资源描述
考点内容
要求
说明
考纲解读
简谐运动；简谐运动的表达式和图象
Ⅰ
本章考查的热点有简谐运动的特点及图象、波的图象以及波长、波速、频率的关系，光的折射和全反射，题型以选择题和填空题为主，难度中等偏下，波动与振动的综合及光的折射与全反射的综合，有的考区也以计算题的形式考查．
复习时应留意理解振动过程中回复力、位移、速度、加速度等各物理量的变化规律、振动与波动的关系及两个图象的物理意义，留意图象在空间和时间上的周期性，分析几何光学中的折射、全反射和临界角问题时，应留意与实际应用的联系，作出正确的光路图；光和相对论部分，以考查基本概念及对规律的简洁理解为主，不行忽视任何一个学问点.
试验：探究单摆的周期与摆长的关系
Ⅰ
受迫振动；共振
Ⅰ
机械波；横波和纵波；横波的图象
Ⅰ
波长、波速和频率(周期)的关系
Ⅰ
仅限于单一方向传播
波的干涉和衍射
Ⅰ
多普勒效应
Ⅰ
电磁波谱；电磁波及其应用
Ⅰ
光的折射定律；折射率
Ⅰ
试验：测定玻璃的折射率
Ⅰ
光的全反射；光导纤维
Ⅰ
光的干涉、衍射和偏振
Ⅰ
激光的特性及应用
Ⅰ
激光产生的原理不作要求
狭义相对论的基本假设；狭义相对论时空观与经典时空观的区分
Ⅰ
“同时”的相对性；长度的相对性；质能关系
Ⅰ
定量计算不作要求
机械振动
考纲解读1.知道简谐运动的概念，理解简谐运动的表达式和图象.2.知道什么是单摆，知道在摆角较小的状况下单摆的运动是简谐运动，熟记单摆的周期公式.3.理解受迫振动和共振的概念，把握产生共振的条件．
1． 某质点做简谐运动，其位移随时间变化的关系式为x＝Asint，则质点 ( )
A．第1 s末与第3 s末的位移相同
B．第1 s末与第3 s末的速度相同
C．3 s末至5 s末的位移方向都相同
D．3 s末至5 s末的速度方向都相同
答案 AD
解析 由表达式x＝Asint知，ω＝，简谐运动的周期T＝＝
8 s．表达式对应的振动图象如图所示．
质点在1 s末的位移x1＝Asin(×1)＝A
质点在3 s末的位移x3＝Asin(×3)＝A，故A正确．由前面计算可知t＝1 s和t＝3 s质点连续通过同一位置，故两时刻质点速度大小相等，但方向相反，B错误；由x－t图象可知，3 s～4 s内质点的位移为正值，4 s～5 s内质点的位移为负值，C错误；同样由x－t图象可知，在3 s～5 s内，质点始终向负方向运动，D正确．
2． 做简谐运动的单摆摆长不变，若摆球质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时速度减小为原来的1/2，则单摆振动的 ( )
A．频率、振幅都不变 B．频率、振幅都转变
C．频率不变、振幅转变 D．频率转变、振幅不变
答案 C
解析 由单摆周期公式T＝2π 知周期只与l、g有关，与m和v无关，周期不变，其频率不变．又由于没转变质量前，设单摆最低点与最高点高度差为h，最低点速度为v，mgh＝mv2.质量转变后：4mgh′＝×4m·()2，可知h′≠h，振幅转变．
3． 如图1所示，A球振动后，通过水平
细绳迫使B、C振动，振动达到稳定时，下列说法中正确的是( )
A．只有A、C振动周期相等
B．C的振幅比B的振幅小
C．C的振幅比B的振幅大 图1
D．A、B、C的振动周期相等
答案 CD
解析 A振动后，水平细绳上驱动力的周期TA＝2π ，迫使B、C做受迫振动，受迫振动的频率等于施加的驱动力的频率，所以TA＝TB＝TC，而TC固＝2π ＝TA，TB固＝2π >TA，故C共振，B不共振，C的振幅比B的振幅大，所以C、D正确．
考点梳理
1． 简谐运动
(1)定义：物体在跟位移大小成正比并且总是指向平衡位置的回复力作用下的振动．
(2)简谐运动的特征
①动力学特征：F＝－kx.
