2018年辽宁省大连市中考物理试卷及解析.doc

2018年辽宁省大连市中考物理试卷
一、选择题（本题共14小题，每小题2分，共28分）注意：第1～11小题中，每小题只有一个选项正确．
1．（2分）鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了……”，其中“山……向船尾跑去了”所选的参照物是（　　）
A．船 B．山 C．河岸 D．岸边树木
2．（2分）下列现象中，由光的反射形成的是（　　）
A．树荫下的光斑
B．月光下人在地面上的影子
C．平静的河面映出桥的“倒影”
D．注水后的游泳池看上去“变浅”
3．（2分）下列实例中，通过热传递改变物体内能的是（　　）
A．铁锤锻打工件，工件受热 B．锯条锯木头，锯条变热
C．双手互相摩擦，双手变热 D．电水壶烧水，水变热
4．（2分）发电机的原理是（　　）
A．电磁感应 B．通电导体在磁场中受力
C．电流的磁效应 D．电流的热效应
5．（2分）四冲程内燃机工作时，将机械能转化成内能的冲程是（　　）
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
6．（2分）在抗震救灾中，要空投救灾物资。物资在加速下落的过程中（　　）
A．动能不变，重力势能变小 B．动能不变，重力势能不变
C．动能变大，重力势能变小 D．动能变小，重力势能变小
7．（2分）如图是电子体温计，它是通过感温头中电流的大小来反映人的体温。感温头是用半导体材料制成的，这是应用了半导体的（　　）

A．单向导电特性
B．良好的绝缘特性
C．电阻随压力变化而变化的特性
D．电阻随温度变化而变化的特性
8．（2分）某同学利用身边的物品做实验，他通过吹气改变空气流速，其中不能揭示“流体压强与流速关系”的是（　　）
A．两张纸靠近 B．纸条被吹起
C．两个乒乓球靠近 D．乒乓球不下落
9．（2分）在做“凸透镜成像”的实验中，凸透镜焦距是10cm，当光屏距凸透镜16cm时，烛焰在光屏上成清晰的像。若光屏不动，将凸透镜向光屏方向移动了2cm，要使光屏上再次得到清晰的像，下列说法正确的是（　　）
A．蜡烛不动，像变小 B．蜡烛靠近凸透镜，像变小
C．蜡烛远离凸透镜，像变大 D．蜡烛远离凸透镜，像变小
10．（2分）某建筑工地需要架设临时供电线路，实现照明和电加热功能。其简化电路如图所示，供电处电压U不变，从供电处到工地用长导线（有电阻）连接。闭合开关S1、S2时，加热器和照明灯同时工作。断开S2后与断开S2前相比较，下列说法正确的是（　　）

A．照明灯亮度不变
B．照明灯亮度变弱
C．单位时间内长导线上消耗的电能减少
D．单位时间内整个供电线路消耗的电能不变
11．（2分）在“富国强军”的时代要求下，大连造船厂建造了首艘国产航空母舰。在建造过程中需要使用大型起重机“龙门吊”。它主要由主梁和支架构成，可以提升和平移重物，其示意图如图所示。在重物由主梁右端缓慢移到左端的过程中，右支架对主梁的支持力F与重物移动距离s的关系图象是（　　）

A． B．
C． D．
12．（2分）在探究“水沸腾时温度变化特点”的实验中，下列说法正确的是（　　）
A．实验中需要观察水中气泡的变化情况
B．记录水的温度的时间间隔不相等比相等好
C．读温度计示数时，视线要与温度计中液柱的液面相平
D．判断水沸腾的依据是水的温度保持不变
13．（2分）如图所示，两个相同容器中分别盛有体积相等的A、B两种不同液体。将甲、乙两个完全相同的厚底玻璃杯杯口向下，沿竖直方向缓慢放入两种液体中，静止后，两玻璃杯杯口压在容器底部，甲杯内的液面低于乙杯内的液面，下列说法正确的是（　　）

A．甲杯内的气体压强大于乙杯内的气体压强
B．液体A的密度小于液体B的密度
C．容器底部上表面a点的压强小于b点的压强
D．甲杯对容器的压力大于乙杯对容器的压力
14．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到b端，下列说法正确的是（　　）

