2018年辽宁省锦州市中考数学试题（解析）.doc

2018年辽宁省锦州市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共8小题，每小题2分，共16分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1．【分析】无理数就是无限不循环小数．理解无理数的概念，一定要同时理解有理数的概念，有理数是整数与分数的统称．即有限小数和无限循环小数是有理数，而无限不循环小数是无理数．由此即可判定选择项．
【解答】解：A、﹣5是整数，是有理数，选项错误；
B、是分数，是有理数，选项错误；
C、0是整数，是有理数，选项错误；
D、π是无理数，选项正确；
故选：D．
【点评】此题主要考查了无理数的定义，其中初中范围内学习的无理数有：π，2π等；开方开不尽的数；以及像0.1010010001…，等有这样规律的数．
2．【分析】找到从几何体的左边看所得到的图形即可．
【解答】解：左视图有2列，每列小正方形数目分别为2，1．
故选：A．
【点评】此题主要考查了简单几何体的三视图，关键是掌握所看的位置．
3．【分析】先计算判别式的值，然后根据判别式的意义判断方程根的情况．
【解答】解：Δ＝（﹣1）2﹣4×2×1＝﹣7＜0，
所以方程无实数根．
故选：C．
【点评】本题考查了根的判别式：一元二次方程ax2+bx+c＝0（a≠0）的根与Δ＝b2﹣4ac有如下关系：当Δ＞0时，方程有两个不相等的实数根；当Δ＝0时，方程有两个相等的实数根；当Δ＜0时，方程无实数根．
4．【分析】根据方差的意义：体现数据的稳定性，集中程度，波动性大小；方差越小，数据越稳定．要比较两位同学在五次数学测验中谁的成绩比较稳定，应选用的统计量是方差．
【解答】解：由于方差反映数据的波动情况，应知道数据的方差．
故选：D．
【点评】此题主要考查统计的有关知识，主要包括平均数、中位数、众数、方差的意义．反映数据集中程度的统计量有平均数、中位数、众数方差等，各有局限性，因此要对统计量进行合理的选择和恰当的运用．
5．【分析】依据l1∥l2，即可得到∠1＝∠3＝52°，再根据∠4＝30°，即可得出从∠2＝180°﹣∠3﹣∠4＝98°．
【解答】解：如图，∵l1∥l2，
∴∠1＝∠3＝52°，
又∵∠4＝30°，
∴∠2＝180°﹣∠3﹣∠4＝180°﹣52°﹣30°＝98°，
故选：B．

【点评】此题主要考查了平行线的性质，三角板的特征，角度的计算，解本题的关键是利用平行线的性质．
6．【分析】根据合并同类项法则、同底数幂的乘法、幂的乘方、积的乘方逐一计算可得．
【解答】解：A、7a﹣a＝6a，此选项错误；
B、a2•a3＝a5，此选项正确；
C、（a3）3＝a9，此选项错误；
D、（ab）4＝a4b4，此选项错误；
故选：B．
【点评】本题主要考查幂的运算，解题的关键是掌握合并同类项法则、同底数幂的乘法、幂的乘方、积的乘方．
7．【分析】由四边形BCDE内接于⊙O知∠EFC＝∠ABC＝45°，据此得AC＝BC，由EF是⊙O的直径知∠EBF＝∠ECF＝∠ACB＝90°及∠BCF＝∠ACE，再根据四边形BECF是⊙O的内接四边形知∠AEC＝∠BFC，从而证△ACE≌△BCF得AE＝BF，根据Rt△ECF是等腰直角三角形知EF2＝16，继而可得答案．
【解答】解：∵四边形BCDE内接于⊙O，且∠EDC＝135°，
∴∠EFC＝∠ABC＝180°﹣∠EDC＝45°，
∵∠ACB＝90°，
∴△ABC是等腰三角形，
∴AC＝BC，
又∵EF是⊙O的直径，
∴∠EBF＝∠ECF＝∠ACB＝90°，
∴∠BCF＝∠ACE，
∵四边形BECF是⊙O的内接四边形，
∴∠AEC＝∠BFC，
∴△ACE≌△BCF（ASA），
∴AE＝BF，
∵Rt△ECF中，CF＝2、∠EFC＝45°，
∴EF2＝16，
则AE2+BE2＝BF2+BE2＝EF2＝16，
故选：C．
【点评】本题主要考查圆周角定理，解题的关键是掌握圆内接四边形的性质、圆周角定理、全等三角形的判定与性质及勾股定理．
8．【分析】作QD⊥AB，分点Q在AC、CB上运动这两种情况，由直角三角形的性质表示出QD的长，利用三角形面积公式得出函数解析式即可判断．
【解答】解：（1）过点Q作QD⊥AB于点D，
①如图1，当点Q在AC上运动时，即0≤x≤3，

