2021届高考数学(理科-广东)二轮专题复习配套word版训练：专题一-第2讲-不等式与线性规划.docx

第2讲　不等式与线性规划
考情解读　1.在高考中主要考查利用不等式的性质进行两数的大小比较、一元二次不等式的解法、基本不等式及线性规划问题．基本不等式主要考查求最值问题，线性规划主要考查直接求最优解和已知最优解求参数的值或取值范围问题.2.多与集合、函数等学问交汇命题，以选择、填空题的形式呈现，属中档题．

1．四类不等式的解法
(1)一元二次不等式的解法
先化为一般形式ax2＋bx＋c>0(a≠0)，再求相应一元二次方程ax2＋bx＋c＝0(a≠0)的根，最终依据相应二次函数图象与x轴的位置关系，确定一元二次不等式的解集．
(2)简洁分式不等式的解法
①变形⇒>0(<0)⇔f(x)g(x)>0(<0)；
②变形⇒≥0(≤0)⇔f(x)g(x)≥0(≤0)且g(x)≠0.
(3)简洁指数不等式的解法
①当a>1时，af(x)>ag(x)⇔f(x)>g(x)；
②当0<a<1时，af(x)>ag(x)⇔f(x)<g(x)．
(4)简洁对数不等式的解法
①当a>1时，logaf(x)>logag(x)⇔f(x)>g(x)且f(x)>0，g(x)>0；
②当0<a<1时，logaf(x)>logag(x)⇔f(x)<g(x)且f(x)>0，g(x)>0.
2．五个重要不等式
(1)|a|≥0，a2≥0(a∈R)．
(2)a2＋b2≥2ab(a、b∈R)．
(3)≥(a>0，b>0)．
(4)ab≤()2(a，b∈R)．
(5) ≥≥≥(a>0，b>0)．
3．二元一次不等式(组)和简洁的线性规划
(1)线性规划问题的有关概念：线性约束条件、线性目标函数、可行域、最优解等．
(2)解不含实际背景的线性规划问题的一般步骤：①画出可行域；②依据线性目标函数的几何意义确定最优解；③求出目标函数的最大值或者最小值．
4．两个常用结论
(1)ax2＋bx＋c>0(a≠0)恒成立的条件是
(2)ax2＋bx＋c<0(a≠0)恒成立的条件是

