2022年湖北省黄石市中考数学试卷解析.docx

2022年湖北省黄石市中考数学试卷
一.仔细选一选〔每题3分，共30分每题的四个选项中只有一个是正确的〕
1．〔3分〕〔2022•黄石〕﹣5的倒数是〔　　〕

A．
5
B．

C．
﹣5
D．

2．〔3分〕〔2022•黄石〕国家统计局数据显示，截至2022年末全国商品房待售面积约为62200万平方米，该数据用科学记数法可表示为〔　　〕

A．
6.22×104
B．
6.22×107
C．
6.22×108
D．
6.22×109
3．〔3分〕〔2022•黄石〕以下运算正确的选项是〔　　〕

A．
4m﹣m=3
B．
2m2•m3=2m5
C．
〔﹣m3〕2=m9
D．
﹣〔m+2n〕=﹣m+2n
4．〔3分〕〔2022•黄石〕以下四个立体图形中，左视图为矩形的是〔　　〕

A．
①③
B．
①④
C．
②③
D．
③④
5．〔3分〕〔2022•黄石〕某班组织了一次读书活动，统计了10名同学在一周内的读书时间，他们一周内的读书时间累计如表，那么这10名同学一周内累计读书时间的中位数是〔　　〕
一周内累计的读书时间〔小时〕
5
8
10
14
人数〔个〕
1
4
3
2

A．
8
B．
7
C．
9
D．
10
6．〔3分〕〔2022•黄石〕在以下艺术字中既是轴对称图形又是中心对称图形的是〔　　〕

A．

B．

C．

D．

7．〔3分〕〔2022•黄石〕在长方形ABCD中AB=16，如下列图裁出一扇形ABE，将扇形围成一个圆锥〔AB和AE重合〕，那么此圆锥的底面半径为〔　　〕

A．
4
B．
16
C．
4
D．
8
8．〔3分〕〔2022•黄石〕如图，在等腰△ABC中，AB=AC，BD⊥AC，∠ABC=72°，那么∠ABD=〔　　〕

A．
36°
B．
54°
C．
18°
D．
64°
9．〔3分〕〔2022•黄石〕当1≤x≤2时，ax+2＞0，那么a的取值范围是〔　　〕

A．
a＞﹣1
B．
a＞﹣2
C．
a＞0
D．
a＞﹣1且a≠0
10．〔3分〕〔2022•黄石〕如图是自行车骑行训练场地的一局部，半圆O的直径AB=100，在半圆弧上有一运发动C从B点沿半圆周匀速运动到M〔最高点〕，此时由于自行车故障原地停留了一段时间，修理好继续以相同的速度运动到A点停止．设运动时间为t，点B到直线OC的距离为d，那么以下列图象能大致刻画d与t之间的关系是〔　　〕