由题意知AQ＝x、AP＝x，
∵∠A＝45°，
∴QD＝AQ＝x，
则y＝•x•x＝x2；
②如图2，当点Q在CB上运动时，即3＜x≤6，此时点P与点B重合，

由题意知BQ＝6﹣x、AP＝AB＝3，
∵∠B＝45°，
∴QD＝BQ＝（6﹣x），
则y＝×3×（6﹣x）＝﹣x+9；
故选：D．
【点评】本题主要考查动点问题的函数图象，解题的关键是根据题意弄清两点的运动路线，据此分类讨论并得出函数解析式．
二、填空题（本大题共8小题，每小题3分，共24分）
9．【分析】首先提取公因式x，进而利用平方差公式分解因式得出即可．
【解答】解：x3﹣4x
＝x（x2﹣4）
＝x（x+2）（x﹣2）．
故答案为：x（x+2）（x﹣2）．
【点评】此题主要考查了提取公因式法以及公式法分解因式，熟练应用平方差公式是解题关键．
10．【分析】用科学记数法表示较大的数时，一般形式为a×10n，其中1≤|a|＜10，n为整数，据此判断即可．
【解答】解：300亿元＝3×1010元．
故答案为：3×1010．
【点评】此题主要考查了用科学记数法表示较大的数，一般形式为a×10n，其中1≤|a|＜10，确定a与n的值是解题的关键．
11．【分析】根据题意求出长方形的面积，根据世界杯图案的面积与长方形世界杯宣传画的面积之间的关系计算即可．
【解答】解：长方形的面积＝3×2＝6（m2），
∵骰子落在世界杯图案中的频率稳定在常数0.4附近，
∴世界杯图案占长方形世界杯宣传画的40%，
∴世界杯图案的面积约为：6×40%＝2.4m2，
故答案为：2.4．
【点评】本题考查的是利用频率估计概率，正确得到世界杯图案的面积与长方形世界杯宣传画的面积之间的关系是解题的关键．
12．【分析】把B的横纵坐标分别乘以﹣得到B′的坐标．
【解答】解：由题意得：△AOB与△A1OB1位似，位似中心为原点O，且相似比为3：2，
又∵B（3，1）
∴B′的坐标是[3×（﹣），1×（﹣）]，即B′的坐标是（﹣2，﹣）；
故答案为：（﹣2，﹣）．
【点评】本题考查了位似变换：先确定点的坐标，及相似比，再分别把横纵坐标与相似比相乘即可，注意原图形与位似图形是同侧还是异侧，来确定所乘以的相似比的正负．
13．【分析】观察函数图象得到当x＞1时，函数y＝﹣x+a的图象都在y＝bx﹣4的图象下方，所以不等式﹣x+a＜bx﹣4的解集为x＞1；
【解答】解：当x＞1时，函数y＝﹣x+a的图象都在y＝bx﹣4的图象下方，所以不等式﹣x+a＜bx﹣4的解集为x＞1；
故答案为x＞1．
【点评】本题考查了一次函数与一元一次不等式：从函数的角度看，就是寻求使一次函数y＝ax+b的值大于（或小于）0的自变量x的取值范围；从函数图象的角度看，就是确定直线y＝kx+b在x轴上（或下）方部分所有的点的横坐标所构成的集合．
14．【分析】根据菱形面积＝对角线积的一半可求AC，再根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半．
【解答】解：∵ABCD是菱形，
∴BO＝DO＝4，AO＝CO，S菱形ABCD＝＝24，
∴AC＝6，
∵AH⊥BC，AO＝CO＝3，
∴OH＝AC＝3．
故答案为3
【点评】本题考查了菱形的性质，直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，关键是灵活运用这些性质解决问题．
15．【分析】作PQ⊥OA，由AB＝1知OA＝k，由旋转性质知OP＝OA＝k、∠POQ＝60°，据此求得OQ＝OPcos60°＝k，PQ＝OPsin60°＝k，即P（k，k），代入解析式解之可得．
【解答】解：过点P作PQ⊥OA于点Q，