热点一　一元二次不等式的解法
例1　(1)(2021·安徽)已知一元二次不等式f(x)<0的解集为，则f(10x)>0的解集为(　　)
A．{x|x<－1或x>－lg 2}
B．{x|－1<x<－lg 2}
C．{x|x>－lg 2}
D．{x|x<－lg 2}
(2)已知函数f(x)＝(x－2)(ax＋b)为偶函数，且在(0，＋∞)单调递增，则f(2－x)>0的解集为(　　)
A．{x|x>2或x<－2} B．{x|－2<x<2}
C．{x|x<0或x>4} D．{x|0<x<4}
思维启迪　(1)利用换元思想，设10x＝t，先解f(t)>0.(2)利用f(x)是偶函数求b，再解f(2－x)>0.
答案　(1)D　(2)C
解析　(1)由已知条件0<10x<，解得x<lg＝－lg 2.
(2)由题意可知f(－x)＝f(x)．
即(－x－2)(－ax＋b)＝(x－2)(ax＋b)，(2a－b)x＝0恒成立，
故2a－b＝0，即b＝2a，则f(x)＝a(x－2)(x＋2)．
又函数在(0，＋∞)单调递增，所以a>0.
f(2－x)>0即ax(x－4)>0，解得x<0或x>4.
故选C.
思维升华　二次函数、二次不等式是高中数学的基础学问，也是高考的热点，“三个二次”的相互转化体现了转化与化归的数学思想方法．
　(1)不等式≤0的解集为(　　)
A．(－，1]
B．[－，1]
C．(－∞，－)∪[1，＋∞)
D．(－∞，－]∪[1，＋∞)
(2)已知p：∃x0∈R，mx＋1≤0，q：∀x∈R，x2＋mx＋1>0.若p∧q为真命题，则实数m的取值范围是(　　)
A．(－∞，－2) B．[－2,0)
C．(－2,0) D．[0,2]
答案　(1)A　(2)C
解析　(1)原不等式等价于(x－1)(2x＋1)<0或x－1＝0，即－<x<1或x＝1，
所以不等式的解集为(－，1]，选A.
(2)p∧q为真命题，等价于p，q均为真命题．命题p为真时，m<0；命题q为真时，Δ＝m2－4<0，解得－2<m<2.故p∧q为真时，－2<m<0.
热点二　基本不等式的应用
例2　(1)(2022·湖北)某项争辩表明：在考虑行车平安的状况下，某路段车流量F(单位时间内经过测量点的车辆数，单位：辆/时)与车流速度v(假设车辆以相同速度v行驶，单位：米/秒)、平均车长l(单位：米)的值有关，其公式为F＝.
①假如不限定车型，l＝6.05，则最大车流量为________辆/时；
②假如限定车型，l＝5，则最大车流量比①中的最大车流量增加________辆/时．
(2)(2021·山东)设正实数x，y，z满足x2－3xy＋4y2－z＝0，则当取得最大值时，＋－的最大值为(　　)
A．0 B．1 C. D．3
思维启迪　(1)把所给l值代入，分子分母同除以v，构造基本不等式的形式求最值；(2)关键是查找取得最大值时的条件．
答案　(1)①1 900　②100　(2)B
解析　(1)①当l＝6.05时，F＝
＝≤＝＝1 900.
当且仅当v＝11 米/秒时等号成立，此时车流量最大为1 900辆/时．
②当l＝5时，F＝＝≤＝＝2 000.
当且仅当v＝10 米/秒时等号成立，此时车流量最大为2 000 辆/时．比①中的最大车流量增加100 辆/时．
(2)由已知得z＝x2－3xy＋4y2，(*)
则＝＝≤1，当且仅当x＝2y时取等号，把x＝2y代入(*)式，得z＝2y2，
所以＋－＝＋－＝－2＋1≤1，
所以当y＝1时，＋－的最大值为1.
思维升华　在利用基本不等式求最值时，要特殊留意“拆、拼、凑”等技巧，使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必需为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用，否则会毁灭错误．
　(1)若点A(m，n)在第一象限，且在直线＋＝1上，则mn的最大值为________．
(2)已知关于x的不等式2x＋≥7在x∈(a，＋∞)上恒成立，则实数a的最小值为(　　)
A．1 B. C．2 D.
答案　(1)3　(2)B
解析　(1)由于点A(m，n)在第一象限，且在直线＋＝1上，所以m，n>0，且＋＝1.
所以·≤()2(当且仅当＝＝，即m＝，n＝2时，取等号)．所以·≤，即mn≤3，
所以mn的最大值为3.
(2)2x＋＝2(x－a)＋＋2a
≥2·＋2a＝4＋2a，
由题意可知4＋2a≥7，得a≥，
即实数a的最小值为，故选B.
热点三　简洁的线性规划问题
例3　(2021·湖北)某旅行社租用A、B两种型号的客车支配900名客人旅行，A、B两种车辆的载客量分别为36人和60人，租金分别为1 600元/辆和2 400元/辆，旅行社要求租车总数不超过21辆，且B型车不多于A型车7辆．则租金最少为(　　)
A．31 200元 B．36 000元
C．36 800元 D．38 400元
思维启迪　通过设变量将实际问题转化为线性规划问题．
答案　C
解析　设租A型车x辆，B型车y辆时租金为z元，
则z＝1 600x＋2 400y,　x、y满足
画出可行域如图
直线y＝－x＋过点A(5,12)时纵截距最小，
所以zmin＝5×1 600＋2 400×12＝36 800，
故租金最少为36 800元．
思维升华　(1)线性规划问题一般有三种题型：一是求最值；二是求区域面积；三是确定目标函数中的字母系数的取值范围．(2)解决线性规划问题首先要找到可行域，再留意目标函数所表示的几何意义，利用数形结合找到目标函数的最优解．(3)对于应用问题，要精确     地设出变量，确定可行域和目标函数．
　(1)已知实数x，y满足约束条件，则w＝的最小值是(　　)
A．－2 B．2
C．－1 D．1
(2)设z＝kx＋y，其中实数x，y满足若z的最大值为12，则k＝________.
答案　(1)D　(2)2
解析　(1)画出可行域，如图所示．

