2021高考物理二轮专题复习-素能提升-1-6-Word版含解析.docx

1.(2022年高考山东卷)(1)如图，内壁光滑、导热良好的汽缸中用活塞封闭有确定质量的抱负气体当环境温度上升时，缸内气体_(双选，填正确答案标号)a内能增加b对外做功c压强增大d分子间的引力和斥力都增大(2)一种水下重物打捞方法的工作原理如图所示将一质量M3103 kg、体积V00.5 m3的重物捆绑在开口朝下的浮筒上向浮筒内充入确定量的气体，开头时筒内液面到水面的距离h140 m，筒内气体体积V11 m3.在拉力作用下浮筒缓慢上升，当筒内液面到水面的距离为h2时，拉力减为零，此时气体体积为V2，随后浮筒和重物自动上浮求V2和h2.(已知大气压强p01105 Pa，水的密度1103 kg/m3，重力加速度的大小g10 m/s2.不计水温变化，筒内气体质量不变且可视为抱负气体，浮筒质量和筒壁厚度可忽视)解析：(1)因汽缸导热良好，故环境温度上升时封闭气体温度亦上升，而确定质量的抱负气体内能只与温度有关，故封闭气体内能增大，a正确因汽缸内壁光滑，由活塞受力平衡有p0SmgpS，即缸内气体的压强pp0不变，c错误由盖吕萨克定律恒量可知气体体积膨胀，对外做功，b正确抱负气体分子间除碰撞瞬间外无相互作用力，故d错误(2)当F0时，由平衡条件得Mgg(V0V2)代入数据得V22.5 m3设筒内气体初态、末态的压强分别为p1、p2，由题意得p1p0gh1p2p0gh2在此过程中筒内气体温度和质量不变，由玻意耳定律得p1V1p2V2联立式，代入数据得h210 m.答案：(1)ab(2)2.5 m310 m2(2022年高考新课标全国卷)(1)确定量的抱负气体从状态a开头，经受三个过程ab、bc、ca回到原状态，其pT图象如图所示下列推断正确的是()A过程ab中气体确定吸热B过程bc中气体既不吸热也不放热C过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热Da、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小Eb和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同(2)确定质量的抱负气体被活塞封闭在竖直放置的圆柱形汽缸内汽缸壁导热良好，活塞可沿汽缸壁无摩擦地滑动开头时气体压强为p，活塞下表面相对于汽缸底部的高度为h，外界的温度为T0.现取质量为m的沙子缓慢地倒在活塞的上表面，沙子倒完时，活塞下降了h/4.若此后外界的温度变为T，求重新达到平衡后气体的体积已知外界大气的压强始终保持不变，重力加速度大小为g.解析：(1)对封闭气体，由题图可知ab过程，气体体积V不变，没有做功，而温度T上升，则为吸热过程，A项正确bc过程为等温变化，压强减小，体积增大，对外做功，则为吸热过程，B项错ca过程为等压变化，温度T降低，内能削减，体积V减小，外界对气体做功，依据WQU，外界对气体所做的功小于气体所放的热，C项错温度是分子平均动能的标志，Tapc，明显E项正确(2)设汽缸的横截面积为S，沙子倒在活塞上后，对气体产生的压强为p，由玻意耳定律得phS(pp)(hh)S解得pp外界的温度变为T后，设活塞距底面的高度为h.依据盖吕萨克定律，得解得hh据题意可得p气体最终的体积为VSh联立式得V.答案：(1)ADE(2)3(2022年高考江苏卷)一种海浪发电机的气室如图所示工作时，活塞随海浪上升或下降，转变气室中空气的压强，从而驱动进气阀门和出气阀门打开或关闭气室先后经受吸入、压缩和排出空气的过程，推动出气口处的装置发电气室中的空气可视为抱负气体(1)(多选)下列对抱负气体的理解，正确的有_A抱负气体实际上并不存在，只是一种抱负模型B只要气体压强不是很高就可视为抱负气体C确定质量的某种抱负气体的内能与温度、体积都有关D在任何温度、任何压强下，抱负气体都遵循气体试验定律(2)压缩过程中，两个阀门均关闭若此过程中，气室中的气体与外界无热量交换，内能增加了3.4104 J，则该气体的分子平均动能_(选填“增大”、“减小”或“不变”)，活塞对该气体所做的功_(选填“大于”、“小于”或“等于”)3.4104 J.