2017年辽宁省朝阳市中考物理试题（解析）.doc

2017年辽宁省朝阳市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共9小题，共20分，其中1-7题为单选题，每小题2分；8.9题为多选题，每小题2分，对于多选题，漏选得2分，错选多选不得分）1【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、正常情况下，人的体温在37左右，变化幅度很小。故A不符合实际；B、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm0.8m左右。故B符合实际；C、人正常步行的速度在4km/h4m/s1.1m/s左右。故不符合实际；D、一本物理书的质量在200g0.2kg左右，受到的重力在Gmg0.2kg10N/kg2N左右。故D不符合实际。故选：B。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2【分析】本题考查物理学史，应记住一些物理学家及他们的贡献，可逐一对题干中的描述做出判断。【解答】解：A、托里拆利最早利用实验测量出了大气压的数值，而不是牛顿测出的，故A错误；BC、奥斯特首先发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，故BC错误；D、沈括最早记述了“地理的两极和地磁两极不重合”的现象，即发现了磁偏角，故D正确；故选：D。【点评】物理学史也是物理考试中经常出现的一类题型，要求学生熟记著名科学家的贡献。3【分析】减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声，分析各个选项是否可以有效合理的减弱噪声。【解答】解：A、学校路段禁止鸣笛，可以在声源处减弱噪声，方法有效，不符合题意；B、在教室周围植树可以有效的在噪声的传播过程中减弱噪声，方法有效，不符合题意；C、每个学生都戴一个防噪声耳罩可以在接收处减弱噪声，但老师讲课声音也听不见，不是可行的办法，符合题意；D、把教室的门窗关紧，可以从传播过程中减弱噪声，方法有效，不符合题意；故选：C。【点评】本题考查了利用防治噪声的途径分析生活中的实例，理解防止噪声的途径是解决本题关键。4【分析】（1）物质是由分子组成的，一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力；（2）改变物体内能的方法是做功和热传递；（3）热量是内能的变化量，是一个过程量，不能说物体含有多少热量。【解答】解：A、萝卜放在泡菜坛里会变咸，这是分子运动的结果，这个现象属于扩散现象，故A正确；B、两块表面干净的铅块压紧后会结合在一起，说明分子间存在着引力，但分子之间同时存在斥力，故B错误；C、太阳能热水器是通过热传递把光能转化为内能的，故C错误；D、热量只能说吸收或放出，不能说含有，因为热量是一个过程量，故D错误。故选：A。【点评】本题综合考查了学生对热学一些基础知识点的认识和了解，是一道基础题。5【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解答】解：A、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；B、我们能看见不发光的物体是因为物体反射的光进入了人眼，故符合题意；C、海市蜃楼是光在不均匀的介质中传播时发生的折射现象，故与题意不符。D、当太阳光经过三棱镜后，会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种单色光，这是光的色散现象，是由于光的折射形成的。故与题意不符。故选：B。【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。6【分析】（1）用吸管吸饮料，是利用大气压的作用把饮料压入嘴里。（2）上端开口，下部相连通的容器叫连通器；当连通器内的液体不流动时，各容器中的液面总是相平的。（3）流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大，；（4）液体的沸点与气压有关，气压越高沸点越高。【解答】解：A、吸管吸饮料时，吸气时，管内压强减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，故A正确；B、船闸利用了连通器原理，不是流体压强与流速的关系。故B错误；C、口吹硬币跳跃木块，是因为流速大的位置压强小。