A．电路中的总功率变小
B．电压表V2的示数变大
C．电压表V1示数的变化量与电流表示数的变化量之比变大
D．电压表V1示数的变化量大于电压表V2示数的变化量

二、填空题（本题共10小题，每小题2分，共20分）
15．（2分）演奏会上，悠扬的小提琴声是由于琴弦的　 　产生的；听众能分辨出钢琴声和小提琴声，主要是因为这两种声音的　 　不同。
16．（2分）端午时节，空气中弥漫着粽子的香味，“粽叶飘香”是　 　现象，这种现象说明了分子在不停地　 　。
17．（2分）2018年6月5日，我国发射的风云二号气象卫星（H星）可以为“一带一路”沿线国家提供气象服务。卫星将观测到的气象信息通过　 　波传递回地球（选填“超声”或“电磁”）。
18．（2分）人的眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于　 　镜，来自物体的光在视网膜上形成物体的缩小、　 　的实像。
19．（2分）目前核电站是利用核　 　发电的（选填“裂变”或“聚变”），家庭电路中电流过大的原因：一是用电器总功率过大，二是发生了　 　路。
20．（2分）某品牌盒装牛奶，盒上标有“净含量250ml”，用天平测得牛奶的质量是260g，则这种牛奶的密度是　 　g/cm3；小明喝了半盒牛奶，剩下半盒牛奶的密度是　 　kg/m3。
21．（2分）图是探究“通电螺线管外部的磁场方向”的实验装置。实验中，用小磁针的　 　极指向来判断通电螺线管外部某点的磁场方向；断开开关，将电源的正负极对调，再闭合开关，观察小磁针的指向是否改变，此操作探究的问题是“通电螺线管外部的磁场方向与　 　方向是否有关”。

22．（2分）漂浮在海面的潜水艇受到的浮力为F1，该艇下潜到海面下受到的浮力为F2，则F1　 　F2；若该艇从海中潜行进入长江后，受到的浮力为F3，已知海水的密度大于江水的密度，则F3　 　F2．（均选填“＞”“=”或“＜”）
23．（2分）如图所示，一束光从空气斜射入玻璃中，请画出反射光线和折射光线。

24．（2分）将图中的电灯和两个开关接入家庭电路中，要求：同时闭合两个开关，电灯发光；只闭合一个开关，电灯不发光。

三、计算题（本题共3小题，共20分）
25．（5分）用天然气灶给常温下4kg的水加热，消耗了0.07m3的天然气，已知天然气灶烧水的效率为40%，天然气的热值为3.6×107J/m3，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），试求：
（1）0.07m3的天然气完全燃烧放出的热量是多少？
（2）水的温度升高了多少？

26．（8分）如图是某电火锅加热器的简化电路图，电源电压是220V，R1、R2是发热电阻，开光接“1”时为低温挡，此时R1的功率是11W，R2的功率是99W，开关接“2”时为高温挡，试求：
（1）低温挡工作时，电路中的电流是多少？
（2）低温挡工作10min，消耗的电能是多少？
（3）高温挡的功率是多少？

27．（7分）工人用如图所示的滑轮组提升建材，工人的重力是700N，双脚与地面的接触面积是500cm2．他将540N的建材匀速提升了3m，滑轮组的机械效率是90%．试求：
（1）提升建材所做的有用功是多少？
（2）工人对绳子的拉力是多少？
（3）提升建材时，工人对地面的压强是多少？

四、简答题（本题共2小题，每小题3分，共6分）
28．（3分）夏天，有的人喜欢喝凉的饮料，往往会在常温的饮料中加几小块温度低于0℃的冰，请分析说明加冰块使饮料变凉的原因。

29．（3分）图是某段道路对小型汽车限速的标志牌。如果小型汽车超速行驶，紧急刹车时，不容易停下，危险性很大。请分析说明汽车刹车后仍向前运动，并且汽车的速度越大运动越远的原因。（假设汽车刹车后的运动过程中受到的阻力不变）

五、综合题（本题共3小题，共16分）
30．（5分）菜同学为了探究“平面镜成像时，像与物到平面镜的距离的关系”，所用的实验器材有：单面镀膜的玻璃板、支架、两个相同的跳棋、白纸和刻度尺。实验装置如图（甲）所示。
（1）在白纸上画一条直线，将玻璃板竖直立在白纸上，使玻璃板　 　那一面的下边线与直线重合（选填“有膜”或“无膜”）。
（2）用镀膜玻璃板和跳棋做实验，实验环境有：①几乎无光的实验室，②有阳光的实验窒，在　 　中进行实验效果好（选填“①”或“②”）。
（3）在同样的实验环境下，用镀膜玻璃板实验比用普通玻璃板实验成像更清楚，主要原因是：　 　。
（4）在白纸上沿跳棋A和B的边缘画圆，测出物距u和像距v的值如下表：
实验次数
1
2
3
物距u/cm
3.39
5.11
6.39
像距v/cm