A．

B．

C．

D．

二.认真填一填〔每题3分，共18分〕
11．〔3分〕〔2022•黄石〕分解因式：3x2﹣27=．
12．〔3分〕〔2022•黄石〕反比例函数y=的图象有一支位于第一象限，那么常数a的取值范围是．
13．〔3分〕〔2022•黄石〕九年级〔3〕班共有50名同学，如图是该班一次体育模拟测试成绩的频数分布直方图〔总分值为30分，成绩均为整数〕．假设将不低于23分的成绩评为合格，那么该班此次成绩到达合格的同学占全班人数的百分比是．
14．〔3分〕〔2022•黄石〕如图，圆O的直径AB=8，AC=3CB，过C作AB的垂线交圆O于M，N两点，连结MB，那么∠MBA的余弦值为．
15．〔3分〕〔2022•黄石〕一食堂需要购置盒子存放食物，盒子有A，B两种型号，单个盒子的容量和价格如表．现有15升食物需要存放且要求每个盒子要装满，由于A型号盒子正做促销活动：购置三个及三个以上可一次性返还现金4元，那么购置盒子所需要最少费用为元．
型号
A
B
单个盒子容量〔升〕
2
3
单价〔元〕
5
6
16．〔3分〕〔2022•黄石〕现有多个全等直角三角形，先取三个拼成如图1所示的形状，R为DE的中点，BR分别交AC，CD于P，Q，易得BP：QR：QR=3：1：2．
〔1〕假设取四个直角三角形拼成如图2所示的形状，S为EF的中点，BS分别交AC，CD，DE于P，Q，R，那么BP：PQ：QR：RS=
〔2〕假设取五个直角三角形拼成如图3所示的形状，T为FG的中点，BT分别交AC，CD，DE，EF于P，Q，R，S，那么BP：PQ：QR：RS：ST=．
三.解答题〔9个小题，共72分〕
17．〔7分〕〔2022•黄石〕计算：﹣+|﹣|+2sin45°+π0+〔〕﹣1．
18．〔7分〕〔2022•黄石〕先化简，再求值：÷〔﹣1〕，其中x=2﹣．
19．〔7分〕〔2022•黄石〕如图，⊙O的直径AB=4，∠ABC=30°，BC交⊙O于D，D是BC的中点．
〔1〕求BC的长；
〔2〕过点D作DE⊥AC，垂足为E，求证：直线DE是⊙O的切线．
20．〔8分〕〔2022•黄石〕解方程组．
21．〔8分〕〔2022•黄石〕父亲节快到了，明明准备为爸爸煮四个大汤圆作早点：一个芝麻馅，一个水果馅，两个花生馅，四个汤圆除内部馅料不同外，其它一切均相同．
〔1〕求爸爸吃前两个汤圆刚好都是花生馅的概率；
〔2〕假设给爸爸再增加一个花生馅的汤圆，那么爸爸吃前两个汤圆都是花生的可能性是否会增大请说明理由．
22．〔8分〕〔2022•黄石〕如下列图，体育场内一看台与地面所成夹角为30°，看台最低点A到最高点B的距离为10，A，B两点正前方有垂直于地面的旗杆DE．在A，B两点处用仪器测量旗杆顶端E的仰角分别为60°和15°〔仰角即视线与水平线的夹角〕
〔1〕求AE的长；
〔2〕旗杆上有一面旗在离地1米的F点处，这面旗以0.5米/秒的速度匀速上升，求这面旗到达旗杆顶端需要多少秒
23．〔8分〕〔2022•黄石〕大学毕业生小王响应国家“自主创业〞的号召，利用银行小额无息贷款开办了一家饰品店．该店购进一种今年新上市的饰品进行销售，饰品的进价为每件40元，售价为每件60元，每月可卖出300件．市场调查反映：调整价格时，售价每涨1元每月要少卖10件；售价每下降1元每月要多卖20件．为了获得更大的利润，现将饰品售价调整为60+x〔元/件〕〔x＞0即售价上涨，x＜0即售价下降〕，每月饰品销量为y〔件〕，月利润为w〔元〕．
〔1〕直接写出y与x之间的函数关系式；
〔2〕如何确定销售价格才能使月利润最大求最大月利润；
〔3〕为了使每月利润不少于6000元应如何控制销售价格
24．〔9分〕〔2022•黄石〕在△AOB中，C，D分别是OA，OB边上的点，将△OCD绕点O顺时针旋转到△OC′D′．
〔1〕如图1，假设∠AOB=90°，OA=OB，C，D分别为OA，OB的中点，证明：①AC′=BD′；②AC′⊥BD′；
〔2〕如图2，假设△AOB为任意三角形且∠AOB=θ，CD∥AB，AC′与BD′交于点E，猜想∠AEB=θ是否成立请说明理由．
25．〔10分〕〔2022•黄石〕双曲线y=〔x＞0〕，直线l1：y﹣=k〔x﹣〕〔k＜0〕过定点F且与双曲线交于A，B两点，设A〔x1，y1〕，B〔x2，y2〕〔x1＜x2〕，直线l2：y=﹣x+．
〔1〕假设k=﹣1，求△OAB的面积S；
〔2〕假设AB=，求k的值；
〔3〕设N〔0，2〕，P在双曲线上，M在直线l2上且PM∥x轴，求PM+PN最小值，并求PM+PN取得最小值时P的坐标．〔参考公式：在平面直角坐标系中，假设A〔x1，y1〕，B〔x2，y2〕那么A，B两点间的距离为AB=〕
2022年湖北省黄石市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一.仔细选一选〔每题3分，共30分每题的四个选项中只有一个是正确的〕
1．〔3分〕〔2022•黄石〕﹣5的倒数是〔　　〕

A．
5
B．

C．
﹣5
D．

考点：
倒数．菁优网版权所有
分析：
乘积是1的两数互为倒数，所以﹣5的倒数是﹣．
解答：
解：﹣5与﹣的乘积是1，
所以﹣5的倒数是﹣．
应选D．
点评：
此题主要考查倒数的概念：乘积是1的两数互为倒数．
2．〔3分〕〔2022•黄石〕国家统计局数据显示，截至2022年末全国商品房待售面积约为62200万平方米，该数据用科学记数法可表示为〔　　〕

A．
6.22×104
B．
6.22×107
C．
6.22×108
D．
6.22×109
考点：
科学记数法—表示较大的数．菁优网版权所有
分析：
科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
解答：
解：将62200万用科学记数法表示为6.22×108．
应选C
点评：
此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
3．〔3分〕〔2022•黄石〕以下运算正确的选项是〔　　〕