故C错误；D、高压锅密闭较好，内部压强大，水的沸点高，这样高压锅内的温度就会更高一些，就会更快煮熟食物。所以高压锅是利用增大锅内气体的压强，提高水的沸点来提高锅内温度的。故D错误。故选：A。【点评】此题是一道综合题，涉及了大气压的应用、流体压强与流速的关系、连通器原理、压强和沸点关系等知识点，要求灵活运用所学力学知识加以分析。7【分析】当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；导线的外皮起到绝缘的作用，如果有人接触时，不会发生触电事故；大型用电器的金属外壳一定要接地；多孔插座各用电器也是并联的，若电路中的总功率过大，会使电路中的电流过大。【解答】解：A、高压线下钓鱼，鱼线很容易接触到高压线，容易会发生触电，故A错误；B、导线绝缘皮破损仍继续使用，在插拔插头时可能使人直接或间接接触火线，有触电危险，故B错误；C、洗衣机用三脚插头，外壳接地，可以防止外壳漏电时发生触电事故，故C正确；D、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使干路中的电流过大，容易引起电路发生火灾，故D错误。故选：C。【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，要掌握安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体，解题关键是了解安全用电的基本原则。8【分析】先识别电路，然后根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律、串联电路分压的特点以及并联电路电流的规律判断电压表或电流表示数的变化。【解答】解：A、由图知，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，滑片以上的电阻丝接入电路；身高越高时，R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，故A符合题意；B、由图知，两电阻串联，电流表测量电路中的电流，滑片以下的电阻丝接入电路；身高越高时，R接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，故B不符合题意；C、由图知，两电阻串联，电压表测定值电阻R两端的电压；身高越高时，R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C符合题意；D、由图知，两电阻串联，电压表测变阻器R两端的电压；身高越高时，R接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故D不符合题意。故选：AC。【点评】明确电压表、电流表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键。9【分析】（1）不计绳重和摩擦，提升钩码使用的拉力F（G+G轮），据此比较F1+F2和F3的大小关系；（2）增大滑轮组的机械效率的方法：一是增大提升的物重，二是减小摩擦而减小额外功。【解答】解：由图可知使用滑轮组承担物重的绳子股数n2，设一个钩码重为G，每次提升钩码的高度为h，动滑轮重力为G轮。（1）不计绳重和摩擦，第一次提升一个钩码，拉力：F1（G+G轮），第二次提升两个钩码，拉力：F2（2G+G轮），第三次提升三个钩码，拉力：F3（3G+G轮）G+G轮，则F1+F2（G+G轮）+（2G+G轮）G+G轮，所以F1+F2F3，故A错、B正确；（2）不计绳重和摩擦，有用功W有用Gh，总功W总（G+G轮）h，滑轮组的机械效率：，所以，当提升的钩码重力G增大时，减小，滑轮组的机械效率增大，即：123，故C错、D正确。故选：BD。【点评】本题考查了使用滑轮组拉力和机械效率的大小变化分析，要利用好关系式：不计绳重和摩擦，提升钩码使用的拉力F（G+G轮）。二、非选择题（本题共13小题，共70分）10【分析】（1）由热量计算公式Qcmt得：t，当吸收或放出相同热量，物体质量不变时，比热容越小，温差变化越大，探测器外壳用抗温差大的材料。（2）影响滑动摩擦力大小的因素：物体所受的压力、接触面的粗糙程度。（3）影响压强的因素：压力、受力面积。【解答】解：（1）月球表面物质的比热容较小，由热量计算公式Qcmt可知，和相同质量的其它物质相比，吸收或放出相同的热量，温度变化大，所以探测器外壳使用抗温差大的材料；（2）表面凹凸不平是通过增大接触面的粗糙程度来增大与月面的摩擦；（3）探测器共有六只轮子，是通过增大受力面积来减小对月球表面的压强。