5.22
6.51
①如图（乙）所示，第1次实验测量的物距是A的右端到直线的距离，则像距v1=　 　cm。
②该同学发现三次实验的像距都比物距略大一些，原因是：　 　（只有一个正确选项，将正确选项的字母填在横线上）
A．刻度尺测量像距时存在误差 B．玻璃板有一定厚度
C．物和像的标记点不对应 D．玻璃板没有竖直放置

31．（5分）小明在探究“浮力的大小与哪些因素有关”时，他猜想浮力的大小可能与液体的密度、物体的体积、物体排开液体的体积有关。所用的实验器材有：底面积相同而体积不同的圆柱状铝块（带有挂钩）若干、烧杯、盐水、水、酒精、量程足够大的弹簧测力计和细线。已知ρ盐水＞ρ水＞ρ酒精。
（1）在探究“浮力的大小与物体排开液体的体积是否有关”时，他选择了一个铝块做实验，铝块的体积大一些好还是小一些好？　 　。
（2）设计出探究“浮力的大小与液体的密度是否有关”的记录实验数据的表格，表中要有必要的信息。表中涉及到的物理量只用字母表示即可。
（3）在探究“浮力的大小与物体的体积是否有关”时，小明选用三个体积不同的铝块、烧杯、水和弹簧测力计，用如图的方式进行实验。先用弹簧测力计测出一个铝块的重力，然后把这个铝块浸没在水中，读出弹簧测力计的示数。再用其他两个铝块重复上述实验。分析数据得出了结论。
①该实验方案的不合理之处是：　 　。
②在原有实验器材的基础上，增加一个记号笔，写出改正不合理之处的做法：　 　。

32．（6分）某同学在探究“电压一定时，通过导体的电流与电阻的关系”的实验中，所用的实验器材有：两节干电池，电流表、电压表、滑动变阻器及开关各一个，定值电阻和导线若干。实验电路如图甲所示。
（1）连好电路后，开关闭合前应将滑动变阻器的滑片移动到　 　接线柱那一端（选填“a”或“b”）。
（2）该同学用开关“试触”时，发现电压表和电流表均无示数。他检查导线与各接线桂均接触良好，猜想可能是滑动变阻器出现了断路。他另外取来一根导线，用这根导线验证出猜想是正确的。写出他的做法和观察到的现象。
（3）该同学排除故障后，进行实验，记录的实验数据如下表：
电压U=2.4V
实验次数
1
2
3
4
5
6
电阻R/Ω
4
8
12
16
20
24
电流I/A
0.60
0.30
0.20
0.15
0.12
0.10
①分析实验数据得出的探究结论是：　 　。
②在图乙的方格纸上画出电流I与电阻R的关系图象。
③从图象中可以看出，当电阻R=18Ω时，电流为　 　A。

