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题型专项练(六)
数据计算类
(20分钟,50分)
1.(6分)将状况相同的某种绿叶均分成四组,在不同温度下分别先暗处理1 h,再光照1 h(各组光照强度相同),测其重量变化,得到下表的数据。可以得出的正确结论是 ( )
组别
一
二
三
四
温度(℃)
27
28
29
30
暗处理后重量变化(mg)
-1
-2
-3
-1
光照后与暗处理前
重量变化比较(mg)
+1
+2
+3
+1
A.该植物光合作用的最适温度约是27℃
B.在上述四种温度下,该植物细胞呼吸的最适温度是29℃
C.27℃和29℃该植物合成有机物的速率相等
D.30℃下该植物的真正光合速率为2 mg/h
【解析】选B。表中暗处理后重量变化反映细胞呼吸,在29℃时重量削减最多,因此四种温度下,该植物细胞呼吸的最适温度是29℃,B项正确;表中光照后与暗处理前重量变化为1 h光合作用,2 h细胞呼吸的变化量,则实际光合作用量见下表:
组别
一
二
三
四
温度(℃)
27
28
29
30
暗处理后重量变化(mg)
-1
-2
-3
-1
光照后与暗处理前
重量变化比较(mg)
+1
+2
+3
+1
实际光合作用变化(mg)
3
6
9
3
由表可知,该植物光合作用的最适温度约是29℃,A项不正确;27℃和29℃该植物合成有机物的速率不相等,C项不正确;30℃下该植物的真正光合速率为3 mg/h,
D项不正确。
2.(6分)下图表示某肽链片段合成的过程示意图,下列有关叙述不正确的是
( )
A.若仅a链发生突变,A变为C,则图示片段复制3次共需游离的腺嘌呤脱氧核苷酸18个
B.①和②过程都需要能量和DNA聚合酶
C.若c上碱基A∶C∶U∶G=1∶2∶3∶4,则其模板链对应的DNA片段中A∶C∶T∶G=2∶3∶2∶3
D.③过程的模板和场所含有相同的五碳糖
【解析】选B。由图可知,a、b链上共有腺嘌呤3个,则假如不发生突变,图示片段复制3次共需腺嘌呤脱氧核苷酸个数为3×(23-1)=21个,当a链上的A突变为C时,以a链为模板合成的子代DNA片段比原DNA片段少一个A,经过3次复制后(相当于突变的片段经过了两次复制),含有的a链数共有4条,除原始模板外,净增了3条少一个A的a链,因此图示片段复制3次共需游离的腺嘌呤脱氧核苷酸18个,A项正确。图中①为DNA复制,②为转录,因此②过程不需DNA聚合酶,B项不正确。c链是以b链为模板转录而来,依据DNA分子中的碱基互补配对原则,有A=Aa+Ab=Aa+Ta=Ac+Uc;同理可得,T=Ac+Uc、G=Gc+Cc、C=Gc+Cc;因此其模板链对应的DNA片段中A∶C∶T∶G=(1+3)∶(2+4)∶(1+3)∶(2+4)=2∶3∶2∶3,C项正确。③过程为翻译,其模板是mRNA,场所是核糖体,含有rRNA,二者均含有相同的五碳糖——核糖,D项正确。
【方法技巧】与DNA分子有关的计算
(1)假设某DNA片段中含有某种碱基数为A:则经n次复制后,共需该种碱基的数目为A×(2n-1)。
(2)两互补碱基之和在整个DNA分子中的比例=其在任意一条链上的比例=其在以该DNA为模板转录出的RNA片段上的比例。
3.(6分)已知某异花受粉的野生植物,其高茎(A)对矮茎(a)为显性,紫花(B)对白花(b)为显性,两对基因独立遗传。对这一野生植物种群进行争辩发觉,其表现型及所占比例分别是高茎紫花占2/3,高茎白花占1/12,矮茎紫花占2/9,矮茎白花占1/36(已知纯合子的基因型频率等于相应基因频率的乘积)。依据相关信息推断下列有关叙述不正确的是 ( )
A.若只考虑茎的高度,其遗传符合基因的分别定律
B.该野生种群中,基因A的频率为50%
C.该野生种群中,高茎紫花植株中的纯合子的概率为1/9
D.若让全部高茎紫花植株自由交配,则后代中毁灭矮茎白花的概率为1/144