故答案为：较小；增大与月面的摩擦；减小对月面的压强。【点评】本题考查了比热容的概念、增大摩擦和减小压强的方法。使学生深刻体会到物理知识广泛应用于科学设计中，有意义！11【分析】（1）根据速度计算公式v计算出速度大小；（2）汽车由于惯性刹车后继续向前运动。【解答】解：（1）该车的所用时间t200sh，则平均速度为：v90km/h；（2）高速行驶的汽车，具有惯性，刹车后要继续向前滑行一段距离。故答案为：90；惯性。【点评】本题考查速度的计算和惯性，这是一道应用所学物理知识分析、解决实际问题的题，是一道好题。12【分析】（1）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；（2）物体由气态变为液态的过程叫液化，使气体液化有两种方式：降低温度和压缩体积；（3）做功可以改变物体的内能，外界对物体做功，物体的内能增大；物体对外做功，物体的内能减小，将物体的内能转化为其他形式的能。【解答】解：（1）运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量；（2）使气体液化的方法有降低温度和压缩体积两种，运载火箭所用的燃料就是液态的氢和氧是通过压缩体积方式液化的；（3）火箭升空过程中，火箭喷出的燃气推动火箭向上运动，将燃气的内能转化为火箭的机械能。故答案为：较大；液化；机械。【点评】了解火箭发射过程中的一些现象，能用能量转化、热值、液化等知识进行解释，是解答的关键。13【分析】（1）知道鸡蛋排开水的质量，利用F浮G排m排g求鸡蛋受到水的浮力；（2）物体的悬浮条件：物体在液体中悬浮，物液；物体在液体中漂浮，物液；物体在液体中下沉，物液据此分析判断。【解答】解：（1）由阿基米德原理可得，鸡蛋受到的浮力：F浮G排m排g0.05kg10N/kg0.5N；（2）甲图中，鸡蛋悬浮，则鸡蛋甲；乙图中，鸡蛋漂浮，则鸡蛋乙；所以甲乙。故答案为：0.5；。【点评】本题考查了阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，属于基础题目。14【分析】平面镜成像的实质是光的反射现象；平面镜所成的像是与物体等大的虚像。【解答】解：平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，眼睛在A侧看到的蜡烛的像是由光的反射形成的；平面镜所成的像与物体等大，实验中将蜡烛靠近玻璃板，像的大小不变。故答案为：反射；不变。【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。15【分析】电荷之间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，油罐车的尾部经常有一条铁链拖到地面上，可以把产生的静电导走，这是利用了铁的良好的导电性。【解答】解：用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，该橡胶棒靠近悬挂的气球，气球被推开，说明气球与橡胶棒相互排斥，则气球与橡胶棒带有同种电荷，所以气球带负电。油罐车的尾部经常有一条铁链拖到地面上，可以把产生的静电导走，这是利用了铁是导体，铁有良好的导电性。故答案为：负；导体。【点评】此题考查了学生对摩擦起电现象和本质的掌握，摩擦起电的实质是电荷的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电。16【分析】（1）雷达、无线电通信、移动通信等都是利用电磁波传递信息的；（2）核能主要有两种：核裂变和核聚变，核裂变是指用中子轰击较大的原子核，使其变成两个中等大小的原子核，核聚变是指两质量较轻的核变成一个质量中等的核。【解答】解：据电磁波的知识可知，AN/TPY2X波段固体有源多功能相控阵雷达是利用电磁波来探测目标的；人类利用核能的方式有两种，一种为核裂变，另一种为核聚变，氢弹是利用原子核发生聚变释放出的核能的。故答案为：电磁波；核聚变。【点评】本题考查电磁波、核能应用的方式及核聚变的内容，要求学生应熟记相关内容。17【分析】（1）摇晃电池实际上就是人对电池做功，将机械能转化成电池的电能；（2）根据题意可以求得1s内摇晃3次时对电池做的功的大小，进而可以根据功率的公式计算出摇晃电池的功率。【解答】解：（1）摇晃电池实际上就是人对电池做功，将机械能转化成电池的电能；（2）把电池摇晃一次做的功的大小为W0Ghmgh0.2kg10N/kg0.3m0.6J，所以摇晃3次对电池做的功W3W030.6J1.8J，摇晃电池的功率：P1.8W。