(3)上述过程中，气体刚被压缩时的温度为27 ，体积为0.224 m3，压强为1个标准大气压已知1 mol气体在1个标准大气压、0 时的体积为22.4 L，阿伏加德罗常数NA6.021023 mol1.计算此时气室中气体的分子数(计算结果保留一位有效数字)解析：(1)抱负气体是一种抱负化模型，温度不太低，压强不太大的实际气体可视为抱负气体；只有抱负气体才遵循气体的试验定律，选项A、D正确，选项B错误确定质量的抱负气体的内能完全由温度打算，与体积无关，选项C错误(2)由于抱负气体的内能完全由温度打算，当气体的内能增加时，气体的温度上升，温度是分子平均动能的标志，则气体分子的平均动能增大依据热力学第确定律，UQW，由于Q0，所以WU3.4104 J.(3)设气体在标准状态时的体积为V1，等压过程为，气体物质的量n，且分子数NnNA，解得N NA，代入数据得N51024个(或N61024个)答案：(1)AD(2)增大等于(3)51024个或61024个4(1)以下说法正确的是_A气体分子单位时间内与器壁单位面积碰撞的次数，仅与单位体积内的分子数有关B气体的压强是由气体分子间的吸引和排斥产生的C布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒的运动，它说明液体分子永不停息地做无规章热运动D当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小E假如气体分子总数不变，而气体温度上升，则气体压强不愿定增大(2)一个圆柱形汽缸质量M10 kg，总高度H40 cm，内有一质量为m5 kg的活塞，截面积S50 cm2，活塞密封良好且与汽缸壁间摩擦可忽视不计(不计汽缸壁与活塞厚度)，当外界大气压强p01105 Pa，温度t07 时，假如用绳子系住活塞将汽缸悬挂起来，如图所示，汽缸内气体柱高H135 cm，重力加速度g取10 m/s2.求此时汽缸内气体的压强；当温度上升到多少摄氏度时，活塞与汽缸将分别？解析：(1)气体分子单位时间内与器壁单位面积碰撞的次数还与温度有关，选项A错误；气体的压强是由气体分子对器壁的碰撞的冲力产生的，选项B错误；假如气体分子总数不变，而气体温度上升，同时气体体积也增大，则气体压强不愿定增大，选项E正确(2)对汽缸由平衡条件及压强定义式有pp0(1105) Pa0.8105 Pa.设温度上升到t摄氏度时，活塞与汽缸将分别，对缸内气体由盖吕萨克定律有，代入数据有，解得t47 .答案：(1)CDE(2)0.8105 Pa47 5(1)下列说法正确的是_A当人们感到潮湿时，空气的确定湿度确定较大B当人们感到干燥时，空气的相对湿度确定较小C水的饱和汽压随温度的上升而增大D晶体的物理性质都是各向异性的E露珠呈球状是液体表面张力的作用(2)如图所示，确定质量的抱负气体从状态A变化到状态B，再由状态B变化到状态C，已知状态A的温度为300 K.求气体在状态B的温度；由状态B变化到状态C的过程中，气体是吸热还是放热？简要说明理由解析：(1)潮湿时，空气的相对湿度较大，干燥时，空气的相对湿度较小，但确定湿度大小不能确定，故A错，B对；水的饱和汽压随温度的上升而增大，C对；多晶体的物理性质是各向同性，即使单晶体，也并不是全部物理性质都是各向异性，D错；液体表面张力使其表面积收缩到最小而呈球状，故E对(2)由抱负气体的状态方程，得气体在状态B的温度TB1 200 K.