A．
4m﹣m=3
B．
2m2•m3=2m5
C．
〔﹣m3〕2=m9
D．
﹣〔m+2n〕=﹣m+2n
考点：
单项式乘单项式；合并同类项；去括号与添括号；幂的乘方与积的乘方．菁优网版权所有
分析：
分别利用合并同类项法那么以及单项式乘以单项式运算法那么和幂的乘方、去括号法那么化简各式判断即可．
解答：
解：A、4m﹣m=3m，故此选项错误；
B、2m2•m3=2m5，正确；
C、〔﹣m3〕2=m6，故此选项错误；
D、﹣〔m+2n〕=﹣m﹣2n，故此选项错误；
应选：B．
点评：
此题主要考查了合并同类项法那么以及单项式乘以单项式运算法那么和幂的乘方、去括号法那么等知识，正确掌握运算法那么是解题关键．
4．〔3分〕〔2022•黄石〕以下四个立体图形中，左视图为矩形的是〔　　〕

A．
①③
B．
①④
C．
②③
D．
③④
考点：
简单几何体的三视图．菁优网版权所有
分析：
根据左视图是分别从物体左面看，所得到的图形，即可解答．
解答：
解：长方体左视图为矩形；球左视图为圆；圆锥左视图为三角形；圆柱左视图为矩形；
因此左视图为矩形的有①④．
应选：B．
点评：
此题考查了几何体的三种视图，掌握定义是关键．注意所有的看到的棱都应表现在三视图中．
5．〔3分〕〔2022•黄石〕某班组织了一次读书活动，统计了10名同学在一周内的读书时间，他们一周内的读书时间累计如表，那么这10名同学一周内累计读书时间的中位数是〔　　〕
一周内累计的读书时间〔小时〕
5
8
10
14
人数〔个〕
1
4
3
2

A．
8
B．
7
C．
9
D．
10
考点：
中位数．菁优网版权所有
分析：
根据中位数的概念求解．
解答：
解：∵共有10名同学，
∴第5名和第6名同学的读书时间的平均数为中位数，
那么中位数为：=9．
应选C．
点评：
此题考查了中位数的知识，将一组数据按照从小到大〔或从大到小〕的顺序排列，如果数据的个数是奇数，那么处于中间位置的数就是这组数据的中位数；如果这组数据的个数是偶数，那么中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．
6．〔3分〕〔2022•黄石〕在以下艺术字中既是轴对称图形又是中心对称图形的是〔　　〕

A．

B．

C．

D．

考点：
中心对称图形；轴对称图形．菁优网版权所有
分析：
根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．
解答：
解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形．故错误；
B、是轴对称图形，不是中心对称图形．故错误；
C、不是轴对称图形，也不是中心对称图形．故错误；
D、是轴对称图形，也是中心对称图形．故正确．
应选D．
点评：
此题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念：轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两局部沿对称轴折叠后可重合；中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合．
7．〔3分〕〔2022•黄石〕在长方形ABCD中AB=16，如下列图裁出一扇形ABE，将扇形围成一个圆锥〔AB和AE重合〕，那么此圆锥的底面半径为〔　　〕

A．
4
B．
16
C．
4
D．
8
考点：
圆锥的计算．菁优网版权所有
分析：
圆锥的底面圆半径为r，根据圆锥的底面圆周长=扇形的弧长，列方程求解．
解答：
解：设圆锥的底面圆半径为r，依题意，得
2πr=，
解得r=4．
故小圆锥的底面半径为4；
应选A．
点评：
此题考查了圆锥的计算．圆锥的侧面展开图为扇形，计算要表达两个转化：1、圆锥的母线长为扇形的半径，2、圆锥的底面圆周长为扇形的弧长．
8．〔3分〕〔2022•黄石〕如图，在等腰△ABC中，AB=AC，BD⊥AC，∠ABC=72°，那么∠ABD=〔　　〕

A．
36°
B．
54°
C．
18°
D．
64°
考点：
等腰三角形的性质．菁优网版权所有
分析：
根据等腰三角形的性质由可求得∠A的度数，再根据垂直的定义和三角形内角和定理不难求得∠ABD的度数．
解答：
解：∵AB=AC，∠ABC=72°，
∴∠ABC=∠ACB=72°，
∴∠A=36°，
∵BD⊥AC，
∴∠ABD=90°﹣36°=54°．
应选：B．
点评：
此题主要考查等腰三角形的性质，解答此题的关键是会综合运用等腰三角形的性质和三角形的内角和定理进行答题，此题难度一般．
9．〔3分〕〔2022•黄石〕当1≤x≤2时，ax+2＞0，那么a的取值范围是〔　　〕