2018年辽宁省大连市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共14小题，每小题2分，共28分）注意：第1～11小题中，每小题只有一个选项正确．
1．（2分）
【考点】52：参照物及其选择．
【分析】判断一个物体的运动情况时，必须先确定一个作为标准的参照物，分析研究对象和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。分析题意可知，题中的研究对象是“山”，它的运动状态是“向船尾跑去了”，即山在“运动”。
【解答】解：A、以船为参照物，船与山之间的距离发生了变化，而且船向前行，以船为参照物，山在“后退”。故A符合题意；
B、若以山本身为参照物，那它只能是静止的，而且一般是不能选研究对象为参照物。故B不符合题意；
C、以河岸为参照物，山与河岸之间的位置没有发生变化，山是不动的。故C不符合题意；
D、以岸边的树为参照物，山与岸边的树的位置没有发生了变化，山是不动的。故D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
2．（2分）
【考点】A6：光的反射现象．
【分析】解答此题从以下知识点入手：
①光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，如：透镜的应用、池水变浅了等。
②光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；
③光的反射是指光线遇到障碍物被反射回来的现象，比如我们平时看到的物体，平面镜成像等。
【解答】解：
A、大树上的树叶很多，树叶与树叶之间会形成很多小的缝隙；太阳光从这些小缝隙中照射下来，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，所以在地面上会形成太阳的像（即小孔成像），故A不符合题意；
B、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故B不符合题意；
C、平静河面上桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意。
D、清澈的池底，看起来变浅了，是因为光从水中斜射入空气时发生折射，折射光线远离法线（折射角大于入射角）造成的，属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选：C。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
3．（2分）
【考点】GA：热传递改变物体内能．
【分析】做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。
【解答】解：
A、铁锤锻打工件，对工件做功，使工件内能增加、温度升高，是通过做功改变物体内能的，故A不符合题意；
B、用锯条锯木头，克服摩擦做功，使锯条的内能增大、温度升高，是通过做功改变物体内能的，故B不符合题意；
C、双手互相摩擦，克服摩擦做功，使手的内能增大、温度升高，是通过做功改变物体内能的，故C不符合题意；
D、电水壶烧水时，电热丝的温度较高，水温较低，发生热传递，使水的内能增大、温度升高，是通过热传递改变物体内能的，故D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了改变物体内能方式的判断，知道内能改变过程中发生的是能量的转化还是能量的转移是正确解题的关键。
4．（2分）
【考点】CS：发电机的构造和原理．
【分析】发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。
【解答】解：A、发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，故A符合题意；
B、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故B不符合题意；
C、通电导线周围存在磁场，这种现象叫电流的磁效应，故C不符合题意；
D、通电导体会发热，这是利用电流的热效应的原理产生的，故不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查发电机和电动机的原理，电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力转动，发电机的原理是电磁感应现象。
5．（2分）
【考点】GM：内燃机的四个冲程．
【分析】四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中有两个冲程存在能量转化：压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。
【解答】解：在四冲程内燃机的四个冲程中，压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械能转化为内能。
故选：B。
【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况。压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反。
6．（2分）
