2021届高考数学(理科-广东)二轮专题复习配套word版训练：专题八-第3讲-不等式选讲.docx

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1、第3讲不等式选讲考情解读本部分主要考查确定值不等式的解法，求含确定值的函数的值域及求含参数的确定值不等式中参数的取值范围，不等式的证明等，结合集合的运算、函数的图象和性质、恒成立问题及基本不等式、确定值不等式的应用成为命题的热点，从力气上主要考查基本运算力气与推理论证力气及数形结合思想、分类争辩思想1含有确定值的不等式的解法(1)|f(x)|a(a0)f(x)a或f(x)a；(2)|f(x)|0)af(x)a；(3)对形如|xa|xb|c，|xa|xb|c的不等式，可利用确定值不等式的几何意义求解2含有确定值的不等式的性质|a|b|ab|a|b|.3算术几何平均不等式定理1：设a，bR，则a2

2、b22ab.当且仅当ab时，等号成立定理2：假如a、b为正数，则，当且仅当ab时，等号成立定理3：假如a、b、c为正数，则，当且仅当abc时，等号成立定理4：(一般形式的算术几何平均不等式)假如a1，a2，an为n个正数，则，当且仅当a1a2an时，等号成立4不等式的证明方法证明不等式常用的方法有比较法、综合法、分析法、反证法、放缩法等热点一含确定值不等式的解法例1不等式|x3|2x1|1的解集为_答案解析当x3时，原不等式化为(x3)(12x)1，解得x10，x3.当3x时，原不等式化为(x3)(12x)1，解得x，3x.当x时，原不等式化为(x3)(2x1)2，x2.综上可知，原不等式的解

3、集为.思维升华(1)用零点分段法解确定值不等式的步骤：求零点；划区间、去确定值号；分别解去掉确定值的不等式；取每个结果的并集，留意在分段时不要遗漏区间的端点值(2)用图象法、数形结合可以求解含有确定值的不等式，使得代数问题几何化，既通俗易懂，又简洁直观，是一种较好的方法 (1)若不等式|x1|x2|a无实数解，则a的取值范围是_答案(，3解析由确定值的几何意义知|x1|x2|的最小值为3，而|x1|x2|0，求证：3a32b33a2b2ab2；(2)a68b6c62a2b2c2；(3)a24b29c22ab3ac6bc.证明(1)3a32b3(3a2b2ab2)3a2(ab)2b2(ab)(a

4、b)(3a22b2)ab0，ab0,3a22b20.(ab)(3a22b2)0.3a32b33a2b2ab2.(2)a68b6c633a2b2c22a2b2c2，a68b6c62a2b2c2.(3)a24b224ab，a29c226ac，4b29c2212bc，2a28b218c24ab6ac12bc，a24b29c22ab3ac6bc.思维升华(1)作差法应当是证明不等式的常用方法作差法证明不等式的一般步骤：作差；分解因式；与0比较；结论关键是代数式的变形力气(2)留意观看不等式的结构，利用基本不等式或柯西不等式证明 (2021课标全国)设a、b、c均为正数，且abc1，证明：(1)abbc

5、ca；(2)1.证明(1)由a2b22ab，b2c22bc，c2a22ac得a2b2c2abbcca.由题设得(abc)21，即a2b2c22ab2bc2ca1.所以3(abbcca)1，即abbcca.(2)由于b2a，c2b，a2c，故(abc)2(abc)，即abc.所以1.热点三不等式的综合应用例3(2021陕西)已知a，b，m，n均为正数，且ab1，mn2，则(ambn)(bman)的最小值为_答案2解析先化简式子，再利用基本不等式求解最值，留意等号取得的条件a，b，m，nR，且ab1，mn2，(ambn)(bman)abm2a2mnb2mnabn2ab(m2n2)2(a2b2)2a

6、bmn2(a2b2)4ab2(a2b2)2(a2b22ab)2(ab)22，当且仅当mn时，取“”所求最小值为2.思维升华利用基本不等式求解最值时，有时需化简代数式，切记等号成立的条件 (2022湖北改编)设a，b，c，x，y，z是正数，且a2b2c210，x2y2z240，axbycz20，则_.答案解析通过等式找出abc与xyz的关系由题意可得x2y2z22ax2by2cz，与a2b2c210相加可得(xa)2(yb)2(zc)210，所以不妨令，则xyz2(abc)，即.1对于带有确定值的不等式的求解，要把握好三个方法：一个是依据确定值的几何意义，借助于数轴的直观解法；二是依据确定值的意