A．
a＞﹣1
B．
a＞﹣2
C．
a＞0
D．
a＞﹣1且a≠0
考点：
不等式的性质．菁优网版权所有
分析：
当x=1时，a+2＞0；当x=2，2a+2＞0，解两个不等式，得到a的范围，最后综合得到a的取值范围．
解答：
解：当x=1时，a+2＞0
解得：a＞﹣2；
当x=2，2a+2＞0，
解得：a＞﹣1，
∴a的取值范围为：a＞﹣1．
点评：
此题考查了不等式的性质，解决此题的关键是熟记不等式的性质．
10．〔3分〕〔2022•黄石〕如图是自行车骑行训练场地的一局部，半圆O的直径AB=100，在半圆弧上有一运发动C从B点沿半圆周匀速运动到M〔最高点〕，此时由于自行车故障原地停留了一段时间，修理好继续以相同的速度运动到A点停止．设运动时间为t，点B到直线OC的距离为d，那么以下列图象能大致刻画d与t之间的关系是〔　　〕

A．

B．

C．

D．

考点：
动点问题的函数图象．菁优网版权所有
分析：
设运发动C的速度为v，那么运动了t的路程为vt，设∠BOC=α，当点C从运动到M时，当点C从M运动到A时，分别求出d与t之间的关系即可进行判断．
解答：
解：设运发动C的速度为v，那么运动了t的路程为vt，
设∠BOC=α，
当点C从运动到M时，
∵vt==，
∴α=，
在直角三角形中，∵d=50sinα=50sin=50sint，
∴d与t之间的关系d=50sint，
当点C从M运动到A时，d与t之间的关系d=50sin〔180﹣t〕，
应选C．
点评：
此题考查的是动点问题的函数图象，熟知圆的特点是解答此题的关键．
二.认真填一填〔每题3分，共18分〕
11．〔3分〕〔2022•黄石〕分解因式：3x2﹣27=　3〔x+3〕〔x﹣3〕　．
考点：
提公因式法与公式法的综合运用．菁优网版权所有
专题：
因式分解．
分析：
观察原式3x2﹣27，找到公因式3，提出公因式后发现x2﹣9符合平方差公式，利用平方差公式继续分解．
解答：
解：3x2﹣27，
=3〔x2﹣9〕，
=3〔x+3〕〔x﹣3〕．
故答案为：3〔x+3〕〔x﹣3〕．
点评：
此题主要考查提公因式法分解因式和利用平方差公式分解因式，熟记公式是解题的关键，难点在于要进行二次分解因式．
12．〔3分〕〔2022•黄石〕反比例函数y=的图象有一支位于第一象限，那么常数a的取值范围是　a．
考点：
反比例函数的性质．菁优网版权所有
分析：
根据反比例函数的性质：当k＞0，双曲线的两支分别位于第一、第三象限，在每一象限内y随x的增大而减小可得2a﹣1＞0，再解不等式即可．
解答：
解：∵反比例函数y=的图象有一支位于第一象限，
∴2a﹣1＞0，
解得：a＞．
故答案为：a．
点评：
此题主要考查了反比例函数的性质，关键是掌握反比例函数〔k≠0〕，〔1〕k＞0，反比例函数图象在一、三象限；〔2〕k＜0，反比例函数图象在第二、四象限内．
13．〔3分〕〔2022•黄石〕九年级〔3〕班共有50名同学，如图是该班一次体育模拟测试成绩的频数分布直方图〔总分值为30分，成绩均为整数〕．假设将不低于23分的成绩评为合格，那么该班此次成绩到达合格的同学占全班人数的百分比是　92%　．
考点：
频数〔率〕分布直方图．菁优网版权所有
分析：
利用合格的人数即50﹣4=46人，除以总人数即可求得．
解答：
解：该班此次成绩到达合格的同学占全班人数的百分比是×100%=92%．
故答案是：92%．
点评：
此题考查读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力；利用统计图获取信息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题．
14．〔3分〕〔2022•黄石〕如图，圆O的直径AB=8，AC=3CB，过C作AB的垂线交圆O于M，N两点，连结MB，那么∠MBA的余弦值为．
考点：
垂径定理；解直角三角形．菁优网版权所有
分析：
如图，作辅助线；求出BC的长度；运用射影定理求出BM的长度，借助锐角三角函数的定义求出∠MBA的余弦值，即可解决问题．
解答：
解：如图，连接AM；
∵AB=8，AC=3CB，
∴BC=AB=2：
∵AB为⊙O的直径，
∴∠AMB=90°；
由射影定理得：
BM2=AB•CB，
∴BM=4，cos∠MBA==，
故答案为．