故答案为：机械；1.8。【点评】摇晃电池实际上就是人对电池做的功转化成电池的电能，求出人1s内做功的大小即可得出功率的大小。18【分析】（1）2500r/（kWh）表示每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转过2500圈，据此求出电能表的转盘转了180转消耗的电能，利用P求出用电器的功率。由电能表“10（20A）”可知，电路允许通过的最大电流，利用PUI求允许接的用电器的最大总功率，和电热水器的功率比较，得出“跳闸”原因；（2）使用测电笔时，手不应接触前端的金属杆，应接触笔尾的金属体，否则测电笔即使接触火线氖管也不会发光。【解答】解：（1）电能表的转盘转了180转，消耗的电能：WkWh0.072kWh，电热水器的功率：P1.44kW1440W，由电能表“10（20A）”可知，电路允许通过的最大电流为20A，允许接的用电器的最大总功率P最大UI最大220V20A4400W，因为电热水器的功率小于允许接的用电器的最大总功率，所以“跳闸”原因不是用电器的总功率过大，而是发生了短路，即电热水器或插头处出现短路；（2）使用测电笔时，手应接触笔尾的金属体，否则测电笔即使接触火线氖管也不会发光，正确的使用方法是。故答案为：；。【点评】本题考查了电功和电功率的计算以及测电笔的使用方法，明白电能表参数的含义是关键，计算过程要注意单位的换算和统一。19【分析】根据使小磁针在图示位置静止确定了螺线管的NS极，进而利用线圈绕向结合安培定则可以确定螺线管中的电流方向；要改变一个固定的电磁铁的磁性强弱，只能从改变通过它的电流入手分析。【解答】解：要使小磁针在图示位置静止，就要保证电磁铁的左端为S极，右端为N极。结合线圈绕向利用安培定则可以确定电流方向：从电磁铁的左端流入，右端流出，进而确定了电源正负极在电路中的位置关系；要改变电磁铁的磁性，只能改变电磁铁中电流的大小，所以要在电路中按装一个滑动变阻器。故设计电路如下图所示：【点评】本题考查了学生对于有关电磁铁知识的掌握情况，要求学生能运用所学的物理知识来解决实际问题，真正做到学以致用。20【分析】光的折射规律：当光从空气斜射入玻璃时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角小于入射角。当光从玻璃斜射入空气时，入射光线和折射光线分居法线的两侧，折射角大于入射角。【解答】解：光从空气垂直入射到玻璃界面上，传播方向不变，当光从玻璃斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线将远离法线。在作图时，注意先做出法线。如图所示：【点评】此题主要考查了光的折射规律，一定要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角之间的关系。21【分析】（1）有线电话是靠电流来传递信息的，无线电广播、电视、手机都是靠电磁波来传递信息的。（2）判断清楚该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可；（3）用电器是消耗电能的装置。【解答】解：（1）手机既是无线电发射台又是无线电接收台：在你讲话的时候，它用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波。（2）在使用手机的过程中，消耗化学能，产生电能，所以是将化学能转化为电能的过程；（3）在给手机充电时，手机电池消耗电能，是用电器。故答案为：（1）手机靠电磁波传递信息；（2）使用手机的过程是将化学能转化为电能的过程；（3）在给手机充电时，手机电池是用电器。【点评】此题考查了电磁波的应用、能量的转化判断和电路中个元件的作用的理解，是一道综合题。22【分析】解决此题需要掌握：（1）声音是由于物体的振动产生的。（2）用小球被弹开的角度表示振动幅度的大小，这种方法是转换法。【解答】解：（1）通过实验发现，用小锤敲击音叉的时候，音叉发出声音的同时，乒乓球会被弹起一定的角度，说明声音是由于物体的振动产生的；（2）物体的振动有时用眼睛无法直接看到，可以将微小振动放大，通过乒乓球是否被弹起判断物体是否在振动，被弹起的高度来判断物体振动幅度的大小，这种思维方法叫做转换法；故答案为：（1）乒乓球被弹起；声音是由于物体的振动产生的；（2）转换法。【点评】解决此类题目需要掌握声音的产生条件和转换法在实验中的应用，掌握如何利用转换法研究物理实验中不易观察到的一些实验现象。