∵AB＝1，
∴OA＝k，
由旋转性质知OP＝OA＝k、∠POQ＝60°，
则OQ＝OPcos60°＝k，PQ＝OPsin60°＝k，
即P（k，k），
代入解析式，得：k2＝k，
解得：k＝0（舍）或k＝，
故答案为：．
【点评】本题主要考查反比例函数图象上的点，解题的关键是表示出点P的坐标．
16．【分析】从特殊到一般探究规律后即可解决问题；
【解答】解：由题意：正方形ABCA1的边长为，
正方形A1B1C1A2的边长为+1，
正方形A2B2C2A3…的边长为（+1）（1+），
正方形A3B3C3A4的边长为（+1）（1+）2，
由此规律可知：正方形A2017B2017C2017A2018的边长为（+1）（1+）2016．
∴正方形A2017B2017C2017A2018的周长为4•（+1）（1+）2016＝4•（）2016•（1+）2017．
故答案为4•（）2016•（1+）2017．
【点评】本题考查规律型问题、解直角三角形、点的坐标等知识，解题的关键是学会探究规律的方法，属于中考常考题型．
三、综合题
17．【分析】先根据分式的混合运算顺序和法则化简原式，再将x的值代入求解可得．
【解答】解：（2﹣）÷
＝[﹣]×
＝×
＝﹣，
当x＝3时，原式＝﹣＝﹣．
【点评】本题主要考查分式的化简求值，熟练掌握分式的混合运算顺序和法则是解题的关键．
18．【分析】（1）根据0≤x＜30组频数及其所占百分比可得总人数，120≤x＜150组人数除以总人数可得a的值．
（2）根据以上所求结果即可补全直方图；
（3）利用总人数1500乘以对应的比例即可求解．
【解答】解：（1）这次被调查的人数共有6÷0.15＝40，则a＝2÷40＝0.05；
故答案为：40；0.05；
（2）补全频数分布直方图如下：40﹣16﹣12﹣6﹣2＝4，

（3）估计每月零花钱的数额x＜90范围的人数为
（人）．
【点评】此题主要考查了频数分布直方图，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据．
四、解答题（本大题共2小题，每小题8，共16分）
19．【分析】（1）直接利用求概率公式计算即可；
（2）画树状图列出所有等可能结果，根据概率公式求解可得．
【解答】解：（1）∵姐姐从4张卡片中随机抽取一张卡片，
∴恰好抽到A佩奇的概率＝，
故答案为：；
（2）画树状图为：

共有12种等可能的结果数，其中姐姐抽到A佩奇，弟弟抽到B乔治的结果数为1，
所以姐姐抽到A佩奇，弟弟抽到B乔治的概率＝．
【点评】此题考查的是用列表法或树状图法求概率．列表法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合于两步完成的事件；树状图法适合两步或两步以上完成的事件；解题时要注意是放回实验还是不放回实验．用到的知识点为：概率＝所求情况数与总情况数之比．
20．【分析】（1）根据题意结合每辆大客车的座位数比小客车多15个以及师生共301人参加一次大型公益活动，分别得出等式求出答案；
（2）根据（1）中所求，进而利用总人数为310+40，进而得出不等式求出答案．
【解答】解：（1）设每辆小客车的座位数是x个，每辆大客车的座位数是y个，根据题意可得：
，
解得：．
答：每辆大客车的座位数是40个，每辆小客车的座位数是25个；

（2）设租用a辆小客车才能将所有参加活动的师生装载完成，则
25a+40（10﹣a）≥310+40，
解得：a≤3，
符合条件的a最大整数为3．
答：最多租用小客车3辆．
【点评】此题主要考查了一元一次不等式的应用以及二元一次方程组的应用，正确得出不等关系是解题关键．
五、解答题（本大题共2小题，每小题8分，共16分）
21．【分析】如图作AH⊥CN于H．想办法求出BH、CH即可解决问题；
【解答】解：如图作AH⊥CN于H．