点评：
该题主要考查了圆周角定理及其推论、射影定理、锐角三角函数的定义等知识点及其应用问题；解题的方法是作辅助线，构造直角三角形；解题的关键是灵活运用圆周角定理及其推论、射影定理等知识点来分析、判断、解答．
15．〔3分〕〔2022•黄石〕一食堂需要购置盒子存放食物，盒子有A，B两种型号，单个盒子的容量和价格如表．现有15升食物需要存放且要求每个盒子要装满，由于A型号盒子正做促销活动：购置三个及三个以上可一次性返还现金4元，那么购置盒子所需要最少费用为　29　元．
型号
A
B
单个盒子容量〔升〕
2
3
单价〔元〕
5
6
考点：
一次函数的应用．菁优网版权所有
分析：
设购置A种型号盒子x个，购置盒子所需要费用为y元，那么购置B种盒子的个数为个，分两种情况讨论：①当0≤x＜3时；②当3≤x时，利用一次函数的性质即可解答．
解答：
解：设购置A种型号盒子x个，购置盒子所需要费用为y元，
那么购置B种盒子的个数为个，
①当0≤x＜3时，y=5x+=x+30，
∵k=1＞0，
∴y随x的增大而增大，
∴当x=0时，y有最小值，最小值为30元；
②当3≤x时，y=5x+﹣4=26+x，
∵k=1＞0，
∴y随x的增大而增大，
∴当x=3时，y有最小值，最小值为29元；
综合①②可得，购置盒子所需要最少费用为29元．
故答案为：29．
点评：
此题考查了一次函数的应用，解决此题的关键是根据题意列出函数解析式，利用一次函数的性质解决最小值的问题，注意分类讨论思想的应用．
16．〔3分〕〔2022•黄石〕现有多个全等直角三角形，先取三个拼成如图1所示的形状，R为DE的中点，BR分别交AC，CD于P，Q，易得BP：QR：QR=3：1：2．
〔1〕假设取四个直角三角形拼成如图2所示的形状，S为EF的中点，BS分别交AC，CD，DE于P，Q，R，那么BP：PQ：QR：RS=　4：1：3：2　
〔2〕假设取五个直角三角形拼成如图3所示的形状，T为FG的中点，BT分别交AC，CD，DE，EF于P，Q，R，S，那么BP：PQ：QR：RS：ST=　5：1：4：2：3　．
考点：
相似三角形的判定与性质．菁优网版权所有
分析：
〔1〕首先证明△BCQ∽△BES，从而可求得CQ=，DQ=EF，然后证明△BAP∽△QDR得到BP：QR=4：3从而可知：BP：PQ：QR=4：1：3，然后由DQ∥SE，可知：QR：RS=DQ：SE=3：2，从而可求得BP：PQ：QR：RS=4：1：3：2；
〔2〕由AC∥DE∥GF，可知：△BPC∽△BER∽BTG，能够求得：AP：DR：FT=5：4：3，然后再证明△BAP∽△QDR∽△SFT．，求得BP：QR：ST=AP：DR：FT=5：4：3，因为∵BP：QR：RT=1：1：1，所以可求得：BP：PQ：QR：RS：ST=5：1：4：2：3．
解答：
解：〔1〕∵四个直角三角形是全等三角形，
∴AB=EF=CD，AB∥EF∥CD，BC=CE，AC∥DE，
∴BP：PR=BC：CE=1，
∵CD∥EF，
∴△BCQ∽△BES．
又∵BC=CE
∴CQ==，
∴DQ=
∵AB∥CD，
∴∠ABP=∠DQR．
又∵∠BAP=∠QDR，
∴△BAP∽△QDR．
∴BP：QR=4：3．
∴BP：PQ：QR=4：1：3，
∵DQ∥SE，
∴QR：RS=DQ：SE=3：2，
∴BP：PQ：QR：RS=4：1：3：2．
故答案为：4：1：3：2；
〔2〕∵五个直角三角形是全等直角三角形
∴AB=CD=EF，AB∥CD∥EF，AC=DE=GF，AC∥DE∥GF，
BC=CE=EG，
∴BP=PR=RT，
∵AC∥DE∥GF，
∴△BPC∽△BER∽BTG，
∴PC==，RE==FG，
∴AP=，DR=，FT=
∴AP：DR：FT=5：4：3．
∵AC∥DE∥GF，
∴∠BPA=∠QRD=∠STF．
又∵∠BAP=∠QDR=∠SFT，
∴△BAP∽△QDR∽△SFT．
∴BP：QR：ST=AP：DR：FT=5：4：3．
又∵BP：QR：RT=1：1：1，
∴BP：PQ：QR：RS：ST=5：〔5﹣4〕：4：〔5﹣3〕：3=5：1：4：2：3．
故答案为：5：1：4：2：3．
点评：
此题主要考查的是相似三角形的判定和性质，找出图中的相似三角形，求得相应线段之间的比例关系是解题的关键．
三.解答题〔9个小题，共72分〕
17．〔7分〕〔2022•黄石〕计算：﹣+|﹣|+2sin45°+π0+〔〕﹣1．
考点：
实数的运算；零指数幂；负整数指数幂；特殊角的三角函数值．菁优网版权所有
专题：
计算题．
分析：
原式第一项化为最简二次根式，第二项利用绝对值的代数意义化简，第三项利用特殊角的三角函数值计算，第四项利用零指数幂法那么计算，最后一项利用负整数指数幂法那么计算即可得到结果．
解答：
解：原式=﹣2++2×+1+2=3．
点评：
此题考查了实数的运算，熟练掌握运算法那么是解此题的关键．
18．〔7分〕〔2022•黄石〕先化简，再求值：÷〔﹣1〕，其中x=2﹣．
考点：
分式的化简求值．菁优网版权所有
专题：
计算题．
分析：
原式括号中两项通分并利用同分母分式的减法法那么计算，同时利用除法法那么变形，约分得到最简结果，把x的值代入计算即可求出值．
解答：
解：原式=÷=﹣•=﹣x+2，
当x=2﹣时，原式=﹣2++2=．
点评：
此题考查了分式的化简求值，熟练掌握运算法那么是解此题的关键．
19．〔7分〕〔2022•黄石〕如图，⊙O的直径AB=4，∠ABC=30°，BC交⊙O于D，D是BC的中点．
〔1〕求BC的长；
〔2〕过点D作DE⊥AC，垂足为E，求证：直线DE是⊙O的切线．
考点：
切线的判定；含30度角的直角三角形；圆周角定理．菁优网版权所有
分析：
〔1〕根据圆周角定理求得∠ADB=90°，然后解直角三角形即可求得BD，进而求得BC即可；
〔2〕要证明直线DE是⊙O的切线只要证明∠EDO=90°即可．
解答：
证明：〔1〕解：连接AD，
∵AB是⊙O的直径，
∴∠ADB=90°，
又∵∠ABC=30°，AB=4，
∴BD=2，
∵D是BC的中点，
∴BC=2BD=4；
〔2〕证明：连接OD．
∵D是BC的中点，O是AB的中点，
∴DO是△ABC的中位线，
∴OD∥AC，那么∠EDO=∠CED
又∵DE⊥AC，
∴∠CED=90°，∠EDO=∠CED=90°
∴DE是⊙O的切线．