②运动学特征：x、v、a均按正弦或余弦规律发生周期性变化(留意v、a的变化趋势相反)．
③能量特征：系统的机械能守恒，振幅A不变．
(3)描述简谐运动的物理量
①位移x：由平衡位置指向振动质点所在位置的有向线段，是矢量．
②振幅A：振动物体离开平衡位置的最大距离，是标量，它表示振动的强弱．
③周期T和频率f：物体完成一次全振动所需的时间叫做周期，而频率则等于单位时间内完成全振动的次数．它们是表示振动快慢的物理量，二者互为倒数关系：T＝.
(4)简谐运动的表达式
①动力学表达式：F＝－kx，其中“－”表示回复力与位移的方向相反．
②运动学表达式：x＝Asin (ωt＋φ)，其中A代表振幅，ω＝2πf表示简谐运动的快慢，(ωt＋φ)代表简谐运动的相位，φ叫做初相．
2． 单摆
(1)定义：如图2所示，在细线的一端拴一个小球，另一端固定在悬点上，假如线的伸长和质量都不计，球的直径比摆线短得多，这样的装置叫做单摆．
(2)视为简谐运动的条件：摆角小于5°.
(3)回复力：小球所受重力沿圆弧切线方向的分力，即：F＝ 图2
G2＝Gsin θ＝x，F的方向与位移x的方向相反．
(4)周期公式：T＝2π .
(5)单摆的等时性：单摆的振动周期取决于摆长l和重力加速度g，与振幅和振子(小球)质量都没有关系．
3． 受迫振动与共振
(1)受迫振动：系统在驱动力作用下的振动．做受迫振动的物体，它的周期(或频率)等于驱动力的周期(或频率)，而与物体的固有周期(或频率)无关．
(2)共振：做受迫振动的物体，它的固有频率与驱动力的频率越接近，
其振幅就越大，当二者相等时，振幅达到最大，这就是共振现象．共振曲线如图3所示．
图3
4． 如图4所示为弹簧振子P在0～4 s内的振
动图象，从t＝0开头 ( )
A．再过1 s，该振子的位移是正的最大
B．再过1 s，该振子的速度方向沿正方向
C．再过1 s，该振子的加速度方向沿正方向
D．再过1 s，该振子的加速度最大
答案 AD
解析 振动图象描述质点在各个时刻偏离平衡位置的位移的状况．依题意，从t＝0开头，再经过1 s，振动图象将延长到正x最大处．这时振子的位移为正的最大，由于回复力与位移成正比且方向与位移方向相反，所以此时回复力最大且方向为负方向，故振动物体的加速度最大且方向为负方向．此时振动物体的速度为零，无方向可谈．所以正确的选项为A、D.
5． 图5是某质点做简谐运动的振动图
象．依据图象中的信息，回答下列问题．
(1)质点离开平衡位置的最大距离是多少？
(2)在1.5 s和2.5 s这两个时刻，质点的位置各在哪里？
(3)在1.5 s和2.5 s这两个时刻，质点向哪个方向运动？ 图5
答案 (1)10 cm
(2)在1.5 s时，质点的位置在7 cm处．在2.5 s时，质点的位置在x＝－7 cm处．
(3)这两个时刻，质点都向位移负方向运动．
方法提炼
1．简谐运动的图象表示物体的位移随时间变化的规律．
2．图景结合：解决此类问题时，应把图象信息与质点的实际运动情景结合起来.
