2020-2021学年高二物理人教版选修3-4题组训练：11.4-单摆-Word版含解析.docx

11.4 单摆题组一单摆及其回复力1单摆是为争辩振动而抽象出的抱负化模型，其抱负化条件是()A摆线质量不计B摆线长度不行伸缩C摆球的直径比摆线长度短得多D只要是单摆的运动就是一种简谐运动解析单摆由摆线和摆球组成，摆线只计长度不计质量，摆球只计质量不计大小，且摆线不行伸缩但把单摆作为简谐运动来处理是有条件的，只有在摆角很小(5)的状况下才能视单摆运动为简谐运动故正确答案为A、B、C.答案ABC2关于单摆，下列说法中正确的是()A摆球运动的回复力是它受到的合力B摆球在运动过程中经过轨迹上的同一点，加速度是不变的C摆球在运动过程中加速度的方向始终指向平衡位置D摆球经过平衡位置时，加速度为零解析摆球的回复力为重力沿轨迹切线方向的分力，A错；摆球经过最低点时，回复力为0，但合力供应向心力，C、D错；由简谐运动特点知B正确答案B3关于单摆的运动有下列说法，正确的是()单摆的回复力是摆线的拉力与重力的合力单摆的回复力是重力沿摆球运动轨迹切向的分力单摆的周期与摆球质量无关，与振幅无关，与摆长和当地的重力加速度有关单摆做简谐运动的条件是摆角很小，如小于5在山脚下走时精确的摆钟移到高山上走时将变快A B C D解析单摆的回复力是重力沿摆球运动轨迹切向的分力，千万不要误认为是摆球所受的合外力，所以说法错误，正确；依据单摆的周期公式T2可知，单摆的周期与摆球质量无关，与振幅无关，与摆长和当地的重力加速度有关，说法正确；当摆角很小时，摆球的运动轨迹可以近似地看作直线，回复力或重力沿摆球运动轨迹切向的分力可以近似地看作沿这条直线作用，这时可以证明：F回mgsin xkx，可见，在摆角很小时，单摆近似做简谐运动，说法正确；将摆钟从山脚移到高山上时，摆钟所在位置的重力加速度g变小，依据T2可知，摆钟振动的周期变大，计时变慢，说法错误综上可知，只有说法正确，故正确答案为B.答案B题组二单摆的周期公式4发生下列哪一种状况时，单摆周期会增大()A增大摆球质量 B缩短摆长C减小单摆振幅 D将单摆由山下移至山顶解析由单摆周期公式T2知，T与单摆的摆球质量、振幅无关，缩短摆长，l变小，T变小；单摆由山下移到山顶，g变小，T变大答案D5甲、乙两个单摆的摆长相等，将两单摆的摆球由平衡位置拉起，使摆角甲乙5，由静止开头释放，则()A甲先摆到平衡位置B乙先摆到平衡位置C甲、乙两摆同时到达平衡位置D无法推断解析两个单摆的摆长相等，则两个单摆的周期相等，单摆从最大位移摆到平衡位置所用的时间相等，选项C正确答案C6已知在单摆a完成10次全振动的时间内，单摆b完成6次全振动，两单摆摆长之差为1.6 m，则两单摆摆长La与Lb分别为()ALa2.5 m，Lb0.9 mBLa0.9 m，Lb2.5 mCLa2.4 m，Lb4.0 mDLa4.0 m，Lb2.4 m解析单摆完成一次全振动所需的时间叫单摆振动周期，据题设可知a，b两单摆的周期之比为：，由单摆周期公式T2得：，据题设得LbLa1.6 m，联立解得La0.9 m，Lb2.5 m故正确答案为B.答案B7如图1148所示，一摆长为l的单摆，在悬点的正下方的P处有一钉子，P与悬点相距ll，则这个单摆做小幅度摇摆时的周期为()图1148A2 B2C D2 解析碰钉子前摆长为l，故周期T12，碰钉子后摆长变为l，则周期T22，所以该组合摆的周期T.答案C8如图1149所示的单摆，摆长为l40 cm，摆球在t0时刻从右侧最高点释放做简谐振动，则当t1 s时，小球的运动状况是()图1149A向右加速 B向右减速C向左加速 D向左减速解析单摆的周期T22 s0.4 s1.256 s，t1 s时，则TtT，摆球从右侧最高点释放做简谐运动，在t1 s时已经越过平衡位置(最低点)，向正向右侧最大位移处运动，由平衡位置向最大位移运动的过程中，摆球做的是减速运动，故A、C、D错误，B正确答案B9如图11410所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法中正确的是()图11410A甲、乙两单摆的摆长相等B甲单摆的振幅比乙的大C甲单摆的机械能比乙的大D在t0.5 s时有正向最大加速度的是乙单摆解析振幅可从题图上看出，甲单摆振幅大两单摆周期相等，则摆长相等，因质量关系不明确，无法比较机械能t0.5 s时乙单摆摆球在负的最大位移处，故有正向最大加速度故正确答案为ABD.