点评：
此题主要考查了切线的判定以及含30°角的直角三角形的性质．解题时要注意连接过切点的半径是圆中的常见辅助线．
20．〔8分〕〔2022•黄石〕解方程组．
考点：
高次方程．菁优网版权所有
分析：
由②得③，把③代入①解答即可．
解答：
解：，由②得③，
把③代入①得：，
解得：，
当x1=0时，y1=1；
当时，，
所以方程组的解是．
点评：
此题考查高次方程问题，关键是把高次方程化为一般方程再解答．
21．〔8分〕〔2022•黄石〕父亲节快到了，明明准备为爸爸煮四个大汤圆作早点：一个芝麻馅，一个水果馅，两个花生馅，四个汤圆除内部馅料不同外，其它一切均相同．
〔1〕求爸爸吃前两个汤圆刚好都是花生馅的概率；
〔2〕假设给爸爸再增加一个花生馅的汤圆，那么爸爸吃前两个汤圆都是花生的可能性是否会增大请说明理由．
考点：
列表法与树状图法．菁优网版权所有
分析：
〔1〕首先分别用A，B，C表示芝麻馅、水果馅、花生馅的大汤圆，然后根据题意画树状图，再由树状图求得所有等可能的结果与爸爸吃前两个汤圆刚好都是花生馅的情况，然后利用概率公式求解即可求得答案；
〔2〕首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与爸爸吃前两个汤圆都是花生的情况，再利用概率公式即可求得给爸爸再增加一个花生馅的汤圆，那么爸爸吃前两个汤圆都是花生的概率，比较大小，即可知爸爸吃前两个汤圆都是花生的可能性是否会增大．
解答：
解：〔1〕分别用A，B，C表示芝麻馅、水果馅、花生馅的大汤圆，
画树状图得：