由状态B到状态C，气体做等容变化，由查理定律得，则TCTB600 K，故气体由状态B到状态C为等容变化，不做功，但温度降低，内能减小依据热力学第确定律UWQ，U0，W0，故Q0，可知气体要放热答案：(1)BCE(2)1 200 K放热，理由见解析课时跟踪训练1(2021年高考福建卷)(1)下列四幅图中，能正确反映分子间作用力f和分子势能Ep随分子间距离r变化关系的图线是_(填选图下方的字母)(2)某自行车轮胎的容积为V，里面已有压强为p0的空气，现在要使轮胎内的气压增大到p，设充气过程为等温过程，空气可看作抱负气体，轮胎容积保持不变，则还要向轮胎充入温度相同、压强也是p0、体积为_的空气(填选项前的字母)A.VB.VC(1)V D(1)V解析：rr0时，分子间作用力为零，且分子势能最小；对于充气问题，留意合理选取争辩对象，把变质量问题转化为定质量问题(1)当rr0时，分子力表现为斥力，随分子间距离r增大，分子势能Ep减小当rr0时，分子力表现为引力，随分子间距离r增大，分子势能Ep增大当rr0时，分子力为零，此时分子势能最小故选项B正确(2)取充入气体后的轮胎内的气体为争辩对象，设充入气体体积为V，则初态p1p0，V1VV；末态p2p，V2V.由玻意耳定律可得p0(VV)pV，解得V(1)V，故选项C正确答案：(1)B(2)C2(2022年高考重庆卷)(1)重庆出租车常以自然气作为燃料加气站储气罐中自然气的温度随气温上升的过程中，若储气罐内气体体积及质量均不变，则罐内气体(可视为抱负气体)()A压强增大，内能减小B吸取热量，内能增大C压强减小，分子平均动能增大D对外做功，分子平均动能减小(2)如图为一种减震垫，上面布满了圆柱状薄膜气泡，每个气泡内布满体积为V0，压强为p0的气体，当平板状物品平放在气泡上时，气泡被压缩若气泡内气体可视为抱负气体，其温度保持不变，当体积压缩到V时气泡与物品接触面的面积为S，求此时每个气泡内气体对接触面处薄膜的压力解析：(1)储气罐内气体体积及质量均不变，温度上升，气体从外界吸取热量，分子平均动能增大，内能增大，压强变大因气体体积不变，故外界对气体不做功，只有B正确(2)取气泡内的气体争辩，设压缩后气体压强为p，由玻意耳定律得p0V0pV，则p，故气体对接触面处薄膜的压力FpSS.答案：(1)B(2)S3(2022年洛阳名校联考)(1)如图甲所示是一晶体物质微粒在平面上的排列状况，图中三条等长线AB、AC、AD上物质微粒的数目不同，由此得出晶体具有_的性质如图乙所示，液体表面层分子比较稀疏，分子间距离大于分子平衡距离r0，因此表面层分子间作用力表现为_(2)确定质量的抱负气体体积V与热力学温度T的关系图象如图丙所示，气体在状态A时的压强p01.0105 Pa，线段AB与V轴平行求状态B时的压强为多大？气体从状态A变化到状态B过程中，对外界做的功为10 J，求该过程中气体吸取的热量为多少？解析：(1)由于沿着不同方向微粒的数目和微粒间的距离不同，使得晶体具有各向异性；当分子间的距离等于分子间的平衡距离时，分子间的引力等于斥力，合力为零，当分子间的距离大于分子间的平衡距离时，引力和斥力都减小，但斥力减小的快，合力表现为引力(2)AB为等温变化，由抱负气体方程得p0V0pB2V0，所以pBp00.5105 Pa.AB：U0，依据UQW，得QW10 J.答案：(1)各向异性引力(2)0.5105 Pa10 J4(2022年上海十三校联考)(1)(多选)下列说法正确的是_A气体向真空的自由膨胀是不行逆的B气体温度每上升1 K所吸取的热量与气体经受的过程有关C气体压强的大小跟气体分子的平均动能有关，与分子的密集程度无关D当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而增大(2)如图所示，圆柱形汽缸水平放置，汽缸足够长，内壁光滑，导热良好，用活塞封住确定量的抱负气体，开头时汽缸内气体温度为T0、体积为V0.