考点一 简谐运动的图象及运动规律
振动图象的信息：
(1)由图象可以看出振幅、周期．
(2)可以确定某时刻质点离开平衡位置的位移．
(3)可以依据图象确定某时刻质点回复力、加速度和速度的方向．
①回复力和加速度的方向：因回复力总是指向平衡位置，故回复力和加速度在图象上总是指向t轴．
②速度的方向：速度的方向可以通过下一时刻位移的变化来判定，下一时刻位移如增加，振动质点的速度方向就是远离t轴，下一时刻位移如减小，振动质点的速度方向就是指向t轴．
例1 如图6所示为一弹簧振子的振动图象，试完成以下问题：
(1)写出该振子简谐运动的表达式．
(2)在第2 s末到第3 s末这段时间内，弹簧振子的加速度、速度、
动能和弹性势能各是怎样变化的？
(3)该振子在前100 s的总位移是多少？路程是多少？ 图6
解析 (1)由振动图象可得：
A＝5 cm，T＝4 s，φ＝0
则ω＝＝ rad/s
故该振子简谐运动的表达式为x＝5sin t (cm)
(2)由图可知，在t＝2 s时，振子恰好通过平衡位置，此时加速度为零，随着时间的连续，位移值不断增大，加速度的值也变大，速度值不断变小，动能不断减小，弹性势能渐渐增大．当t＝3 s时，加速度的值达到最大，速度等于零，动能等于零，弹性势能达到最大值．
(3)振子经过一个周期位移为零，路程为5×4 cm＝20 cm，前100 s刚好经过了25个周期，所以前100 s振子位移x＝0，振子路程s＝20×25 cm＝500 cm＝5 m.
答案 (1)x＝5sin t (cm) (2)见解析 (3)0 5 m
突破训练1 弹簧振子做简谐运动的图象如图7所示，下列说法不正
确的是 ( )
A．在第5秒末，振子的速度最大且沿＋x方向
B．在第5秒末，振子的位移最大且沿＋x方向 图7
C．在第5秒末，振子的加速度最大且沿－x方向
D．在0到5秒内，振子通过的路程为10 cm
答案 A
考点二 单摆的回复力与周期
1． 受力特征：重力和细线的拉力
(1)回复力：摆球重力沿切线方向上的分力，F＝－mgsin θ＝－x＝－kx，负号表示回复力F与位移x的方向相反．
(2)向心力：细线的拉力和重力沿细线方向的分力的合力充当向心力，F向＝FT－mgcos θ.
特殊提示 1.当摆球在最高点时，F向＝＝0，FT＝mgcos θ.
2． 当摆球在最低点时，F向＝，F向最大，FT＝mg＋m.
2．周期公式：T＝2π ，f＝
(1)只要测出单摆的摆长l和周期T，就可以依据g＝4π2，求出当地的重力加速度g.
(2)l为等效摆长，表示从悬点到摆球重心的距离，要区分摆长和摆线长，悬点实质为摆球摇摆所在圆弧的圆心．
(3)g为当地的重力加速度．
例2 如图8所示为一单摆及其振动图象，由图回答：
图8
(1)若摆球从E指向G为正方向，α为最大摆角，则图象中O、A、B、C点分别对应单摆中的__________点．一周期内加速度为正且减小，并与速度同方向的时间范围是________，势能增加且速度为正的时间范围是__________．
(2)单摆摆球多次通过同一位置时，下述物理量变化的是 ( )
A．位移 B．速度
C．加速度 D．动能
E．摆线张力
(3)求单摆的摆长(g＝10 m/s2，π2≈10)．
解析 (1)振动图象中O点位移为零，O到A的过程位移为正，且增大，A处最大，历时周期，明显摆球是从平衡位置E起振并向G方向运动的，所以O对应E，A对应G.A到B的过程分析方法相同，因而O、A、B、C对应E、G、E、F点．摇摆中EF间加速度为正，且靠近平衡位置过程中加速度渐渐减小，即从F向E的运动过程，在图象中为C到D的过程，时间范围是1.5 s～2.0 s间．摆球远离平衡位置势能增加，即从E向两侧摇摆，而速度为正，明显是从E向G的运动过程，在图象中为从O到A，时间范围是0～0.5 s．
(2)经过同一位置时，位移、回复力和加速度不变；由机械能守恒知，动能不变，速率也不变，摆线张力FT＝mgcos α＋m也不变；相邻两次过同一点，速度方向转变．
(3)由题图可知：T＝2 s，由T＝2π 得l＝＝1 m.