∵共有12种等可能的结果，爸爸吃前两个汤圆刚好都是花生馅的有2种情况，
∴爸爸吃前两个汤圆刚好都是花生馅的概率为：=；

〔2〕会增大．
理由：分别用A，B，C表示芝麻馅、水果馅、花生馅的大汤圆，画树状图得：

∵共有20种等可能的结果，爸爸吃前两个汤圆都是花生的有6种情况，
∴爸爸吃前两个汤圆都是花生的概率为：=＞；
∴给爸爸再增加一个花生馅的汤圆，那么爸爸吃前两个汤圆都是花生的可能性会增大．
点评：
此题考查了树状图法与列表法求概率．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．
22．〔8分〕〔2022•黄石〕如下列图，体育场内一看台与地面所成夹角为30°，看台最低点A到最高点B的距离为10，A，B两点正前方有垂直于地面的旗杆DE．在A，B两点处用仪器测量旗杆顶端E的仰角分别为60°和15°〔仰角即视线与水平线的夹角〕
〔1〕求AE的长；
〔2〕旗杆上有一面旗在离地1米的F点处，这面旗以0.5米/秒的速度匀速上升，求这面旗到达旗杆顶端需要多少秒
考点：
解直角三角形的应用-仰角俯角问题．菁优网版权所有
分析：
〔1〕先求得∠ABE和AEB，利用等腰直角三角形即可求得AE；
〔2〕在RT△ADE中，利用sin∠EAD=，求得ED的长，即可求得这面旗到达旗杆顶端需要的时间．
解答：
解：〔1〕∵BG∥CD，
∴∠GBA=∠BAC=30°，
又∵∠GBE=15°，
∴∠ABE=45°，
∵∠EAD=60°，
∴∠BAE=90°，
∴∠AEB=45°，
∴AB=AE=10，
故AE的长为10米．
〔2〕在RT△ADE中，sin∠EAD=，
∴DE=10×=15，
又∵DF=1，
∴FE=14，
∴时间t==28〔秒〕．
故旗子到达旗杆顶端需要28秒．

点评：
此题考查了解直角三角形的应用，此类问题的解决关键是建立数学建模，把实际问题转化成数学问题，利用数学知识解决．
23．〔8分〕〔2022•黄石〕大学毕业生小王响应国家“自主创业〞的号召，利用银行小额无息贷款开办了一家饰品店．该店购进一种今年新上市的饰品进行销售，饰品的进价为每件40元，售价为每件60元，每月可卖出300件．市场调查反映：调整价格时，售价每涨1元每月要少卖10件；售价每下降1元每月要多卖20件．为了获得更大的利润，现将饰品售价调整为60+x〔元/件〕〔x＞0即售价上涨，x＜0即售价下降〕，每月饰品销量为y〔件〕，月利润为w〔元〕．
〔1〕直接写出y与x之间的函数关系式；
〔2〕如何确定销售价格才能使月利润最大求最大月利润；
〔3〕为了使每月利润不少于6000元应如何控制销售价格
考点：
二次函数的应用．菁优网版权所有
分析：
〔1〕直接根据题意售价每涨1元每月要少卖10件；售价每下降1元每月要多卖20件，进而得出等量关系；
〔2〕利用每件利润×销量=总利润，进而利用配方法求出即可；
〔3〕利用函数图象结合一元二次方程的解法得出符合题意的答案．
解答：
解：〔1〕由题意可得：y=；

〔2〕由题意可得：w=，
化简得：w=，
即w=，
由题意可知x应取整数，故当x=﹣2或x=﹣3时，w＜6125＜6250，
故当销售价格为65元时，利润最大，最大利润为6250元；

〔3〕由题意w≥6000，如图，令w=6000，
即6000=﹣10〔x﹣5〕2+6250，6000=﹣20〔x+〕2+6125，
解得：x1=﹣5，x2=0，x3=10，
﹣5≤x≤10，
故将销售价格控制在55元到70元之间〔含55元和70元〕才能使每月利润不少于6000元．