先将汽缸缓慢旋转90，使汽缸开口向上，再将缸内气体缓慢加热，直至温度上升到2T0.已知大气压强为p0，活塞的截面面积为S、质量为m.经过上述两个过程气体的最终体积为_；作出缸内气体状态变化的pV图象解析：(1)气体向真空自由膨胀遵守热力学其次定律，具有方向性，A项正确；由热力学第确定律知气体每上升1 K，所吸取的热量与过程有关，B项正确；气体压强的大小与分子的平均动能和分子的密集程度有关，C项错当分子间的作用力表现为斥力时，分子间的距离增大，分子力做正功，分子势能减小，D项错(2)气体先做等温变化，由玻意耳定律得p0V0(p0)V1，解得V1V0.气体再做等压变化，由盖吕萨克定律得，解得V2V0.pV图象如下图答案：(1)AB(2)V0图见解析5.(1)2021年10月6日，北京遭到雾霾天气“攻击”众所周知，雾霾天气中的主要污染物便是PM2.5.PM2.5是指空气中空气动力学直径小于2.5微米的颗粒物，其浮在空气中做无规章运动，很难自然沉降到地面，吸入后会进入肺泡对人体形成危害下列关于PM2.5的说法中正确的是_A环境温度低于0 时，PM2.5不具有内能BPM2.5在空气中的运动属于分子热运动CPM2.5在空气中受到的是非平衡力作用DPM2.5的空间尺度大于电子的直径EPM2.5在空气中仍受重力作用(2)如图所示，一导热性能良好、内壁光滑的汽缸开口向下竖直放置横截面积为S2103 m2、质量与厚度均不计的活塞，与汽缸底部之间封闭了一部分气体，此时活塞与汽缸底部之间的距离为24 cm，活塞距汽缸口12 cm.气体的温度为300 K，大气压强p01.0105 Pa.现将质量为4 kg的物块挂在活塞上g取10 m/s2.求活塞与汽缸底部之间的最长距离缓慢加热使活塞连续下移，为防止活塞脱离汽缸，加热时温度不能超过多少？此过程中封闭气体对外做的功最多是多少？解析：(1)环境温度低于0 时，分子在不停地做无规章运动，PM2.5颗粒物内能不为零，选项A错误；PM2.5是固体小颗粒，它在空气中的运动不属于分子热运动，选项B错误；PM2.5在空气中既不静止，又不做匀速直线运动，而是浮在空中做无规章运动而处于非平衡状态，PM2.5在空气中受到的是非平衡力作用，选项C正确；PM2.5是指空气动力学直径小于2.5微米的悬浮颗粒，也被称为细颗粒物，而电子的尺寸远小于1010 m，选项D正确；地面四周的任何物体都要受到重力作用，选项E正确(2)挂上重物后，活塞下移，稳定后活塞与汽缸底部之间的距离最长，该过程中气体的温度不变，依据玻意耳定律p0Sh0(p0)Sh1，代入数据解得h130 cm.加热过程中汽缸内压强不变，当活塞移到汽缸口时，温度达到最高，依据盖吕萨克定律有，而h236 cm，T1300 K，解得T2360 K.气体对外做功W(p0)(h2h1)S，代入数据得W9.6 J.答案：(1)CDE(2)30 cm9.6 J6(1)依据分子动理论学问，下列说法中正确的是_A布朗运动时，温度越高，悬浮微粒的运动就越明显，所以布朗运动是热运动B已知阿伏加德罗常数，某物质的摩尔质量和密度，可估算该物质的分子体积C当分子间作用力表现为斥力时，分子力和分子势能随分子间距离的减小而增大D大量气体分子做无规章运动，速率有大有小，但分子的速率是按确定的规律分布的E只要两个系统在接触时它们的状态不发生变化，就说这两个系统原来是处于热平衡的(2)确定质量的抱负气体在初状态(状态A)时温度为T0，压强p02.0105 Pa，内能为20 J，其体积V与热力学温度T间的关系如图所示，线段AB、BC分别与V轴和T轴平行，假设抱负气体的内能与热力学温度的平方成正比求状态C时的压强pC.