答案 (1)E、G、E、F 1.5 s～2.0 s 0～0.5 s (2)B
(3)1 m
突破训练2 如图9所示，一单摆悬于O点，摆长为L，若在O点的竖直
线上的O′点钉一个钉子，使OO′＝L/2，将单摆拉至A处释放，小球将在A、B、C间来回振动，若振动中摆线与竖直方向夹角小于5°，则此摆的周期是 ( )
A．2π 图9
B．2π
C．2π( ＋ )
D．π( ＋ )
答案 D
解析 依据T＝2π ，该单摆有周期摆长为L，周期摆长为L，故T＝π ＋
π ，故D正确．
考点三 受迫振动和共振
1．自由振动、受迫振动和共振的关系比较
振动
项目
自由振动
受迫振动
共振
受力状况
仅受回
复力
受驱动
力作用
受驱动
力作用
振动周期或频率
由系统本身性
质打算，即固
有周期T0或
固有频率f0
由驱动力
的周期或
频率打算，
即T＝T驱
或f＝f驱
T驱＝T0
或f驱＝f0
振动能量
振动物体
的机械能
不变
由产生驱
动力的物
体供应
振动物体
获得的能
量最大
常见例子
弹簧振子
或单摆
(θ≤5°)
机械工作
时底座发
生的振动
共振筛、声
音的共鸣等
2． 对共振的理解
(1)共振曲线：如图10所示，横坐标为驱动力频率f，纵坐标为振幅A.它直观地反映了驱动力频率对某振动系统受迫振动振幅的影响，由图可知，f与f0越接近，振幅A越大；当f＝f0时，振幅A最大．
(2)受迫振动中系统能量的转化：受迫振动系统机械能不守恒，系 图10
统与外界时刻进行能量交换．
例3 一砝码和一轻弹簧构成弹簧振子，图11所示的装置可用于争辩
该弹簧振子的受迫振动．匀速转动把手时，曲杆给弹簧振子以驱动力，使振子做受迫振动．把手匀速转动的周期就是驱动力的周期，转变把手匀速转动的速度就可以转变驱动力的周期．若保持把手不动，给砝码一向下的初速度，砝码便做简谐运动，振动图线如图12甲所示．当把手以某一速度匀速转动，受迫振动达到稳定时，砝码的振动图线如图乙所示． 图11
若用T0表示弹簧振子的固有周期，T表示驱动力的周期，Y表示受迫振动达到稳定后砝码振动的振幅，则 ( )
图12
A．由图线可知T0＝4 s
B．由图线可知T0＝8 s
C．当T在4 s四周时，Y显著增大；当T比4 s小得多或大得多时，Y很小
D．当T在8 s四周时，Y显著增大；当T比8 s小得多或大得多时，Y很小
解析 由题图可知弹簧振子的固有周期T0＝4 s，故A选项正确，B选项错误；依据受迫振动的特点；当驱动力的周期与系统的固有周期相同时发生共振，振幅最大；当驱动力的周期与系统的固有周期相差越多时，受迫振动物体振动稳定后的振幅越小，故C选项正确，D选项错误．
答案 AC
突破训练3 某振动系统的固有频率为f0，在周期性驱动力的作用下做受迫振动，驱动力的频率为f .若驱动力的振幅保持不变，下列说法正确的是 ( )
A．当f<f0时，该振动系统的振幅随f增大而减小
B．当f>f0时，该振动系统的振幅随f减小而增大
C．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f0
D．该振动系统的振动稳定后，振动的频率等于f
答案 BD
解析 物体在外界驱动力作用下的振动叫做受迫振动，物体做受迫振动时，振动稳定后的频率等于驱动力的频率，跟物体的固有频率没有关系，驱动力的频率接近物体的固有频率时，受迫振动的振幅增大，所以B、D正确．
48．单摆模型问题的特点和应用
单摆是一种抱负化的物理模型，其周期公式T＝2π ，其中l为等效摆长：摇摆圆弧的圆心到摆球重心的距离．如图13甲所示的双线摆的摆长l＝r＋Lcos α.乙图中小球(可看做质点)在半径为R的光滑圆槽中靠近A点振动，其等效摆长为l＝R.
