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小题对点练
考点一 遗传学基本概念及孟德尔科学试验的方法
1．用豌豆进行遗传试验时，下列操作错误的是( )
A．杂交时，须在开花前除去母本的雄蕊
B．自交时，雌蕊和雄蕊都无需除去
C．杂交时，须在开花前除去母本的雌蕊
D．人工授粉后，应套袋
解析 杂交时必需除去母本雄蕊，保留其雌蕊。
答案 C
2．(2022·安徽宿州模拟)下列有关孟德尔成功揭示出两大遗传定律的缘由的叙述中，正确的是( )
A．选用异花传粉的豌豆作试验材料，豌豆各品种之间有稳定的、易区分的性状
B．分析生物性状时，首先针对两对相对性状的传递状况进行争辩
C．主要运用定性分析的方法对大量试验数据进行处理，并从中找出了规律
D．在数据分析的基础上，提出假设，并设计新试验来验证假说
解析 知道孟德尔试验获得成功的缘由是解题的关键。豌豆是典型的自花传粉、闭花受粉的植物，可以避开自然状况下杂交的发生；争辩问题要依据从简洁到简单的挨次进行，即先争辩一对相对性状，然后再争辩两对或多对相对性状；只有进行定量的分析，并且运用统计学的原理与方法对试验数据进行处理，才可能找到其中的规律。
答案 D
3．假说—演绎法是现代科学争辩中常用的方法，包括“提出问题、作出假设、演绎推理、验证假设、得出结论”五个基本环节。利用该方法孟德尔发觉了两个遗传规律。下列有关分析正确的是( )
①孟德尔发觉的遗传规律可以解释全部有性生殖生物的核遗传现象 ②提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传试验基础上的 ③孟德尔所作假设的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因把握的” ④为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了测交试验
A．①② B．②④ C．②③ D．③④
解析 孟德尔利用豌豆纯合亲本杂交和F1自交，发觉了性状分别现象和自由组合现象，对这些现象提出问题，针对这两个问题分别作出相应的假设，即成对的遗传因子分别及不同对遗传因子可以自由组合，在此基础上，演绎推理若用杂交子一代与隐性个体交配可能产生的结果，再通过测交试验对推理进行检验，最终获得结论。孟德尔未提出“基因”这一概念，孟德尔的两个遗传规律适用于解释进行有性生殖的真核生物的核遗传现象。
答案 B
考点二 基因分别定律
4．(2022·福建闽南四校一模，2)基因分别定律的实质是( )
A．子二代消灭性状分别
B．子二代性状分别比为3∶1
C．等位基因伴同源染色体的分开而分别
D．测交后代分别比为1∶1
解析 基因分别定律的实质是减数分裂过程中等位基因随着同源染色体的分开而分别，C正确。
答案 C
5．下图为基因型为Aa的生物自交产生后代的过程，基因的分别定律发生于( )
Aa1A∶1a配子间的4种结合方式子代中3种基因型、2种表现型
A．① B．② C．③ D．①②
解析 基因的分别定律发生于减数分裂产生配子的过程中。
答案 A
6．将具有一对相对性状的纯种豌豆个体间行种植；另将具有一对相对性状的纯种玉米个体间行种植。具有隐性性状的一行植株上所产生的F1是( )
A．豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体
B．玉米都为隐性个体，豌豆既有显性个体又有隐性个体
C．豌豆和玉米的显性和隐性个体比例都是3∶1
