【-课堂讲义】2021-2022学年高中物理(粤教版必修一)课时作业：综合检测-.docx

综合检测(时间：90分钟满分：100分)一、单项选择题(本大题共6小题，每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分)1下列状况中所争辩的物体(题中加点的)可看成质点的是()A天文学家争辩地球的自转B用GPS确定远洋海轮在大海中的位置C教练员对短跑运动员的起跑动作进行指导D在国际大赛中，乒乓球运动员王浩预备接对手发出的旋转球2.图1如图1所示，将一个已知力F分解为F1和F2，已知F10 N，F1与F的夹角为37，则F2的大小不行能是(sin 370.6，cos 370.8)()A4 N B6 N C10 N D100 N3一个小球从空中自由下落一段距离后，落入淤泥底时速度恰好为零，设小球在淤泥中加速度恒定，以向下方向为正方向，则下列vt图中，正确描写了小球运动的是()4.图2甲、乙两辆汽车同时在一条平直的大路上自西向东运动，开头计时的时刻两车平齐，相对于地面的vt图象如图2所示关于它们的运动，下列说法正确的是()甲车中的乘客说：乙车先以速度v0向西做匀减速运动，后(向甲车)做匀加速运动，以速度v0从(甲车)旁边通过后，始终向东远离而去乙车中的乘客说：甲车先以速度v0向东做匀减速运动，后(向乙车)做匀加速运动，以速度v0从(乙车)旁边通过后，始终向西远离而去某同学依据vt图象说：乙车速度增加到v0时，两车再次相遇(平齐)另一个同学依据vt图象说：开头甲车在前、乙车在后，两车间距离先增大，后减小，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐A B C D5在物理学习中有很多思想方法，下列说法不正确的是()A依据速度定义式vs/t，当t格外格外小时，s/t就可以表示物体在t时刻的瞬时速度该定义应用了极限的思想方法B在探究加速度与力、质量三者之间关系的试验中，先保持质量不变争辩加速度与力的关系，再保持力不变争辩加速度与质量的关系，该试验应用了把握变量法C在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里接受了微元法D在不需要考虑物体本身的大小和外形时，可用质点来代替物体，这是接受了假设法图36如图3所示，将质量为m的滑块放在倾角为的固定斜面上滑块与斜面之间的动摩擦因数为.若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则()A将滑块由静止释放，假如tan ，滑块将下滑B给滑块沿斜面对下的初速度，假如tan ，滑块将减速下滑C用平行于斜面对上的力拉滑块向上匀速滑动，假如tan ，拉力大小应是2mgsin D用平行于斜面对下的力拉滑块向下匀速滑动，假如tan ，拉力大小应是mgsin 二、双项选择题(本大题共4小题，每小题4分，共16分在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分)7关于惯性，下列说法正确的是()A依据汽车在刹车和加速时乘客会倾倒这一事实，说明只有物体状态发生变化时物体才有惯性B在地球上和月球上以相同速度竖直上抛同一物体，物体在月球上上上升度较高，说明该物体在月球上惯性较小C机床、水泵的底座一般都很重，是为了增大其惯性，避开工作时引起振动D跳远运动员起跳前的助跑是为了利用惯性8.图4如图4所示，皮带运输机可以把物体匀速送往高处，也可以把物体从高处匀速送往地面，这两种状况下物体受到的摩擦力的方向()A运往高处时物体受到的摩擦力沿皮带向上B运往高处时物体受到的摩擦力沿皮带向下C运往地面时物体受到的摩擦力沿皮带向上D运往地面时物体受到的摩擦力沿皮带向下9.图5“蹦极”是一项格外刺激的体育运动某人身系弹性绳自高空P点自由下落，如图5所示，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P点落下到最低点c的过程中()A在Pa段做自由落体运动，处于完全失重状态B在ab段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态C在bc段绳的拉力小于人的重力，人处于失重状态D在c点，人的速度为零，其加速度为零图610如图6所示，一木板B放在水平地面上，木块A放在B的上面，A的右端通过轻质弹簧固定在竖直墙壁上，用力F向左拉B，使B以速度v向左匀速运动，这时弹簧的拉力为FT，则下面说法中正确的是()A木板B受到A的滑动摩擦力的大小等于FTB地面受到的滑动摩擦力的大小等于FTC若木板B以2v的速度运动，木块A受到的摩擦力大小为2FTD若用2F的力作用在木板B上，木块A受到的摩擦力大小仍为FT题 号12345678910答 案三、非选择题(本大题共6小题，共60分按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最终答案的不能得分有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位)11(8分)在“验证力的平行四边形定则”的试验中的三个试验步骤如下：(1)在水平放置的木板上固定一张白纸，把橡皮筋的一端固定在木板上，另一端拴两根细绳套，通过细绳套同时用两个弹簧互成角度地拉橡皮筋，使它与细绳套的结点到达某一位置O点，在白纸上登记O点的位置和两个弹簧的示数F1和F2.