在Rt△ABH中，∵∠BAH＝45°，BH＝10.5﹣2.5＝8（m），
∴AH＝BH＝8（m），
在Rt△AHC中，tan65°＝，
∴CH＝8×2.1≈17（m），
∴BC＝CH﹣BH＝17﹣8＝9（m），
【点评】本题考查解直角三角形﹣仰角俯角问题，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题．
22．【分析】（1）连接OE，根据同圆的半径相等和角平分线可得：OE∥AC，则∠BEO＝∠C＝90°，解决问题；
（2）过A作AH⊥EF于H，根据三角函数先计算AH＝4，证明△AEH是等腰直角三角形，则AE＝AH＝8，证明△AED∽△ACE，可解决问题．
【解答】证明：（1）连接OE，
∵OE＝OA，
∴∠OEA＝∠OAE，
∵AE平分∠BAC，
∴∠OAE＝∠CAE，
∴∠CAE＝∠OEA，
∴OE∥AC，
∴∠BEO＝∠C＝90°，
∴BC是⊙O的切线；
（2）过A作AH⊥EF于H，
Rt△AHF中，sin∠EFA＝，
∵AF＝5，
∴AH＝4，
∵AD是⊙O的直径，
∴∠AED＝90°，
∵EF平分∠AED，
∴∠AEF＝45°，
∴△AEH是等腰直角三角形，
∴AE＝AH＝8，
∵sin∠EFA＝sin∠ADE＝＝，
∴AD＝10，
∵∠DAE＝∠EAC，∠DEA＝∠ECA＝90°，
∴△AED∽△ACE，
∴，
∴，
∴AC＝6.4．

【点评】此题属于圆的综合题，涉及的知识有：切线的判定与性质，相似三角形的判定与性质，锐角三角函数定义，勾股定理，以及平行线的判定与性质，熟练掌握各自的性质是解本题的关键．
六、解答题（本大题共1小题，共10分）
23．【分析】（1）待定系数法求解可得；
（2）根据“总利润＝每千克利润×销售量”可得函数解析式；
（3）将所得函数解析式配方成顶点式即可得最值情况．
【解答】解：（1）设y与x之间的函数解析式为y＝kx+b，
则，
解得，
即y与x之间的函数表达式是y＝﹣2x+160；
（2）由题意可得，w＝（x﹣20）（﹣2x+160）＝﹣2x2+200x﹣3200，
即w与x之间的函数表达式是w＝﹣2x2+200x﹣3200；
（3）∵w＝﹣2x2+200x﹣3200＝﹣2（x﹣50）2+1800，20≤x≤60，
∴当20≤x≤50时，w随x的增大而增大；
当50≤x≤60时，w随x的增大而减小；
当x＝50时，w取得最大值，此时w＝1800元
即当商品的售价为50元时，商场每天获得的总利润最大，最大利润是1800．
【点评】本题主要考查二次函数的应用，解题的关键是熟练掌握待定系数法求函数解析式及二次函数的性质．
七、解答题（本大题共2小题，共24分）
24．【分析】（1）证明△BAG≌△EFG可得结论；
（2）①如图2，设AG＝a，CD＝b，则DF＝AB＝b，分别表示BH和DG的长，代入计算即可；
②解法一：设HA＝HG＝a，如图3，连接EC交DF于O根据三角函数定义得cosα＝，则OF＝bcosα，计算AG和DG的长，代入计算即可．
解法二：如图3，连接EC交DF于O根据三角函数定义得cosα＝，则OF＝bcosα，DG＝a+2bcosα，同理表示AH的长，代入计算即可．
【解答】解：（1）BG＝EG，理由是：
如图1，∵四边形ABCD是平行四边形，
∴AB＝CD，AB∥CD，
∵四边形CFED是菱形，
∴EF＝CD，EF∥CD，
∴AB＝EF，AB∥EF，
∴∠A＝∠GFE，
∵∠AGB＝∠FGE，
∴△BAG≌△EFG，
∴BG＝EG；
（2）①如图2，设AG＝a，CD＝b，则DF＝AB＝b，
由（1）知：△BAG≌△EFG，
∴FG＝AG＝a，
∵CD∥BH，
∴∠HAD＝∠ADC＝60°，
∵∠ADE＝60°，
∴∠AHD＝∠HAD＝∠ADE＝60°，
∴△ADH是等边三角形，
∴AD＝AH＝2a+b，
∴＝＝；
②解法一：如图3，连接EC交DF于O，过H作HM⊥AD于M，
∵∠ADC＝∠HAD＝∠ADH＝α，
∴AH＝HD，
∵四边形CFED是菱形，
∴EC⊥AD，FD＝2FO，
设HA＝HD＝a，AB＝b，
Rt△EFO中，cosα＝，
∴OF＝bcosα，
DF＝2OF＝2bcosα，
Rt△AHM中，cosα＝，
AM＝acosα，AD＝2AM＝2acosα
AG＝（AD﹣DF）＝AM﹣OF＝acosα﹣bcosα
∴＝＝cosα．
解法二：如图3，连接EC交DF于O，
∵四边形CFED是菱形，
∴EC⊥AD，FD＝2FO，
设AG＝a，AB＝b，则FG＝a，EF＝ED＝CD＝b，
Rt△EFO中，cosα＝，
∴OF＝bcosα，
∴DG＝a+2bcosα，
过H作HM⊥AD于M，
∵∠ADC＝∠HAD＝∠ADH＝α，
∴AH＝HD，
∴AM＝AD＝（2a+2bcosα）＝a+bcosα，
Rt△AHM中，cosα＝，
∴AH＝，
∴＝＝cosα．