图13
例4 如图14所示，ACB为光滑弧形槽，弧形槽半径为R，R≫.甲球
从弧形槽的球心处自由落下，乙球从A点由静止释放，问：
(1)两球第1次到达C点的时间之比．
(2)若在圆弧的最低点C的正上方h处由静止释放小球甲，让其自由下 图14
落，同时乙球从圆弧左侧由静止释放，欲使甲、乙两球在圆弧最低点C处相遇，则甲球下落的高度h是多少？
解析 (1)甲球做自由落体运动
R＝gt，所以t1＝
乙球沿圆弧做简谐运动(由于≪R，可认为摆角θ＜5°)．此振动与一个摆长为R的单摆振动模型相同，故此等效摆长为R，因此乙球第1次到达C处的时间为t2＝T＝×2π ＝ ，所以t1∶t2＝
(2)甲球从离弧形槽最低点h高处开头自由下落，到达C点的时间为t甲＝
由于乙球运动的周期性，所以乙球到达C点的时间为
t乙＝＋n＝ (2n＋1) n＝0,1,2，…
由于甲、乙在C点相遇，故t甲＝t乙
解得h＝(n＝0,1,2，…)
答案 (1) (2)(n＝0,1,2，…)
突破训练4 一个半圆形光滑轨道如图15所示，半径是R，圆心是O，
假如拿两个物体分别放在O点和B点(B点离A点很近)，同时从静 止释放，问这两个物体谁先到达A点？ 图15
答案 放在O点的物体先到达A点
解析 解决此问题的关键是看这两个物体的运动可以看成什么物理模型．对于放在O点的物体，可看成是自由落体运动，于是可以求出从O到A的时间t1，由R＝gt，得
t1＝1.41
对于放在B点的物体，从受力状况来看，受到了重力与指向圆心O的轨道面的支持力的作用，这个运动物体与单摆摆球的受力状况相像．又由于B离A很近，相当于摆角很小，于是，可以把它的运动看成单摆运动，从B到A经受个周期，设为t2，由T＝2π
得t2＝T＝1.57 ，即t2>t1，所以，放在O点的物体先到达A点.
高考题组
1. (2022·重庆理综·14)装有砂粒的试管竖直静浮于水面，如图16所示，将试管竖
直提起少许，然后由静止释放并开头计时，在确定时间内试管在竖直方向近似做简谐运动．若取竖直向上为正方向，则以下描述试管振动的图象中可能正确的是 ( ) 图16
答案 D
解析 试管在竖直方向上做简谐运动，平衡位置是在重力与浮力相等的位置，开头计时时向上提起的距离，就是其偏离平衡位置的位移，为正向最大位移，因此应选D.
2． (2022·北京理综·17)一个弹簧振子沿x轴做简谐运动，取平衡位置O为x轴坐标原点．从某时刻开头计时，经过四分之一周期，振子具有沿x轴正方向的最大加速度．能正确反映振子位移x与时间t关系的图像是 ( )
答案 A
解析 依据F＝－kx及牛顿其次定律得a＝＝－x，当振子具有沿x轴正方向的最大加速度时，其具有沿x轴负方向的最大位移，故选项A正确，选项B、C、D错误．
3． (2011·上海单科·5)两个相同的单摆静止于平衡位置，使摆球分别以水平初速度v1、v2(v1>v2)在竖直平面内做小角度摇摆，它们的频率与振幅分别为f1，f2和A1，A2，则 ( )
A．f1>f2，A1＝A2 B．f1<f2，A1＝A2
C．f1＝f2，A1>A2 D．f1＝f2，A1<A2
答案 C
解析 由单摆周期公式T＝2π 知，单摆振动的周期或频率只与摆长和当地重力加速度有关，因此两单摆的频率相等，即f1＝f2；由机械能守恒定律有mv2＝mgh，解得h＝，即摆球经过平衡位置的速度越大，到达的高度越高，其振幅也就越大，则本题只有选项C正确．
4． (2011·江苏单科·12B(3))将一劲度系数为k的轻质弹簧竖直悬挂，下端系上质量为m的物块．将物块向下拉离平衡位置后松开，物块上下做简谐运动，其振动周期恰好等于以物块平衡时弹簧的伸长量为摆长的单摆周期．请由单摆的周期公式推算出该物块做简谐运动的周期T.