三、简答题23【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；使用温度计测量液体温度时，读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平；（2）液体沸腾时的温度叫沸点，液体沸腾的条件是：达到沸点，吸收热量，温度不变；（3）水沸腾前和沸腾时都会从水底冒出气泡，但一种缓慢、一种剧烈，且在温度和形态变化上也有不同，“白气”是水蒸气遇冷液化形成的。【解答】解：（1）组装实验器材时，应按照自下而上，酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；温度计读数时，视线与温度计中的液柱上表面相平；（2）从实验数据可以看出，水的沸点是99；水沸腾后，若撤去加热源，即移去酒精灯（停止加热），则水不再吸收热量，也就不能维持沸腾状态，所以此时水的沸腾停止。（3）水在沸腾前，水温较低，底部少部分水汽化为水蒸气冒出时，又同时有一部分水蒸气会马上液化成水，所以气泡少，且会在上升过程中变小，因此图丁是沸腾前的情形；水在沸腾时，水温都达到沸点，水在各个部位同时汽化，因此大量气泡会在上升过程中逐渐得到补充，加之越往水面液体的压强越小，因此气泡会越变越大，形成图丙的情形，沸腾时水中冒出大量的水蒸气，水蒸气遇冷后会液化成小水滴，形成“白气”；故答案为：（1）自下而上；B；（2）99；吸热；（3）丙；小水滴。【点评】此题是探究水的沸腾实验，考查了温度计的读数，水沸腾的条件，情形，以及液化是综合题。24【分析】（1）凸透镜成像时，前后光线相差越大，实验效果越明显，蜡烛的像越明显；理解倒立实像的含义，在凸透镜成实像时，物体相对于凸透镜向下运动，则像向上运动；（2）凸透镜成像时，fu2f，成倒立、放大的实像；（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，判断光屏的移动方向。【解答】解：（1）为使实验现象更加明显，实验环境应该比较暗，这样成的蜡烛的像更加清晰；由于成的实像是倒立的，所以蜡烛越烧越短，光屏上烛焰的像就应该越向上移动。（2）若此凸透镜的焦距为11cm，蜡烛放在距离凸透镜15cm处，满足fu2f，调节另一侧光屏的位置可得到烛焰清晰、倒立、放大的实像；（3）近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，要用光屏接到清晰的像，应将光屏向右调节，即向远离凸透镜的方向调节，才能使像变清晰。故答案为：（1）较暗；上；（2）放大；（3）发散；远离。【点评】此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律。25【分析】（1）天平使用之前要调平，指针的偏转方向判断天平哪端下沉，调节过程中，平衡螺母向下沉的反方向移动。（2）在测量前的调平用平衡螺母，在测量过程中的调平，应该用游码或砝码，据此题中的条件分析即可判断；（3）在天平读数时，被测物体的质量砝码的质量+游码的示数；（4）金属块的体积应等于水和金属块的总体积减去水的体积；读数时以凹液面的底部为准；根据密度公式得出金属块的密度；（5）根据质量和体积的变化，结合密度公式分析解答。【解答】解：（1）天平使用之前先调平，调平的方法是：游码移到标尺的零刻线上，图中指针偏向分度盘左侧，因此要向右移动平衡螺母，直到指针指在分度盘的中间。（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当在右盘放入最小的砝码后，指针停在分度盘中线右侧，即说明此时左盘所放的砝码的质量较小，故应该取下最小砝码，移动游码使天平平衡；（3）据图可知，此时天平标尺的分度值是0.2g，故金属块的质量是：m100g+50g+2g152g；（4）图丙中，水的体积为50ml，水和金属块的总体积为90 ml，故物体的体积V物90 ml50 ml40 ml40cm3，金属块的密度3.8g/cm33.8103kg/m3。（5）先测体积，再测质量时金属块上粘有水，使得测量的质量偏大，根据密度公式可知，测得金属块的密度值将会偏大。故答案为：（1）右；（2）取下最小砝码；（3）152；（4）40；3.8103；（5）大。【点评】测固体的密度是初中物理比较基本的实验，本题考查用天平和量筒的读数以及密度的计算，考查了学生的实验能力。