D．豌豆都为隐性个体，玉米既有显性个体又有隐性个体
解析 豌豆为自花传粉，玉米为异花传粉，因此具有隐性性状的一行植株上所产生的F1中，豌豆都为隐性个体，玉米既有显性个体又有隐性个体。
答案 D
7．豌豆子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性，孟德尔用纯种黄色豌豆和绿色豌豆为亲本，杂交得到F1，F1自交获得F2(如图所示)，下列有关分析正确的是( )
A．图示中雌配子Y与雄配子Y数目相等
B．③的子叶颜色与F1子叶颜色相同
C．①和②都是黄色子叶、③是绿色子叶
D．产生F1的亲本肯定是YY(♀)和yy()
解析 豌豆产生雌配子的数量远少于雄配子的数量，A项错误；③的基因型为yy，子叶表现为绿色，而F1的基因型为Yy，子叶表现为黄色，B项错误；①和②的基因型均为Yy，子叶表现为黄色，③的基因型为yy，子叶表现为绿色，C项正确；产生Yy的亲本可能为YY(♀)、yy()或YY()、yy(♀)，D项错误。
答案 C
8．豌豆高茎对矮茎为显性，现在有高茎豌豆进行自交，后代既有高茎又有矮茎，比例为3∶1，将后代中全部高茎豌豆再进行自交，则全部自交后代的表现型之比为( )
A．1∶1 B．3∶1 C．5∶1 D．9∶1
解析 由题干知，高茎豌豆自交后代高茎与矮茎的比例为3∶1，可知该高茎豌豆为杂合子，后代高茎豌豆为AA、Aa，只有Aa自交后代消灭矮茎个体，所以矮茎个体概率为×＝，则高茎个体概率为，故C项正确。
答案 C
9．(2022·陕西咸阳模拟)一个自然交配的羊群中，有黑色和白色两种体色(黑色为显性)，一只白色公羊和几只黑色母羊交配，生下的小羊全是白色，对此现象的解释不正确的是( )
A．上述几只黑色母羊是杂合子的概率是100%
B．该种群中任选两只黑色亲本交配产下黑色小羊的概率可能是75%或100%
C．该公羊与该群体中其它黑色母羊交配产生白色小羊的概率都是50%
D．该公羊与上述几只母羊再次交配产生黑羊的概率都是50%
解析 由题意分析让一只白色公羊(aa)和几只黑色母羊(A－ )交配，生下的小羊全是白色(aa)，则说明黑色母羊的基因型是Aa，即几只黑色母羊是杂合子的概率是100%，A正确；已知黑色对白色为显性，所以黑色基因型为AA或者Aa，则该种群中任选两只黑色亲本交配产下黑色小羊的概率可能是75%或100%，B正确；已知黑色基因型为AA或者Aa，所以该公羊(aa)与该群体中其它黑色母羊交配产生白色小羊的概率是50%或0%，C错误；由题意分析知，与这只公羊交配的母羊的基因型都是Aa，所以该公羊(aa)与上述几只母羊再次交配产生黑羊的概率都是50%，D正确。
答案 C
10．Y(黄色)和y(白色)是位于某种蝴蝶常染色体上的一对等位基因，这种蝴蝶雄性有黄色和白色两种表现型，雌性只有白色(无致死现象)。下列杂交组合中，可以依据其子代表现型推断出性别的是( )
A．♀Yy×yy B．♀yy×YY
C．♀yy×yy D．♀Yy×Yy
解析 A、D选项子代中雄性既有黄色也有白色，雌性均为白色；B选项子代中雄性均为黄色，雌性均为白色；C选项子代中雄性和雌性均为白色。
答案 B
11．(2022·湖北武汉二模，8)果蝇身体褐色对黄色(bb)为显性(为常染色体遗传)，但是含B基因的品系假如在幼虫发育成成虫的这段时间内用含有银盐的食物饲养，长成的成体也为黄色，称为“表型模拟”。“表型模拟”是由环境造成的类似于某些基因型所产生的表现型。现有一只黄色雌果蝇，请你通过一次杂交试验推断其是属于纯合bb，还是属于“表型模拟”。正确的设计思路有( )