答案 2π
解析 物块平衡时，弹簧伸长量为L，则mg＝kL，由单摆周期公式T＝2π ，解得T＝2π
模拟题组
5． 有一个单摆，在竖直平面内做小摆角振动，周期为2 s．假如从单摆向右运动通过平衡位置时开头计时，在t＝1.4 s至t＝1.5 s的过程中，摆球的 ( )
A．速度向右在增大，加速度向右在减小
B．速度向左在增大，加速度向左也在增大
C．速度向左在减小，加速度向右在增大
D．速度向右在减小，加速度向左也在减小
答案 C
解析 在t＝1.4 s至t＝1.5 s的过程中，摆球在向左从平衡位置到最大位移处运动的过程中，所以速度向左在减小，加速度向右在增大，C项正确．
6. 如图17所示为某弹簧振子在0～5 s内的振动图象，由图可知，下
列说法中正确的是 ( )
A．振动周期为5 s，振幅为8 cm
B．第2 s末振子的速度为零，加速度为负向的最大值 图17
C．第3 s末振子的速度为正向的最大值
D．从第1 s末到第2 s末振子在做加速运动
答案 C
解析 依据图象可知，弹簧振子的周期T＝4 s，振幅A＝8 cm，选项A错误；第2 s末振子到达波谷位置，速度为零，加速度最大，且沿x轴正方向，选项B错误；第3 s末振子经过平衡位置，速度达到最大，且向x轴正方向运动，选项C正确；从第1 s末到第2 s末振子经过平衡位置向下运动到达波谷位置，速度渐渐减小，选项D错误．
7． 甲、乙两弹簧振子，振动图象如图18所示，则可知 ( )
图18
A．两弹簧振子完全相同
B．两弹簧振子所受回复力最大值之比F甲∶F乙＝2∶1
C．振子甲速度为零时，振子乙速度最大
D．两振子的振动频率之比f甲∶f乙＝1∶2
答案 CD
解析 从图象中可以看出，两弹簧振子周期之比T甲∶T乙＝2∶1，得频率之比f甲∶f乙＝1∶2，D选项正确；弹簧振子周期与振子质量、弹簧劲度系数k有关，周期不同，说明两弹簧振子不同，A错误；由于弹簧的劲度系数k不愿定相同，所以两振子所受回复力(F＝－kx)的最大值之比F甲∶F乙不愿定为2∶1，所以B错误；由简谐运动的特点可知，在振子到达平衡位置时位移为零，速度最大；在振子到达最大位移处时，速度为零，从图象中可以看出，在振子甲到达最大位移处时，振子乙恰好到达平衡位置，所以C正确．
(限时：30分钟)
►题组1 对简谐运动的概念及对称性的考查
1． 简谐运动的平衡位置是指 ( )
A．速度为零的位置 B．回复力为零的位置
C．加速度为零的位置 D．位移最大的位置
答案 B
解析 简谐运动的平衡位置是回复力为零的位置，而物体在平衡位置时加速度不愿定为零，例如单摆在平衡位置时存在向心加速度．简谐运动的物体经过平衡位置时速度最大，位移为零．
2. 如图1所示，弹簧振子在振动过程中，振子从a到b历时0.2 s，振子经
a、b两点时速度相同，若它从b再回到a的最短时间为0.4 s，则该振子的振动频率为 ( )
A．1 Hz B．1.25 Hz C．2 Hz D．2.5 Hz 图1
答案 B
解析 由简谐运动的对称性可知，tOb＝0.1 s，tbc＝0.1 s，故＝0.2 s，解得T＝0.8 s，f＝＝1.25 Hz，选项B正确．
►题组2 对简谐运动的图象的考查
3． 摆长为l的单摆做简谐运动，若从某时刻开头计时(取t＝0)，当振动至t＝ 时，摆球具有负向最大速度，则单摆的振动图象是下列图中的 ( )
答案 D
4． 悬挂在竖直方向上的弹簧振子，周期为2 s，从最低点的位置向上运动时开头计时，它的振动图象如图2所示，由图可知 ( )
图2
A．t＝1.25 s时振子的加速度为正，速度为正
B．t＝1.7 s时振子的加速度为负，速度为负
C．t＝1.0 s时振子的速度为零，加速度为负的最大值