(2)在白纸上依据F1和F2的大小，应用平行四边形定则作图求出合力F.(3)只用一个弹簧通过细绳套拉橡皮筋，使它的伸长量与用两个弹簧拉时相同，登记此时弹簧的示数F和细绳套的方向以上三个步骤中均有错误或疏漏，请指出错在哪里？(1)中_(2)中_(3)中_12(8分)某同学让重锤做自由落体运动，利用打点计时器打出的纸带来测量当地的重力加速度该同学在试验中得到6条纸带，如图7所示为其中一条，在纸带上取6个计数点，两个相邻计数点间的间隔为T0.02 s其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点s1是1、3两点的距离，s3是4、6两点的距离，s2是2、5两点的距离图7测s1、s2、s3后，点2速度的表达式v2_该同学测得的数据是s14.00 cm，s219.30 cm，s38.72 cm，依据数据求出重力加速度g的表达式g_计算结果是：_m/s2.(保留三位有效数字)测量值小于当地的重力加速度真实值的缘由是_13(10分)2003年10月16日4时20分，中国第一位宇航员杨利伟乘“神舟五号”飞船在太空游览14圈后返回地面，飞船平安降落在内蒙古草原，飞船降落时实施软着陆(即接触地面时速度刚好为零)在离地面1.6 m时，反冲装置开启，飞船匀减速下落，加速度大小为80 m/s2，求飞船在离地面1.6 m时的速度图814(10分)如图8所示，在水平地面上有一向右匀速行驶的车，车内用绳AB与绳BC拴住一个小球，BC绳水平，AB绳与竖直方向夹角为37，小球质量为0.8 kg，小球在车中位置始终未变(g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)求：(1)小球对AB绳的拉力大小；(2)小球对BC绳的拉力大小15(12分)在争辩摩擦力特点的试验中，将木块放在水平长木板上，如图9甲所示，用力沿水平方向拉木块，拉力从0开头渐渐增大分别用力传感器采集拉力和木块所受到的摩擦力，并用计算机绘制出摩擦力f随拉力F的变化图象，如图乙所示已知木块质量为0.78 kg.(g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)图9(1)求木块与长木板间的动摩擦因数(2)若木块在与水平方向成37角斜向右上方的恒定拉力F作用下，以a2.0 m/s2的加速度从静止开头在长木板上做匀变速直线运动，如图丙所示拉力大小应为多大？图1016(12分)如图10所示，小木块在沿斜面对上的恒定外力F作用下，从A点由静止开头做匀加速运动，前进了0.45 m抵达B点时，马上撤去外力此后小木块又前进0.15 m到达C点，速度为零已知木块与斜面间的动摩擦因数/6，木块质量m1 kg.求：(1)木块向上经过B点时速度为多大？(2)木块在AB段所受的外力F多大？(g取10 m/s2)综合检测1B物体的大小、外形对所争辩问题的影响可以忽视不计时，可视物体为质点如地球够大的，但地球绕太阳公转时，地球的大小就变成次要因素，我们完全可以把地球当作质点看待当然，在争辩地球的自转时，就不能把地球看成质点了同样预备接对手发出的旋转球时就不能把旋转的乒乓球看成质点又如看一个同学的跑动速度时，可以把人看成质点，但对他的起跑动作进行指导时，就不能看成质点2A3B小球自由下落时是一段匀加速直线运动，落入淤泥是一个匀减速的过程，落入淤泥底时速度恰好为零4C5.D6C由tan 条件可知mgcos mgsin ，即滑动摩擦力等于重力沿斜面对下的分力，在沿斜面对上的拉力作用下滑块匀速上滑，滑块沿斜面方向合力为零，即拉力F拉mgsin mgcos 2mgsin 当在沿斜面对下的拉力作用下滑块均速下滑时，滑块沿斜面方向合力为零，即F拉mgsin mgcos ，所以F拉0.7CD8.AC9.AB10.AD11(1)中还应登记两细绳套的方向(2)中依据F1和F2的大小及方向(3)中用一个弹簧测力计通过细绳套拉橡皮筋，使它的结点也到O点12s1/2Tg9.720.02存在阻力1316 m/s解析设飞船在离地面1.6 m的速度为v，由v22as得v m/s16 m/s.14(1)10 N(2)6 N解析(1)取小球为争辩对象，其受力分析如图当车匀速行驶时，合力为零cos ，则FA10 N，由牛顿第三定律得，小球对绳AB的拉力为10 N.(2)tan ，则FCmgtan 6 N，由牛顿第三定律得，小球对绳BC的拉力为6 N.15(1)0.4(2)4.5 N解析(1)由题图乙可知，木块所受的滑动摩擦力f3.12 N由fFNmg得，0.4(2)物体受重力mg、支持力FN、摩擦力f和拉力F作用如右图所示将F沿水平和竖直两个方向分解依据牛顿其次定律得Fcos fmaFNFsin mg又fFN联立各式解得F4.5 N16(1)1.5 m/s(2)10 N解析(1)撤去外力后，小木块做匀减速直线运动从B运动到C，受力分析如右图所示，依据牛顿其次定律得fmgsin 30maFNmgcos 300又fFN解得：agsin 30gcos 307.5 m/s2由运动学公式得vv2as代入数据解得vB m/s1.5 m/s.(2)设外加恒力为F，受力分析如下图所示，由牛顿其次定律得Fmgsin 30FNma1FNmgcos 30则刚开头从A运动到B的加速度为a1(gsin 30gcos 30)刚开头是匀加速直线运动，故有v2a1s1代入数据可求得F10 N.