【考点】FN：动能和势能的大小变化．
【分析】①影响动能的因素是质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
②已知重力势能的因素是质量和高度，质量越大，高度越大，重力势能越大。
【解答】解：
物资在加速下落过程中，质量不变，速度增大，所以动能变大；同时高度减小，所以重力势能变小。
故选：C。
【点评】此题考查了动能和重力势能影响因素的掌握和应用，难度不大。熟悉影响因素即可正确解答。
7．（2分）
【考点】42：半导体的特点与作用．
【分析】半导体的阻值会随着光照或温度的变化而发生变化，电子体温计是利用了半导体的阻值会随着温度的变化而发生变化。
【解答】解：半导体的阻值随着温度的变化而发生变化，根据欧姆定律，流过感温头的电流也随之发生变化，以此来反映人的体温。
故选：D。
【点评】因为半导体的阻值随着光照或温度的变化而发生变化，故在电子产品中应用非常广泛，应注意了解其应用。
8．（2分）
【考点】8K：流体压强与流速的关系．
【分析】流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大，据此分析判断。
【解答】解：
A、没有吹气时，纸的中间和外侧的压强相等，纸在重力的作用下自由下垂，当向中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小，纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢，故A不符合题意；
B、将一纸条放在嘴边，用力从纸条下方吹气，纸条被吹起，这是因为纸条受到向上力作用，不能揭示“流体压强与流速关系”，故B符合题意；
C、向乒乓球中间吹气时，乒乓球中间流速大，压强变小，乒乓球外侧大气压不变，乒乓球外侧压强大于内侧压强，所以乒乓球向中间靠拢，故C不符合题意；
D、将一个乒乓球对着漏斗的细管处，对准漏斗细管口用力向下吹气，因为乒乓球上方的空气流速大，压强小，乒乓球下方的空气流速小，压强大，乒乓球受到一个竖直向上的压力差，所以乒乓球紧贴在漏斗上，故D不符合题意。
故选：B。
【点评】掌握流体压强跟流速的关系，能用流体压强解释有关的问题。
9．（2分）
【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】凸透镜成像时，得到的实像都是倒立的，所以光屏离凸透镜16cm时，由凸透镜成倒立的、缩小的实像，2f＞v＞f，保持物体与光屏的位置不变，把凸透镜向光屏方向移动2cm，像距变小像变小，像距变小，物距增大。
【解答】解：凸透镜焦距是10cm，光屏离凸透镜16cm时，2f＞16cm＞f，在光屏上得到一个倒立的、缩小的实像，
保持物体与光屏的位置不变，把凸透镜向光屏方向移动2cm，像距变小像变小，像距变小，物距增大，故蜡烛远离凸透镜，像变小，故ABC错误，D正确。
故选：D。
【点评】凸透镜成像的规律中，共涉及四个方面的内容：①物距与焦距的关系；②成像性质；③像距与焦距的关系；④应用。在这四个方面中，只要告诉了其中的一个方面就可以确定另外的三个方面。
10．（2分）
【考点】HS：电路的基本连接方式；J3：电功与电能的计算．
【分析】①已知导线有电阻，设为R0。
②闭合开关S1、S2时，相当于灯泡与加热器并联后再与R0串联；当断开开关S2时，相当于灯泡与R0串联；
③灯泡亮度决定于灯泡的实际功率；
④在串联电路中用电器两端电压与其电阻成正比；并联电路的总电阻小于任何一个分电阻。
【解答】解：设长导线的电阻为R0，由图知，
AB、闭合开关S1、S2时，灯泡与加热器并联后再与R0串联，设此时灯泡两端电压为UL，
断开开关S2时，灯泡与R0串联，设此时灯泡两端电压为UL′；
由于并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，
所以，断开开关S2时，灯泡的电阻大于灯泡与加热器并联的总电阻，
导线的电阻不变，因灯泡的电阻大于灯泡与加热器并联的总电阻，根据串联电路的分压规律可知，灯泡两端的电压变大，即UL′＞UL，
灯泡的电阻可认为不变，由P=知，PL′＞PL，即断开开关S2时，灯泡的实际功率变大，所以灯泡变亮；故A、B错误；
C、由前面解答可知，断开开关S2时，整个电路的电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律知，电路中电流减小，导线的电阻不变，由公式W=I2Rt知，单位时间内长导线上消耗的电能减少，故C正确；
D、断开开关S2时，整个电路的电阻变大，电源电压不变，由W=•t知，单位时间内整个供电线路消耗的电能减少，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查了串并联电路的特点、欧姆定律、电功率及电能计算公式的应用，综合性较强，比较出前后两种情况电路电阻的变化，是正确解答此题的关键。
11．（2分）
【考点】7N：杠杆的平衡条件．
【分析】在重物由主梁右端缓慢移到左端的过程中，以左侧的支柱为支点，右支架对主梁的支持力F为动力，重物对杠杆的拉力为重力，大小等于物体的重力G，动力臂为整个主梁的长度，设为L，阻力臂为L﹣s，根据的平衡条件分析出F和s的关系式，得出F与s的关系，找出图象。
【解答】解：在重物由主梁右端缓慢移到左端的过程中，以左侧的支柱为支点，右支架对主梁的支持力F为动力，重物对杠杆的拉力为重力，大小等于物体的重力G，动力臂为整个主梁的长度，设为L，阻力臂为L﹣s，