D．t＝1.5 s时振子的速度为零，加速度为负的最大值
答案 C
解析 弹簧振子振动时，加速度的方向总是指向平衡位置，且在最大位移处，加速度的值最大，在平衡位置处加速度的值为0，由图可知，t＝1.25 s时，振子的加速度为负；t＝1.7 s时，振子的加速度为正；t＝1.5 s时，振子的加速度为零，故A、B、D均错误，只有C正确．
5． 一质点做简谐运动的图象如图3所示，下列说法正确的是( )
A．质点振动频率是4 Hz
B．在10 s内质点经过的路程是20 cm
C．第4 s末质点的速度为零
D．在t＝1 s和t＝3 s两时刻，质点位移大小相等，方向相同 图3
答案 B
解析 振动图象表示质点在不同时刻相对平衡位置的位移，由题图可看出，质点运动的周期T＝4 s，其频率f＝＝0.25 Hz，A错误；10 s内质点运动了T，其运动路程为s＝×4A＝×4×2 cm＝20 cm，B正确；第4 s末质点在平衡位置，其速度最大，C错；t＝1 s和t＝3 s两时刻，由题图可看出，位移大小相等，方向相反，D错．由以上分析可知，只有B项正确．
6. 有一个在y方向上做简谐运动的物体，其振动图象如图4所示．下
列关于图5中(1)～(4)的推断正确的是(选项中v、F、a分别表示物体的速度、受到的回复力和加速度) ( )
图4
图5
A．图(1)可作为该物体的速度—时间图象
B．图(2)可作为该物体的回复力—时间图象
C．图(3)可作为该物体的回复力—时间图象
D．图(4)可作为该物体的回复加速度—时间图象
答案 C
解析 由于F＝－kx，a＝－，故图(3)可作为F－t、a－t图象；而v随x增大而减小，故v－t图象应为图(2)．
►题组3 对单摆的考查
7． 图6甲是利用沙摆演示简谐运动图象的装置．当盛沙的漏斗下面的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙会在板上显示出沙摆的振动位移随时间变化的关系曲线．已知木板被水平拉动的速度为0.20 m/s，图乙所示的一段木板的长度为0.60 m，则这次试验沙摆的摆长大约为(取g＝π2) ( )
甲 乙
图6
A．0.56 m B．0.65 m C．1.00 m D．2.25 m
答案 A
解析 由于木板匀速拉动，据x＝vt，则t＝＝ s＝3 s，明显t＝2T，则T＝1.5 s，据T＝2π ，可计算出摆长l大约为0.56 m．故A正确．
8. (1)将一个电动传感器接到计算机上，就可以测量快速变化的
力，用这种方法测得的某单摆摇摆时悬线上拉力的大小随时间变化的曲线如图7所示．某同学由此图象供应的信息做出的下列推断中，正确的是________．
A．t＝0.2 s时摆球正经过最低点 图7
B．t＝1.1 s时摆球正经过最低点
C．摆球摇摆过程中机械能减小
D．摆球摇摆的周期是T＝1.4 s
(2)图8为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法中正确的是________．
A．甲、乙两单摆的摆长相等
B．甲摆的振幅比乙摆大 图8
C．甲摆的机械能比乙摆大
D．在t＝0.5 s时有最大正向加速度的是乙摆
答案 (1)AC (2)ABD
解析 (1)在摆球经过最低点时悬线拉力最大，t＝0.2 s时，F有正向最大值，故A选项正确；t＝1.1 s时，F有最小值，摆球不在最低点，B选项错误；周期应为T＝1.2 s，D选项错误；因振幅减小，故机械能减小，C选项正确．
(2)可从题图上看出甲摆振幅大，故B对．且两摆在同一地点、周期相等，则摆长相等，因质量关系不明确，无法比较机械能．t＝0.5 s时乙摆球在负的最大位移处，故有最大正向加速度，所以正确答案为A、B、D.