①与其杂交的雄果蝇可以是正常发育(不含有银盐的食物饲养)的黄色果蝇
②与其杂交的雄果蝇可以是用含有银盐的食物饲养发育得到的黄色果蝇
③其子代用不含有银盐的食物饲养
④其子代用含有银盐的食物饲养
⑤观看并统计子代体色这种表现型
A．①④⑤ B．②③⑤
C．①③⑤ D．②④⑤
解析 该雌果蝇基因型可能是bb或B－，与其杂交的雄果蝇必需是用不含有银盐的食物饲养的黄色果蝇(基因型为bb)，杂交子代用不含有银盐的食物饲养。若子代中全为黄色个体，则该雌果蝇属于纯合bb，若子代中有褐色个体，则该雌果蝇属于“表型模拟”，故选C。
答案 C
12．(2022·湖南长沙雅礼中学月考，15)在家鼠中短尾(T)对正常尾(t)为显性。一只短尾鼠与一只正常鼠交配，后代中正常尾与短尾比例相同；而短尾类型相互交配，子代中有一类型死亡，能存活的短尾与正常尾之比为2∶1，则不能存活类型的基因型可能是( )
A．TT B．Tt C．tt D．TT或Tt
解析 由题干可知，Tt(短尾鼠)×Tt(短尾鼠)→T－(短尾鼠)∶tt(正常尾鼠)＝2∶1，又因短尾鼠×tt(正常鼠)→正常尾鼠∶短尾鼠＝1∶1，得出存活的短尾鼠肯定是杂合子(Tt)，所以排解其他致死因素，则致死的小鼠肯定是纯合短尾鼠。
答案 A
大题冲关练
13．(2022·安徽合肥二模，29)安哥拉兔的长毛和短毛是由一对基因把握的性状。用纯种安哥拉兔进行杂交试验，产生大量的F1和F2个体，杂交亲本及试验结果如下表。
试验一
(♀)长毛×短毛()
F1
雄兔
全为长毛
雌兔
全为短毛
试验二
F1雌雄个体交配
F2
雄兔
长毛∶短毛＝3∶1
雌兔
长毛∶短毛＝1∶3
请回答相关问题。
(1)安哥拉兔的把握长毛和短毛的基因位于________(常/X)染色体上。在________(雌/雄)兔中，长毛为显性性状。
(2)用多只纯种短毛雌兔与F2长毛雄兔杂交，子代性状和比例为________。
(3)安哥拉兔的长毛和短毛性状既与________有关，又与________有关。
(4)假如用A1和A2分别表示长毛基因和短毛基因，请画出试验二的遗传图解。
解析 (1)纯种安哥拉长毛雌兔与短毛雄兔进行杂交，F1应都是杂合子，对杂合子来说，雄兔表现长毛，雌兔表现短毛，杂合子雌雄个体交配，后代杂合子占，显性纯合子与隐性纯合子各占，依据两试验结果可推断，相应基因位于常染色体上，对雄兔来说长毛是显性性状。(2)用A1和A2分别表示长毛基因和短毛基因，F2长毛雄兔的基因型中纯合子A1A1占，杂合子A1A2占，纯种短毛雌兔基因型是A2A2，F2长毛雄兔和多只纯种短毛雌兔杂交后代，有两种基因型，即A1A2、A2A2，子代性状和比例为雌兔全为短毛，雄兔有长毛有短毛且比例为2∶1。(3)试验说明安哥拉兔的长毛和短毛性状既与基因型有关，又与性别有关。
答案 (1)常 雄 (2)雌兔全为短毛，雄兔有长毛有短毛且比例为2∶1 (3)基因型 性别
(4)
14．烟草是雌雄同株植物，却无法自交产生后代。这是由S基因把握的遗传机制所打算的，其规律如下图所示(注：精子通过花粉管输送到卵细胞所在处，完成受精)。
(1)烟草的S基因分为S1、S2、S3等15种，它们互为________，这是________的结果。
(2)如图可见，假如花粉所含S基因与母本的任何一个S基因种类相同，花粉管就不能伸长完成受精。据此推断在自然条件下，烟草不存在S基因的________个体。
(3)将基因型为S1S2和S2S3的烟草间行种植，全部子代的基因型种类和比例为：________。