根据的平衡条件：FL=G（L﹣s）得，
拉力F为：F=G﹣，
由关系式知：右支架对主梁的支持力F与重物移动距离s成一次函数关系，且拉力随s的增大而减小，故B符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查了杠杆平衡条件的应用和图象的分析能力，是一道难题。
12．（2分）
【考点】1O：探究水的沸腾实验．
【分析】（1）水沸腾时，气泡会发生变化，这是我们观察的重要现象之一；
（2）记录水的温度时，应使时间间隔相同；
（3）根据温度计的读数方法做出判断；
（4）水沸腾时温度不变，持续吸热。
【解答】解：
A、实验中需要观察水中气泡的变化情况，沸腾前和沸腾时的气泡变化会有明显的不同，故A正确；
B、记录水的温度的时间间隔应该相等，这样才便于通过画出图象最终找出相关规律，故B错误；
C、读温度计示数时，视线要与温度计中液柱的液面相平，不能俯视或仰视，故C正确；
D、判断水沸腾的依据是水吸收热量、温度保持不变，同时还要观察气泡的变化特点，故D错误。
故选：AC。
【点评】本题考查了水的沸腾实验中的现象、温度计的读数方法、实验记录要求等，熟悉沸腾实验的要求是解题的关键。
13．（2分）
【考点】83：压强大小比较；8S：物体的浮沉条件及其应用．
【分析】（1）两个完全相同的厚底玻璃杯原来的气体质量相同，一定质量的气体，温度不变，气体体积减小时，气体的压强增大。
（2）根据力的平衡结合p=ρgh分析液体A、B的密度；
（3）根据p=p=ρgh分析容器底部上表面a点的压强和b点的压强；
（4）玻璃杯对容器的压力等于玻璃杯的重力减去液体对其向上的压力。
【解答】解：A、原来两玻璃杯内空气质量相同，沿竖直方向缓慢放入两种液体中，甲杯内的液面低于乙杯内的液面，则甲杯内气体体积大于乙杯内气体体积，一定质量的气体，温度不变，气体体积减小时，气体的压强增大，则甲杯内的气体压强小于乙杯内的气体压强，故A错误；
B、静止后，甲杯内的液面低于乙杯内的液面，则根据力的平衡可知，甲杯内的液体的压强等于甲杯内的气体压强，乙杯内的液体的压强等于乙杯内的气体压强，因为甲杯内的气体压强小于乙杯内的气体压强，所以甲杯内的液体的压强小于乙杯内的液体压强，则甲杯外的液体A的压强小于乙杯外的B液体压强，由图可知，A、B液面相同，由p=ρgh可知，液体A的密度小于液体B的密度，故B正确；
C、由图可知，a、b在同一高度，已知ρA＜ρB，所以容器底部上表面a点的压强小于b点的压强，故C正确；
D、玻璃杯对容器的压力等于玻璃杯的重力减去液体对其向上的压力。已知甲杯内的液体的压强小于乙杯内的液体压强，所以甲杯受到的向上的压力小于乙杯受到的向上压力，两杯重力相等，给甲杯对容器的压力大于乙杯对容器的压力，故D正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查了学生对液体压强公式的理解和运用，确定液体的密度大小关系是本题的关键。　
14．（2分）
【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】由图知，闭合开关，两只定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表V1测滑动变阻器与R2和滑动变阻器R3两端电压，电压表V2测量电阻R1、R2两端电压。
①在电源电压一定时，电路消耗的总功率利用公式P=分析；
②在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比；
③电压表示数与电流表示数之比为电阻。
【解答】解：由图知，闭合开关，两只定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表V1测滑动变阻器与R2两端电压，电压表V2测量电阻R1、R2两端电压。
A、滑动变阻器的滑片P从中点滑到b端，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路总电阻变大；电源电压不变，由P=知，电路消耗的总功率变小，故A正确；
B、滑动变阻器的滑片P从中点滑到b端过程中，变阻器接入电路的电阻变大，则R2和R3的总电阻变大，由于串联电路中用电器两端电压与其阻值成正比，所以电压表V1示数变大，而电源电压一定，则电压表V2示数变小。故B错误；
C、R2阻值一定，滑片向右滑动时滑动变阻器接入电路电阻变大，由欧姆定律可知，V1示数的变化量与电流表示数的变化量之比等于R2与R3接入电路的阻值的变化量，所以该比值变大，故C正确；
D、由串联电路的电压规律可知，电压表V1示数的变化量等于R1两端电压的变化量，而V2示数的变化量等于R1、R2两端电压的变化量，所以V1示数的变化量小于电压表V2示数的变化量，故D错误。
故选：AC。
【点评】此题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用。正确判断电路连接方式及电压表测量位置，是解答此题的基础。
二、填空题（本题共10小题，每小题2分，共20分）
15．（2分）
【考点】91：声音的产生；9H：音色．
【分析】（1）声音是由发声体振动产生的；
（2）音色是辨别不同发声体发出声音的重要依据。
【解答】解：（1）小提琴发声是由于琴弦的振动产生的；
