进行比较，从而得出像与物的大小关系。
平面镜成像中，像的大小与物体相等，玻璃板的厚度对蜡烛所成的像的大小没有影响。
蜡烛所成的像是虚像，不能在胶卷上成像，不能用照相机拍下来。
【分析】（1）选取两只相同的蜡烛是为了研究像和物的大小关系；
（2）玻璃板的厚度对蜡烛所成像的大小没有影响；
（3）蜡烛所成的像是虚像，不能用光屏承接。
19.【答案】 （1）间隙
（2）右；62
（3）0.95
【考点】质量的测量与天平的使用，液体密度的测量，分子间相互作用力
【解析】【解答】（1）水和酒精混合后总体积减小，是因为水分子跑进酒精分子的间隙内，酒精分子跑进水分子的间隙内，说明分子之间存在间隙。
（2）测量物体质量，天平左盘放物体，右盘放砝码，所以应在天平右盘中加减砝码。
用托盘天平测量物体质量，物体质量等于右盘中砝码质量加上游码示数。从图中可以看出，烧杯和混合液的总质量 m总=50g+10g+2g=62g
烧杯和混合液的总质量为62g。
（3）图中量筒的分度值是1mL，量筒的读数为40mL，即混合液的体积 V=40mL=40cm3
用天平测出空烧杯的质量为24g，则混合液的质量 m=62g−24g=38g
根据 ρ=mV 可知混合液的密度 ρ=mV=38g40cm3=0.95g/cm3
测得水和酒精混合液的密度是0.95g/cm3。
【分析】（1）分子间存在间隙，不同物质混合后，总体积要变小；
（2）①天平上物体和砝码的放置顺序是：左物右砝，②天平的总质量等于砝码质量数加上游码的质量数；
（3）混合液的密度ρ=mV。
20.【答案】 （1）
（2）15；增大
（3）9；5
【考点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）电路连接如图所示
（2）根据欧姆定律在无磁场时 RB=UI=6.0V0.4A=15Ω
随磁场的增强，在电压保持不变的情况下，电流强度减小，因此磁敏电阻的阻值增大；
（3）根据欧姆定律，在无磁场时 U=UB+I1r1
加强磁场时 U=UB+I2r2
又 r2=r1+5
将 UB=6V ， I1=0.4A ， I2=0.24A 代入整理得 U=9V
由于随着磁场增强，磁敏电阻阻值增大，若磁敏电阻两端电压不变，回路电流强度减小，滑动变阻器接入电路的阻值增大，当磁场最强时，磁敏电阻的阻值 RB=UI2=6V0.24A=25Ω
滑动变阻器接入电路的阻值最大达到20Ω，此时磁敏电阻两端的电压 U′B=URB+r⋅RB=9V25Ω+20Ω×25Ω=5V
因此应控制磁敏电阻两端电压至少为5V。
【分析】（1）电压表并接在所测元件两端，滑动变阻器的连接遵循“一上一下”的接法；
（2）①运用R=UI计算出无磁场的环境中的电阻，②运用R=UI计算出表中每一种电阻值，然后观察规律总结结论；
（3）①运用欧姆定律建立无磁场和加强磁场时总电压和分电压的串联关系式，结合两种情况下电阻的差值，求出电源电压； ②当磁场最强时运用R=UI求出磁敏电阻的阻值，然后运用串联电路分压法求出控制磁敏电阻两端电压大小。
五、计算题
21.【答案】 （1）解：从图中可以看到，两电阻R1和R2是串联的，串联电路的总电阻等于各用电器的电阻之和，R1=2Ω，R2=4Ω，那么电路的总电阻 R总=R1+R2=2Ω+4Ω=6Ω
电路的总电阻是6Ω。
答：电路的总电阻是6Ω；
（2）从图中可以看到，闭合开关后，电压表并联在电源的两端，测的是电源电压，电路的总电阻是6Ω，这是一个串联电路，电流表的示数是0.50A，即流过R1和R2的电流是0.50A，则根据欧姆定律的变换式 U=IR 可知，电源电压 U=IR总=0.50A×6Ω=3V
电源电压是3V，即电压表的示数是3V。
答：电压表的示数是3V；
（3）流过电阻R2的电流是0.50A，R2=4Ω，时间是1min=60s，根据焦耳定律 Q=I2Rt 可知，电阻R2在1min内产生的热量 Q=I22R2t=(0.50A)2×4Ω×60s=60J
电阻R2在1min内产生的热量是60J。
答：电阻R2在1min内产生的热量是60J。
【考点】电阻的并联，欧姆定律及其应用，电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）运用串联电路总电阻R总=R1+R2求出总电阻；
（2）先判断电压表是测电源的电压，然后用运用U总=U1+U2计算出总电压；
（3）已知电阻R2的阻值和电流值，运用Q=I2Rt求出电阻R2的1min内产生的热量。
22.【答案】 （1）解：外部大气压强是1.0×105Pa，大气接触的是圆柱形容器外底面，外底面积S2=250m2 ， 则根据 F=pS 可知，外部大气对容器底的压力 F=p大气压S2=1.0×105Pa×250m2=2.5×107N
外部大气对容器底的压力是 2.5×107N 。
答：外部大气对容器底的压力是 2.5×107N ；
（2）由题意可知，容器口与容器外部液面的高度差 ℎ2=8cm=0.08m
根据液体压强公式 p=ρgℎ 可知，容器口处的水产生的压强 p=ρ水gℎ2=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa
容器口处的水产生的压强是800Pa。
答：容器口处的水产生的压强是800Pa；
（3）观察图，可以把圆柱形容器与容器内的那部分水，看作一个整体，圆柱形容器内的空
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