►题组4 对受迫振动和共振的考查
9． 铺设铁轨时，每两根钢轨接缝处都必需留有确定的间隙，匀速运行的列车经过轨端接缝处时，车轮就会受到一次冲击．由于每一根钢轨长度相等，所以这个冲击力是周期性的，列车受到周期性的冲击做受迫振动．一般钢轨长为12.6 m，列车固有振动周期为
0.315 s．下列说法正确的是 ( )
A．列车的危急速率为40 m/s
B．列车过桥需要减速，是为了防止列车发生共振现象
C．列车运行的振动频率和列车的固有频率总是相等的
D．增加钢轨的长度有利于列车高速运行
答案 AD
解析 列车在钢轨上运动时，受钢轨对它的冲击力作用做受迫振动，当列车固有振动频率等于钢轨对它的冲击力的频率时，列车振动的振幅最大，因v＝＝＝40 m/s，故A正确；列车过桥做减速运动，是为了使驱动力频率远小于桥梁固有频率，防止桥发生共振现象，而不是防止列车发生共振现象，B、C错；增加钢轨的长度有利于列车高速运行，D对．
10．下表记录了某受迫振动的振幅随驱动力频率变化的关系，若该振动系统的固有频率为
f固，则 ( )
驱动力频率/Hz
30
40
50
60
70
80
受迫振动振幅/cm
10.2
16.8
27.2
28.1
16.5
8.3
A.f固＝60 Hz
B．60 Hz＜f固＜70 Hz
C．50 Hz＜f固＜60 Hz
D．以上三个都不对
答案 C
解析 从如图所示的共振曲线，可推断出f驱与f固相差越大，受迫
振动的振幅越小；f驱与f固越接近，受迫振动的振幅越大．并可以从中看出f驱越接近f固，振幅的变化越慢．比较各组数据知f驱在50 Hz～60 Hz范围内时，振幅变化最小，因此50 Hz＜f固＜60 Hz，即C正确．
►题组5 简谐运动中的能量转化
11. 一质点做简谐运动，其位移和时间关系如图9所示．
(1)求t＝0.25×10－2 s时的位移；
(2)在t＝1.5×10－2 s到2×10－2 s的振动过程中，质点的位移、回复力、速度、动能、势能如何变化？ 图9
(3)在t＝0到8.5×10－2 s时间内，质点的路程、位移各多大？
答案 (1)－ cm (2)变大 变大 变小 变小 变大
(3)34 cm 2 cm
解析 (1)由题图可知A＝2 cm，T＝2×10－2 s，振动方程为x＝Asin (ωt－)＝－Acos ωt＝－2cos t cm＝－2cos 100πt cm
当t＝0.25×10－2 s时，x＝－2cos cm＝－ cm.
(2)由图可知在1.5×10－2 s～2×10－2 s的振动过程中，质点的位移变大，回复力变大，速度变小，动能变小，势能变大．
(3)从t＝0至8.5×10－2 s时间内为个周期，质点的路程为s＝17A＝34 cm，位移为2 cm.
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