若气体从状态A变化到状态C的过程中，对外界做的功为10 J，则此过程中气体_(填“吸取”或“放出”) _ J热量解析：(1)热运动是指分子的无规章运动，由于布朗运动不是分子的运动，所以不能说布朗运动是热运动，选项A错误；对于气体来讲已知B选项中的条件可估算出气体分子所占空间的体积而不是气体分子的体积，选项B错误；分子力表现为斥力时，随着分子之间距离的减小，分子力增大，分子势能也增大，选项C正确；大量分子的运动受到统计规律支配，“中间多、两头少”，选项D正确；依据热平衡概念，选项E正确(2)从A到B发生等温变化，有p0V0pB2V0，从B到C发生等容变化，有，联立解得pC3.0105 Pa.因抱负气体的内能与热力学温度的平方成正比，所以在状态C时内能为180 J，由热力学第确定律UWQ得Q170 J，所以此过程吸取热量170 J.答案：(1)CDE(2)3.0105 Pa吸取1707(1)下列说法中正确的是()A物体温度降低，其分子热运动的平均动能增大B物体温度上升，其分子热运动的平均动能增大C物体温度降低，其内能确定增大D物体温度不变，其内能确定不变(2)如图所示，“13”外形的各处连通且粗细相同的细玻璃管竖直放置在水平地面上，只有竖直玻璃管FG中的顶端G开口，并与大气相通，水银面刚好与顶端G平齐ABCDL，BDDE，FG.管内用水银封闭有两部分抱负气体，气体1长度为L，气体2长度为L/2，L76 cm.已知大气压强p076 cmHg，环境温度始终为t027 ，现在仅对气体1缓慢加热，直到使BD管中的水银恰好降到D点，求此时(计算结果保留三位有效数字)气体2的压强p2为多少厘米汞柱？气体1的温度需加热到多少摄氏度？解析：(1)温度是物体分子平均动能的标志，温度上升则其分子平均动能增大，反之，则其分子平均动能减小，故A错误，B正确物体的内能是物体内全部分子动能和分子势能的总和，宏观上取决于物体的温度、体积和质量，故C、D错误(2)加热气体1时，气体2的温度、压强、体积均不转变，有p2p0，则p295 cmHg对于气体1，设玻璃管的横截面积为S，则有，V1LS，V2LS，解得T2468.75 K，则t2196 .答案：(1)B(2)95 cmHg196 8(1)下列叙述中正确的是_A物体的温度上升，物体中分子热运动加剧，全部分子的热运动动能都会增大B当分子间作用力表现为引力时，分子势能随分子间距离的减小而增大C在真空、高温条件下，可以利用分子集中向半导体材料中掺入其他元素D布朗运动就是液体分子的热运动E晶体吸取热量，分子平均动能不愿定增加(2)确定质量的抱负气体由状态A经状态B变化到状态C的pV图象如图所示在由状态A变化到状态C的过程中，抱负气体吸取的热量_它对外界做的功(填“大于”、“小于”或“等于”)已知阿伏加德罗常数为6.01023 mol1，在标准状况(压强p01 atm、温度t00 )下抱负气体的摩尔体积都为22.4 L，已知抱负气体在状态C时的温度为27 ，求该气体的分子数(计算结果保留两位有效数字)解析：(1)物体的温度上升，多数分子热运动加剧，也会有少数分子热运动减慢，所以不是全部分子的热运动动能都增大，A错；当分子间作用力表现为斥力时，分子间距减小，分子力做负功，分子势能增大，B错误；在真空、高温条件下，可以利用分子集中向半导体材料中掺入其他元素，C正确；布朗运动不是液体分子的运动，是固体颗粒由于受到液体分子的撞击而做的运动，D错；晶体吸取热量，假如温度上升，分子的平均动能增加，假如温度不变，如熔化过程，分子的平均动能不变，E正确(2)由得TATC，在状态A和状态C，内能不变，U0，据热力学第确定律UWQ知，QW，吸取的热量等于气体对外界做的功设该抱负气体在标准状态下体积为V，对状态C标准状态，由气体试验定律得则V273 L2.73 L，该气体的分子数NNA7.31022个答案：(1)CE(2)等于7.31022个