(4)争辩发觉，S基因包含把握合成S核酸酶和S因子的两个部分，前者在雌蕊中表达，后者在花粉管中表达，这导致雌蕊和花粉管细胞中所含的________等分子有所不同。传粉后，雌蕊产生的S核酸酶进入花粉管中，与对应的S因子特异性结合，进而将花粉管中的rRNA降解，据此分析花粉管不能伸长的直接缘由是____________。
(5)自然界中很多植物具有与烟草一样的自交不亲和性，这更有利于提高生物遗传性状的________，为物种的进化供应更丰富的________，使之更好地适应环境。
解析 (1)烟草的S基因分别为S1、S2、S3等15种，它们互为等位基因，由最初的S基因经基因突变产生。(2)依据“花粉所含S基因与母本的任何一个S基因种类相同，花粉管就不能伸长完成受精”，可知烟草不存在S基因的纯合个体。
(3)将基因型为S1S2和S2S3的烟草间行种植，S1S2为父本，则其产生的花粉为S1和S2，与S2S3产生的卵细胞S2和S3受精产生的子代为S1S2和S1S3；同理，S2S3为父本，S1S2为母本，形成的子代为S1S3和S2S3，因而全部子代的基因型及比例为S1S3∶S2S3∶S1S2＝2∶1∶1。(4)基因的表达包括转录和翻译两个环节。rRNA是构成核糖体的成分，当花粉管中的rRNA降解后，则因缺少核糖体，而无法合成蛋白质，这是花粉管不能伸长的直接缘由。(5)很多植物具有与烟草一样的自交不亲和性，这更有利于提高生物遗传性状的多样性，为物种的进化供应更丰富的原材料。
答案 (1)等位基因 基因突变 (2)纯合
(3)S1S3∶S2S3∶S1S2＝2∶1∶1 (4)mRNA和蛋白质
(缺少核糖体)无法合成蛋白质 (5)多样性 原材料
15．(2022·江苏淮安一调，31)已知豌豆种子中子叶的黄色与绿色由一对等位基因Y、y把握，现用豌豆进行下列遗传试验，请分析回答：
试验一
试验二
P黄色子叶甲×绿色子叶乙
↓
F1黄色子叶丙 绿色子叶
1 ∶ 1
P 黄色子叶丁
↓自交
F1 黄色子叶戊 绿色子叶3 ∶ 1
(1)用豌豆做遗传试验简洁取得成功的缘由之一是_________。
(2)从试验________可推断这对相对性状中________是显性性状。
(3)试验一子代中消灭黄色子叶与绿色子叶的比例为1∶1，其主要缘由是黄色子叶甲产生的配子种类及其比例为________。
(4)试验二黄色子叶戊的基因型为________，其中能稳定遗传的占________，若黄色子叶戊植株之间随机交配，所获得的子代中绿色子叶占________。
(5)试验一中黄色子叶丙与试验二中黄色子叶戊杂交，所获得的子代黄色子叶个体中不能稳定遗传的占________________________。
解析 (1)豌豆有很多稳定的易于区分的相对性状，由于是自花传粉、闭花受粉植物，且自然状态下都为纯合子，是良好的遗传杂交试验材料。(2)依据试验二中后代的性状分别现象可推断子叶黄色对绿色为显性。(3)依据题意知，黄色子叶甲的基因型为Yy。(4)黄色子叶戊的基因型及比例为YY∶Yy＝1∶2，黄色子叶戊随机交配，由于黄色子叶戊产生y配子的概率是×＝，所以子代中绿色子叶yy的比例为×＝。(5)黄色子叶丙(Yy)与黄色子叶戊(YY、Yy)杂交，子代中YY所占的比例为×＋×＝，Yy所占的比例为×＋×＝，这两种黄色子叶YY∶Yy＝2∶3，所以黄色子叶中不能稳定遗传的(Yy)占。
答案 (1)性状易于区分 (2)二 黄色 (3)Y∶y＝1∶1 (4)YY和Yy (5)
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