【点评】本题是四边形综合题，其中涉及到菱形的性质，等边三角形、全等三角形、平行四边形的判定与性质，综合性较强，难度适中．利用数形结合及类比思想是解题的关键．
25．【分析】（1）根据题意得到B、C两点的坐标，设抛物线的解析式为y＝（x﹣4）（x﹣m），将点C的坐标代入求得m的值即可；
（2）过点D作DF⊥x轴，交BC与点F，设D（x，x2﹣x﹣2），则DF＝﹣x2+2x，然后列出S与x的关系式，最后利用配方法求得其最大值即可；
（3）根据勾股定理的逆定理得到△ABC是以∠ACB为直角的直角三角形，取AB的中点E，EA＝EC＝EB＝，过D作y轴的垂线，垂足为R，交AC的延线于G，设D（x，x2﹣x﹣2），则DR＝x，CR＝﹣x2+x，最后，分为∠DCM＝2∠BAC和∠MDC＝2∠BAC两种情况列方程求解即可．
【解答】解：（1）把x＝0代y＝x﹣2得y＝﹣2，
∴C（0，﹣2）．
把y＝0代y＝x﹣2得x＝4，
∴B（4，0），
设抛物线的解析式为y＝（x﹣4）（x﹣m），将C（0，﹣2）代入得：2m＝﹣2，解得：m＝﹣1，
∴A（﹣1，0）．
∴抛物线的解析式y＝（x﹣4）（x+1），即y＝x2﹣x﹣2．
（2）如图所示：过点D作DF⊥x轴，交BC与点F．

设D（x，x2﹣x﹣2），则F（x，x﹣2），DF＝（x﹣2）﹣（x2﹣x﹣2）＝﹣x2+2x．
∴S△BCD＝OB•DF＝×4×（﹣x2+2x）＝﹣x2+4x＝﹣（x2﹣4x+4﹣4）＝﹣（x﹣2）2+4．
∴当x＝2时，S有最大值，最大值为4．
（3）如图所示：过点D作DR⊥y垂足为R，DR交BC与点G．

∵A（﹣1，0），B（4，0），C（0，﹣2），
∴AC＝，BC＝2，AB＝5，
∴AC2+BC2＝AB2，
∴△ABC为直角三角形．
取AB的中点E，连接CE，则CE＝BE，
∴∠OEC＝2∠ABC．
∴tan∠OEC＝＝．
当∠MCD＝2∠ABC时，则tan∠CDR＝tan∠ABC＝．
设D（x，x2﹣x﹣2），则DR＝x，CR＝﹣x2+x．
∴＝，解得：x＝0（舍去）或x＝2．
∴点D的横坐标为2．
当∠CDM＝2∠ABC时，设MD＝3k，CM＝4k，CD＝5k．
∵tan∠MGD＝，
∴GM＝6k，GD＝3k，
∴GC＝MG﹣CM＝2k，
∴GR＝k，CR＝k．
∴RD＝3k﹣k＝k．
∴＝＝，整理得：﹣x2+x＝0，解得：x＝0（舍去）或x＝．
∴点D的横坐标为．
综上所述，当点D的横坐标为2或．
【点评】本题主要考查的是二次函数的综合应用，解答本题主要应用了待定系数法求函数的解析式，相似三角形的判定和性质，解直角三角形，直角三角形的性质，正确的作出辅助线是解题的关键．
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日期：2022/3/25 16:03:31；用户：我不叫王海宁；邮箱：orFmNtygTZdeoRRXtaD47YJRzPg0@；学号：39962365
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