（2）不同发声体因材料和结构的不同，发出声音的音色不同，我们可以通过音色来辨别钢琴声和小提琴声。
故答案为：振动；音色。
【点评】此题主要考查声音产生的条件和声音的特征（音色），都是基础知识，比较简单。
16．（2分）
【考点】GW：扩散现象．菁优网版权所有
【分析】分子动理论内容为：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互的作用力。
【解答】解：
端午时节煮粽子时，空气中弥漫着粽子的香味，是由于粽子中的芳香分子运动到空气中，进入人们的鼻腔，引起嗅觉，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
故答案为：扩散；做无规则运动。
【点评】本题主要考查学生对分子运动论的了解和掌握，是一道基础题。
17． （2分）
【考点】D2：电磁波的传播与应用．菁优网版权所有
【分析】卫星信号都是通过电磁波来传递信息的。
【解答】解：
太空中是真空，电磁波的传播不需要介质，所以卫星是依靠电磁波将信息传递回地球的。
故答案为：电磁。
【点评】本题考查了电磁波的应用，属于基础性题目。
18．（2分）
【考点】B9：眼睛及其视物原理．
【分析】人的眼睛像一架神奇的照相机，晶状体和角膜相当于凸透镜，外界物体在视网膜上成倒立、缩小的实像；
【解答】解：
人的眼球好像一架照相机，晶状体和角膜的共同作用相当于凸透镜，视网膜相当于光屏；
我们看物体时，是通过睫状肌的伸缩来调节晶状体的弯曲程度，改变晶状体的焦距，使远近不同的物体都能在视网膜上形成清晰的缩小、倒立的实像。
故答案为：凸透；倒立。
【点评】本题主要考查学生对眼睛的理解，属于基础性题目。
19．（2分）
【考点】IX：家庭电路电流过大的原因；K7：核裂变．
【分析】核能的利用有两个方面：核裂变和核聚变；
家庭电路中电流过大的原因有两个：用电器的总功率过大或发生短路。
【解答】解：目前核电站是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；
在家庭电路中，导致电流过大原因：一是电路中用电器的总功率过大，造成干路电流过大；二是电路中发生了短路故障。
故答案为：裂变；短。
【点评】此题考查了核电站的原理和家庭电路电流过大的原因，属于基础知识的考查，难度较小，容易解答。
20．（2分）
【考点】2A：密度的计算．
【分析】（1）已知牛奶的质量和体积，利用公式ρ=得到密度；
（2）密度是物质本身的一种特性，与物体的质量和体积的大小无关。
【解答】解：
这种牛奶的密度为ρ===1.04g/cm3；
由于密度是物质本身的一种特性，与质量、体积无关，
所以小明喝了半盒牛奶，剩下半盒牛奶的密度不变，仍然是1.04g/cm3=1.04×103kg/m3。
故答案为：1.04；1.04×103。
【点评】此题考查了密度的物理意义、计算公式的应用和单位换算，难度较小，是一道基础题。
21．（2分）
【考点】CA：通电螺线管的磁场．
【分析】（1）奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；
（2）通电螺线管周围磁场的方向与电流方向和线圈的绕向这两个因素有关，若只改变其中的一个，磁场方向发生改变；若两个因素同时改变，磁场方向不变；
【解答】解：
（1）小磁针静止时N极的指向为该点磁场的方向，所以，实验中，用小磁针的N极指向来判断通电螺线管外部某点的磁场方向；
（2）将电源的正负极对调后，螺线管中的电流方向发生了改变，观察小磁针的指向是否改变，此操作探究的问题是“通电螺线管外部的磁场方向与电流方向是否有关”。
故答案为：N；电流。
【点评】本题考查了右手螺旋定则，利用安培定则时，一定要用右手握住螺线管，四指指向电流方向，当电流流入的导线在螺线管背面时，手心在上；反之，手背在上。
22．（2分）
【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用．
【分析】（1）根据F浮=ρ液gV排判断出漂浮在海面的潜水艇与下潜到海面下的该艇受到的浮力的大小；
（2）因为潜水艇潜行（在水面下航行），所以排开液体的体积相等，根据阿基米德原理可知，从江水到海水，液体的密度变大，所以浮力变大。
【解答】解：（1）潜水艇漂浮在海面时排开液体的体积较小，该艇下潜到海面下时排开液体的体积较大，根据F浮=ρ水v排g知漂浮在海面的潜水艇受到的浮力小于该艇下潜到海面下受到的浮力受到的浮力，即F1＜F2；
（2）若该艇从海中潜行进入长江后，
潜水艇的体积不变，排开水的体积不变，海水的密度大于江水的密度，即液体密度减小，
根据F浮=ρ水v排g知潜水艇受到水的浮力减小，即F3＜F2。
故答案为：＜；＜。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，潜水艇是物体的浮沉条件的典型应用，应理解它们原理的，明确它悬浮在水中排开液体的体积不变是解答此题的关键。
23．（2分）
【考点】AN：作光的折射光路图．
【分析】根据入射光线和法线可以确定入射角的大小，根据光的反射规律和折射规律可以做出对应的反射光线和折射光线。
【解答】解：
图中已画出法线，根据光的反射规律可知，反射角等于入射角，反射光线与入射光线分居法线两侧，据此在法线左侧的空气中画出反射光线；
光从空气斜射入玻璃中，折射角小于入射角，折射光线与入射光线分居法线两侧，据此在法线左侧的玻璃中画出折射光线，如图所示：