26【分析】（1）根据灯的额定电压确定电压表选用的量程与灯并联；（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处；逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；（3）灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；（4）灯丝的电阻随温度的变化而变化。【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：（2）正确连接电路后，闭合开关前，图乙中滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，即最左端。（3）电压表与灯并联，电流表测电路中的电流：若小灯泡短路，闭合开关后，小灯泡不亮，电压表示数为零，电流表有示数，示数不为0，符合题意；若电压表断路，则电压表无示数，电流表有示数，但灯发光；不符合题意；若电流表断路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；选；（3）图丙中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为1.4V；灯在额定电压下正常发光，1.4V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右移动，直到电压表示数为额定电压；（4）发现小灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要因素是温度。故答案为：（1）如上图；（2）左；（3）1.4；右；（4）温度。【点评】本题测量小灯泡的功率，考查电路的连接、注意事项、故障分析、电表读数、操作过程及影响电阻大小的因素。27【分析】（1）由图知，P在最左端时，只有R0接入电路中，由表格可知最大气雾功率，由P计算R0的电阻值。（2）由图知，当R的滑片P在最右端时，两电阻串联，由表格可知最小气雾功率，根据P和串联电路特点计算R的最大阻值。（3）根据公式Qcmt可求水吸收的热量；由题知WQ吸，由P计算此过程中加湿器的功率。【解答】解：（1）由图知，P在最左端时，只有R0接入电路中，加湿器以最大气雾功率正常工作，由表格可知最大气雾功率P最大100W，由P可得R0的电阻值：R0484；（2）由图知，当R的滑片P在最右端时，R连入的阻值为最大值，R0与R串联，加湿器以最小气雾功率正常工作，由表格可知最小气雾功率P最小22W，由P可得此时电路中总电阻：R总2200，所以R的最大阻值：RR总R022004841716；（3）加湿器正常工作了7分钟，水刚好沸腾产生蒸汽，此过程中水吸收的热量：Q吸cm（t2t1）4.2103J/（kg）0.1kg（10015）3.57104J，不计热量损失，加湿器消耗电能WQ吸，则此过程中加湿器的功率：P85W。答：（1）R0的电阻值为484；（2）R的最大阻值为1716；（3）此过程中加湿器的功率为85W。【点评】本题以加湿器为情景考查了串联电路特点、电功率公式和热量公式的应用，关键是正确分析电路，从表格中获取有用信息。28【分析】（1）先根据杠杆的平衡条件求出B端力的大小，再由FF拉计算人对绳子自由端的拉力；（2）对人进行受力分析，再画出人的受力示意图；（3）根据p计算人对地面的压强。【解答】解：（1）由题知，AO：OB4：1，设滑轮O1对B端的拉力为FB，由杠杆的平衡条件有：G物AOFBOB，即：300NAOFBOB，由解得：FB1200N，因为力的作用是相互的，所以B端对滑轮O1向上的拉力为：F拉FB1200N，杠杆自重、滑轮重、绳重及摩擦均不计，对滑轮O1进行受力分析，B端对滑轮O1向上的拉力和下面3段绳子的拉力平衡，所以人对绳子自由端的拉力：FF拉1200N400N；（2）人受到的重力G人600N，还受向上的拉力F和向上的支持力；由力的平衡条件可知，地面对人的支持力：F支G人F600N400N200N，人的受力示意图，如图所示：；（3）人对地面的压力大小等于地面对人的支持力，即：F压F支200N，所以人对地面的压强：p5000Pa。答：（1）人对绳子自由端的拉力是400N；（2）人的受力示意图见上图；（3）人对地面的压强是5000Pa。【点评】本题考查了了杠杆平衡条件的应用、滑轮组绳子拉力计算以及压强计算公式的应用，关键是正确对人受力情况的分析。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/1/23 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