答案ABD10图11411甲中是一个单摆振动的情形，O是它的平衡位置，B、C是摆球所能到达的最远位置，设摆球向右运动为正方向，图11411乙是这个单摆的振动图象，依据图象回答：图11411(1)单摆振动的频率是多大？(2)开头时刻摆球在何位置？(3)若当地的重力加速度为10 m/s2，试求这个单摆的摆长是多少？解析(1)由乙图知周期T0.8 s，则频率f1.25 Hz.(2)由乙图知，0时刻摆球在负向最大位移处，因向右为正方向，所以在B点(3)由T2得l0.16 m.答案(1)1.25 Hz(2)B点(3)0.16 m题组三用单摆测定重力加速度11在用单摆测定重力加速度时，某同学用同一套试验装置，用同样的步骤进行试验，但所测得的重力加速度总是偏大，其缘由可能是()A测定周期时，振动次数少数了一次B测定周期时，振动次数多数了一次C摆球的质量过大D计算摆长时，只考虑悬线的长度，没有加上小球的半径解析由计算g的公式g可知，假如振动次数多数了一次，即T偏小，使g偏大，选项A错，B对；摆球的质量过大，不影响单摆的周期与摆长，所以不影响测得的重力加速度，选项C错；当l偏小时，求得的g偏小，选项D错答案B12某同学利用单摆测定当地重力加速度，发觉单摆静止时摆球重心在球心的正下方，他仍将从悬点到球心的距离当作摆长l，通过转变摆线的长度，测得6组l和对应的周期T，画出lT2图线，然后在图线上选取A、B两个点，坐标如图11412所示他接受恰当的数据处理方法，则计算重力加速度的表达式应为g_.请你推断该同学得到的试验结果与摆球重心就在球心处的状况相比，将_(填“偏大”“偏小”或“相同”)图11412解析由周期公式T2，得T2g42l，结合图象得到g，由于这样处理数据后用到的是前后两次摆长的差值，与重心位置无关，所以测量结果不受影响答案相同13(2021安徽理综，21)依据单摆周期公式T2，可以通过试验测量当地的重力加速度如图11413甲所示，将细线的上端固定在铁架台上，下端系一小钢球，就做成了单摆(1)用游标卡尺测量小钢球直径，示数如图乙所示，读数为_mm.图11413(2)以下是试验过程中的一些做法，其中正确的有_a摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些b摆球尽量选择质量大些、体积小些的c为了使摆的周期大一些，以便利测量，开头时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度d拉开摆球，使摆线偏离平衡位置大于5度，在释放摆球的同时开头计时，当摆球回到开头位置时停止计时，此时间间隔t即为单摆周期Te拉开摆球，使摆线偏离平衡位置不大于5度，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开头计时，登记摆球做50次全振动所用的时间t，则单摆周期T解析(1)依据游标卡尺读数规章，游标卡尺的读数：18 mm0.16 mm18.6 mm；(2)摆线要选择细些可减小阻力；伸缩性小些的，保证摆长不变；并且尽可能长一些，在合适的振幅下，摆角小所以摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些，选项a正确；摆球尽量选择质量大些、体积小些的，可减小空气阻力的影响，选项b正确；为了使摆的周期大一些，以便利测量，可增大摆长开头时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度，可能导致摆角大于10，使误差增大，选项c错误；拉开摆球，使摆线偏离平衡位置小于5度，在摆球通过平衡位置的同时开头计时，测量单摆运动50个周期的时间t，则单摆周期Tt/50，选项d错误e正确答案(1)18.6(2)abe