【点评】本题考查了根据反射定律和折射定律的作图，在做光路图时，要注意细节：光线要画实线，并且有箭头表示方向；若告诉了入射角，要标明反射角。
24．（2分）
【考点】IO：家庭电路的连接．
【分析】首先根据题意确定开关连接关系，然后画出电路图；
在家庭电路中，开关控制火线。
【解答】解：由题知，只闭合一个开关，电灯不发光；只有两只开关都闭合时，灯泡才能形成通路而发光，所以两只开关与灯泡串联，且开关应接在火线上。如图所示：
。
【点评】此题考查了电路的设计，根据题意确定电路连接关系及开关控制位置，是正确作图的关键。
三、计算题（本题共3小题，共20分）
25．（5分）
【考点】GG：热量的计算；GJ：燃料的热值及其计算．
【分析】（1）知道天然气的热值和体积，利用Q放=Vq求天然气完全燃烧放出的热量；
（2）已知天然气灶烧水的效率为40%，即Q吸=Q放×40%，求出水吸收的热量，再根据吸热公式求水升高的温度值。
【解答】解：
（1）完全燃烧0.07m3天然气放出的热量：
Q放=Vq=0.07m3×3.6×107J/m3=2.52×106J；
（2）由题知，水吸收的热量：
Q吸=Q放×40%=2.52×106J×40%=1.008×106J，
由Q吸=cm△t可得水升高的温度：
△t===60℃。
答：（1）完全燃烧0.07m3天然气可放出2.52×106J热量；
（2）水的温度升高了60℃。
【点评】计算燃料燃烧放出的热量时，注意气体燃料和固液体燃料的热值单位不同：气体J/m3、固体J/kg。
26．（8分）
【考点】J3：电功与电能的计算；JA：电功率的计算．
【分析】（1）R1、R2是发热电阻，开关接“1”时为低温挡，此时R1的功率是11W，R2的功率是99W，根据P=P1+P2可求总功率，再根据P=UI可求低温挡工作时，电路中的电流；
（2）根据W=Pt可求低温挡工作10min，消耗的电能；
（3）根据欧姆定律和P=UI可求R1的电阻，再根据P=可求高温档功率。
【解答】解：
（1）开关接“1”时为低温挡，由图知R1与R2串联，
此时电路的总功率：P=P1+P2=11W+99W=110W，
由P=UI可得，低温挡工作时电路中的电流：
I===0.5A；
（2）由P=可得，低温挡工作10min消耗的电能：
W=Pt=110W×10×60s=6.6×104J；
（3）低温挡时，R1的功率是11W，
由P=I2R可得R1的电阻：
R1===44Ω，
开关接“2”时为高温挡，由图知，电路中只有R1工作，
则高温挡的功率：
P高===1100W。
答：（1）低温挡工作时，电路中的电流是0.5A；
（2）低温挡工作10min，消耗的电能是6.6×104 J；
（3）高温挡的功率是1100W。
【点评】本题考查了串、并联电路的特点和欧姆定律的计算；关键是电功率公式的灵活应用和加热器状态的判断，以及电路图的分析。
27．（7分）
【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；86：压强的大小及其计算；EH：有用功和额外功．
【分析】（1）知道装修材料的重力和上升的高度，根据W=Gh求出提升装修材料做的有用功；
（2）由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nh求出上升的高度，再根据η=×100%求出总功，最后根据W=Fs求出拉力的大小。
（3）提升建材时，算出人对地面的压力，根据p=算出工人对地面的压强。
【解答】解：（1）提升装修材料做的有用功：
W有=Gh=540N×3m=1620J；
（2）由图可知，n=2，则绳端移动的距离：
s=nh=2×3m=6m，
由η=×100%可得，拉力做的总功：
W总===