点评：
此题主要考查了二次函数的应用以及配方法求二次函数最值等知识，利用函数图象得出x的取值范围是解题关键．
24．〔9分〕〔2022•黄石〕在△AOB中，C，D分别是OA，OB边上的点，将△OCD绕点O顺时针旋转到△OC′D′．
〔1〕如图1，假设∠AOB=90°，OA=OB，C，D分别为OA，OB的中点，证明：①AC′=BD′；②AC′⊥BD′；
〔2〕如图2，假设△AOB为任意三角形且∠AOB=θ，CD∥AB，AC′与BD′交于点E，猜想∠AEB=θ是否成立请说明理由．
考点：
相似三角形的判定与性质；全等三角形的判定与性质；旋转的性质．菁优网版权所有
分析：
〔1〕①由旋转的性质得出OC=OC′，OD=OD′，∠AOC′=∠BOD′，证出OC′=OD′，由SAS证明△AOC′≌△BOD′，得出对应边相等即可；
②由全等三角形的性质得出∠OAC′=∠OBD′，又由对顶角相等和三角形内角和定理得出∠BEA=90°，即可得出结论；
〔2〕由旋转的性质得出OC=OC′，OD=OD′，∠AOC′=∠BOD′，由平行线得出比例式，得出，证明△AOC′∽△BOD′，得出∠OAC′=∠OBD′再由对顶角相等和三角形内角和定理即可得出∠AEB=θ．
解答：
〔1〕证明：①∵△OCD旋转到△OC′D′，
∴OC=OC′，OD=OD′，∠AOC′=∠BOD′，
∵OA=OB，C、D为OA、OB的中点，
∴OC=OD，
∴OC′=OD′，
在△AOC′和△BOD′中，，
∴△AOC′≌△BOD′〔SAS〕，
∴AC′=BD′；
②延长AC′交BD′于E，交BO于F，如图1所示：
∵△AOC′≌△BOD′，
∴∠OAC′=∠OBD′，
又∠AFO=∠BFE，∠OAC′+∠AFO=90°，
∴∠OBD′+∠BFE=90°，
∴∠BEA=90°，
∴AC′⊥BD′；
〔2〕解：∠AEB=θ成立，理由如下：如图2所示：
∵△OCD旋转到△OC′D′，
∴OC=OC′，OD=OD′，∠AOC′=∠BOD′，
∵CD∥AB，
∴，
∴，
∴，
又∠AOC′=∠BOD′，
∴△AOC′∽△BOD′，
∴∠OAC′=∠OBD′，
又∠AFO=∠BFE，
∴∠AEB=∠AOB=θ．

点评：
此题考查了旋转的性质、全等三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质；熟练掌握旋转的性质，并能进行推理论证是解决问题的关键．
25．〔10分〕〔2022•黄石〕双曲线y=〔x＞0〕，直线l1：y﹣=k〔x﹣〕〔k＜0〕过定点F且与双曲线交于A，B两点，设A〔x1，y1〕，B〔x2，y2〕〔x1＜x2〕，直线l2：y=﹣x+．
〔1〕假设k=﹣1，求△OAB的面积S；
〔2〕假设AB=，求k的值；
〔3〕设N〔0，2〕，P在双曲线上，M在直线l2上且PM∥x轴，求PM+PN最小值，并求PM+PN取得最小值时P的坐标．〔参考公式：在平面直角坐标系中，假设A〔x1，y1〕，B〔x2，y2〕那么A，B两点间的距离为AB=〕
考点：
反比例函数综合题．菁优网版权所有
分析：
〔1〕将l1与y=组成方程组，即可得到C点坐标，从而求出△OAB的面积；
〔2〕根据题意得： 整理得：kx2+〔1﹣k〕x﹣1=0〔k＜0〕，根据根与系数的关系得到2k2+5k+2=0，从而求出k的值；
〔3〕设P〔x，〕，那么M〔﹣+，〕，根据PM=PF，求出点P的坐标．
解答：
解：〔1〕当k=1时，l1：y=﹣x+2，
联立得，，化简得x2﹣2x+1=0，
解得：x1=﹣1，x2=+1，
设直线l1与y轴交于点C，那么C〔0，2〕．
S△OAB=S△AOC﹣S△BOC=•2•〔x2﹣x1〕=2；
〔2〕根据题意得： 整理得：kx2+〔1﹣k〕x﹣1=0〔k＜0〕，
∵△=[〔1﹣k〕]2﹣4×k×〔﹣1〕=2〔1+k2〕＞0，
∴x1、x2 是方程的两根，
∴ ①，
∴AB==，
=，
=，
将①代入得，AB==〔k＜0〕，
∴=，
整理得：2k2+5k+2=0，
解得：k=2，或 k=﹣；
〔3〕F〔，〕，如图：
设P〔x，〕，那么M〔﹣+，〕，
那么PM=x+﹣==，
∵PF==，
∴PM=PF．
∴PM+PN=PF+PN≥NF=2，
当点P在NF上时等号成立，此时NF的方程为y=﹣x+2，
由〔1〕知P〔﹣1，+1〕，
∴当P〔﹣1，+1〕时，PM+PN最小值是2．

点评：
此题考查了反比例函数综合题，涉及函数图象的交点与方程组的解的关系、三角形的面积、一元二次方程根的判别式、一元二次方程的解法、两点间的距离公式的等知识，综合性较强．

菁优网
2022年7月16日