【解析】选C。高茎与矮茎是由一对等位基因把握的相对性状,因此其遗传符合基因的分别定律,A项正确。单独分析高茎与矮茎可知,高茎∶矮茎=3∶1,且依据纯合子的基因型频率等于相应基因频率的乘积可知,A的基因频率为50%,B项正确。该野生种群中,高茎植株纯合子的比例为1/3,单独分析花色可知,紫花∶白花=8∶1,则b的基因频率为1/3,B的基因频率为2/3,因此紫花植株中纯合子的比例为1/2,所以高茎紫花植株中的纯合子的概率为1/6,C项不正确。若让全部高茎紫花植株自由交配,由于全部的高茎植株基因型及比例为AA∶Aa=1∶2,则a的基因频率为1/3,自由交配的后代中矮茎植株的比例为1/9;由于全部紫花植株基因型及比例为BB∶Bb=1∶1,则b的基因频率为1/4,自由交配的后代中白花植株的比例为1/16;故后代中毁灭矮茎白花的概率为1/144,D项正确。
4.(16分)下图甲表示某绿色植物叶片CO2吸取量随光照强度渐渐增加的变化曲线,S1、S2、S3分别表示所属范围的面积;图乙是接受“半叶法”对该植物叶片的光合作用强度进行测定的试验步骤图。请据图回答:
(1)甲图中0～D间此叶片呼吸消耗有机物的量为 ,光合作用产生有机物的净积累量为 。(用S1、S2、S3表示)。
(2)当光照强度为甲图中的D点时,叶肉细胞中生成的O2去向是 。
(3)图乙中将对称叶片的一部分(A)遮光,另一部分(B)不做处理,并用适当的方法阻挡两部分的物质和能量转移。在适宜光照下照射6小时后,在A、B的对应部位截取相等面积的叶片,烘干称重,分别记为MA、MB。则B的被截取部分光合作用合成的有机物总量= mg/h。(用字母表示)
【解析】(1)光照强度不影响细胞呼吸的强度,因此光照强度为0时的CO2释放量能够反映细胞呼吸的强度,则甲图中0～D间此叶片呼吸消耗有机物的量可以用S1+S3表示,实际光合作用制造的有机物总量可以用S2+S3表示,依据光合作用的净积累量=光合作用产生量-呼吸作用消耗量,该时间段内叶片光合作用制造的有机物净积累量为(S2+S3)-(S1+S3)=S2-S1。
(2)当光照强度为甲图中的D点时,叶肉细胞中光合作用强度大于细胞呼吸强度,因此生成的O2除满足呼吸消耗外,剩余部分释放出叶肉细胞。
(3)乙图中,可设A、B的对应部位截取的叶片原重为X,则遮光条件下(A),只有有机物的消耗,因此叶片重量削减,可得细胞呼吸消耗量为X-MA;在光照条件下(B),光合作用强度大于细胞呼吸强度,有机物渐渐积累,因此MB-X为有机物净积累量,由于除光照外,其他条件都相同,因此A、B部分的细胞呼吸相等,依据光合作用的净积累量=光合作用产生量-细胞呼吸消耗量可得,B的被截取部分光合作用合成的有机物总量=有机物的积累量+呼吸消耗量=(MB-X)+(X-MA)=MB-MA,则B的被截取部分光合作用合成的有机物总量为(MB-MA)/6mg/h。
答案:(1)S1+S3 S2-S1 (2)线粒体、细胞外
(3)(MB-MA)/6
5.(16分)某自然疼惜区地震后,据不完全统计,植被毁损率达30%以上。下图为该地区人为干预下恢复过程的能量流淌图(单位为103kJ·m-2·a-1)。请据图回答下列问题:
(1)图中A表示 ,图中未利用部分的能量在生物体内的存在形式是
。
(2)如图所示,除生产者外其他养分级需要补偿能量输入的缘由是
。
(3)计算可知,肉食性动物需补偿输入的能量为 ×103kJ·m-2·a-1。
【解题指导】解答本题需明确:
某养分级的能量输入量与输出量相等。
【解析】(1)流经某养分级的能量,其中一部分通过自身呼吸作用消耗,一部分用于生长发育和繁殖,以有机物中的化学能的形式储存起来,这些储存的能量流向分解者、下一养分级或临时未被利用,因此图中的A表示呼吸作用。
(2)由于植被受损,生产者制造的有机物不足以维持该生态系统的需要,因此需要人为输入有机物,以补偿能量输入,同时也可以减轻植被恢复的压力。
(3)依据某养分级能量的输入量等于输出量,可先计算植食性动物流向肉食性动物的能量为:14+2-(0.5+9+4)=2.5(×103kJ·m-2·a-1),进而计算肉食性动物需补偿输入的能量为:0.05+0.25+2.1+5.1-2.5=5(×103kJ·m-2·a-1)。
答案:(1)呼吸作用 有机物中的化学能
(2)植被受损,流入该生态系统的能量削减,需人为补偿能量输入以减轻植被恢复的压力
(3)5
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