7、义，接受零点分区去确定值后转化为不等式组的方法；三是构造函数，通过函数图象的方法要在解题过程中依据不同的问题情境机敏选用这些方法2使用确定值三角不等式求最值很便利，如|x2|x4|(x2)(x4)|6.3易错点：解确定值不等式时忽视去掉确定值的分界点；在使用算术几何平均不等式求最值时忽视争辩等号成立的条件.真题感悟1(2022江西改编)对任意x，yR，|x1|x|y1|y1|的最小值为_答案3解析x，yR，|x1|x|(x1)x|1，|y1|y1|(y1)(y1)|2，|x1|x|y1|y1|3.|x1|x|y1|y1|的最小值为3.2(2022湖南)若关于x的不等式|ax2|3的解集为x|x

9、.综上可得，g(x)的最小值为5.从而，若f(x)f(x5)m，即g(x)m对一切实数x恒成立，则m的取值范围为(，5方法二(1)同方法一(2)当a2时，f(x)|x2|.设g(x)f(x)f(x5)由|x2|x3|(x2)(x3)|5(当且仅当3x2时等号成立)，得g(x)的最小值为5.从而，若f(x)f(x5)m，即g(x)m对一切实数x恒成立，则m的取值范围为(，52设a，b，c均为正实数，试证明不等式，并说明等号成立的条件解由于a，b，c均为正实数，所以，当且仅当ab时等号成立；，当且仅当bc时等号成立；，当且仅当ac时等号成立三个不等式相加，得，当且仅当abc时等号成立(推举时间：4

10、0分钟)1假如关于x的不等式|xa|x4|1的解集是R，则实数a的取值范围是_答案(，53，)解析在数轴上，结合确定值的几何意义可知a5或a3.2(2022重庆)若不等式|2x1|x2|a2a2对任意实数x恒成立，则实数a的取值范围是_答案1，解析设y|2x1|x2|当x5；当2x；当x时，y3x1，故函数y|2x1|x2|的最小值为.由于不等式|2x1|x2|a2a2对任意实数x恒成立，所以a2a2.解不等式a2a2，得1a，故a的取值范围为1，3若不等式|ax2|4的解集为(1,3)，则实数a_.答案2解析由4ax24，得6ax0时，x，与解集(1,3)不符；当a0时，x，a2.4不等式|

11、x3|x1|a23a对任意实数x恒成立，则实数a的取值范围是_答案1,4解析由确定值的几何意义知，|x3|x1|的几何意义为数轴上点x到点3,1的距离的和，则|x3|x1|的最小值为4，不等式|x3|x1|a23a对任意实数x恒成立，只需a23a4，解得1a4.a的取值范围为1,45已知集合AxR|x3|x4|9，BxR|x4t6，t(0，)，则集合AB_.答案x|2x5解析由|x3|x4|9，当x3时，x3(x4)9，即4x4时，x3x49，即4x5.综上所述，Ax|4x5又x4t6，t(0，)，x262，当且仅当t时取等号Bx|x2，ABx|2x56已知关于x的不等式|x1|xa|8的解集

12、不是空集，则a的最小值是_答案7解析|x1|xa|x1|ax|a1|，要使关于x的不等式不是空集，则|a1|8，7a9，即a的最小值为7.7设f(x)x2bxc，不等式f(x)f(1t2)，则实数t的取值范围是_答案(3,3)解析x2bxc0且1,3是x2bxc0的两根则函数f(x)x2bxc图象的对称轴方程为x1，且f(x)在1，)上是增函数，又7|t|71,1t21，则由f(7|t|)f(1t2)，得7|t|1t2，即|t|2|t|60，亦即(|t|2)(|t|3)0，|t|3，即3t0，则当a_时，取得最小值答案2解析由于ab2，所以，由于b0，|a|0，所以21，因此当a0时，的最小值

13、是1；当a0时，的最小值是1.故的最小值为，此时即a2.9若T1，T2，则当s，m，nR时，T1与T2的大小为_答案T1T2解析由于s0.所以T1T2.10设0xa2，a0，b0得ba.又cb(1x)0得cb，知c最大11设x0，y0，M，N，则M、N的大小关系为_答案MM.12若a，bR，且ab，M，N，则M、N的大小关系为_答案MN解析ab，2，2，22，.即MN.13对于实数x，y，若|x1|1，|y2|1，则|x2y1|的最大值为_答案5解析|x1|1，1x11，0x2.又|y2|1，1y21，1y3，从而62y2.由同向不等式的可加性可得6x2y0，5x2y11，|x2y1|的最大值为5.14不等式|a5|1对于任一非零实数x均成立，则实数a的取值范围是_答案(4,6)解析|x|2，所以|a5|12，即|a5|1，4aa对于一切xR恒成立，则实数a的取值范围是_答案(，2)解析由确定值的几何意义知|x4|x5|9，则log3(|x4|x5|)2，所以要使不等式log3(|x4|x5|)a对于一切xR恒成立，则需a2.

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