w＝表示可行域内的点(x，y)与定点P(0，－1)连线的斜率，观看图形可知PA的斜率最小为＝1，故选D.
(2)首先画出可行域如下图所示，可知当x＝y＝4时，z取最大值12，∴12＝4k＋4，∴k＝2.

1．几类不等式的解法
一元二次不等式解集的端点值是相应一元二次方程的根，也是相应的二次函数图象与x轴交点的横坐标，即二次函数的零点；分式不等式可转化为整式不等式(组)来解；以函数为背景的不等式可利用函数的单调性进行转化．
2．基本不等式的作用
二元基本不等式具有将“积式”转化为“和式”或将“和式”转化为“积式”的放缩功能，经常用于比较数(式)的大小或证明不等式或求函数的最值或解决不等式恒成立问题．解决问题的关键是弄清分式代数式、函数解析式、不等式的结构特点，选择好利用基本不等式的切入点，并制造基本不等式的应用背景，如通过“代换”、“拆项”、“凑项”等技巧，转变原式的结构使其具备基本不等式的应用条件．利用基本不等式求最值时要留意“一正、二定、三相等”的条件，三个条件缺一不行．
3．线性规划问题的基本步骤
(1)定域——画出不等式(组)所表示的平面区域，留意平面区域的边界与不等式中的不等号的对应；
(2)平移——画出目标函数等于0时所表示的直线l，平行移动直线，让其与平面区域有公共点，依据目标函数的几何意义确定最优解，留意要娴熟把握最常见的几类目标函数的几何意义；
(3)求值——利用直线方程构成的方程组求解最优解的坐标，代入目标函数，求出最值.

真题感悟
1．(2022·山东)已知实数x，y满足ax<ay(0<a<1)，则下列关系式恒成立的是(　　)
A.> B．ln(x2＋1)>ln(y2＋1)
C．sin x>sin y D．x3>y3
答案　D
解析　由于0<a<1，ax<ay，所以x>y.接受赋值法推断，A中，当x＝1，y＝0时，<1，A不成立．B中，当x＝0，y＝－1时，ln 1<ln 2，B不成立．C中，当x＝0，y＝－π时，sin x＝sin y＝0，C不成立．D中，由于函数y＝x3在R上是增函数，故选D.
2．(2022·广东)若变量x，y满足约束条件且z＝2x＋y的最大值和最小值分别为m和n，则m－n等于(　　)
A．5 B．6 C．7 D．8
答案　B
解析　画出可行域，如图阴影部分所示．
由z＝2x＋y，得y＝－2x＋z.
由得
∴A(－1，－1)．
由得
∴B(2，－1)．
当直线y＝－2x＋z经过点A时，zmin＝2×(－1)－1＝－3＝n.当直线y＝－2x＋z经过点B时，zmax＝2×2－1＝3＝m，故m－n＝6.
押题精练
1．为了迎接2022年3月8日的到来，某商场进行了促销活动，经测算某产品的销售量P万件(生产量与销售量相等)与促销费用x万元满足P＝3－，已知生产该产品还需投入成本(10＋2P)万元(不含促销费用)，产品的销售价格定为(4＋)万元/万件．则促销费用投入
万元时，厂家的利润最大？(　　)
A．1 B．1.5
C．2 D．3
答案　A
解析　设该产品的利润为y万元，由题意知，该产品售价为2×()万元，所以y＝2×()×P－10－2P－x＝16－－x(x>0)，所以y＝17－(＋x＋1)≤17－2＝13(当且仅当＝x＋1，即x＝1时取等号)，所以促销费用投入1万元时，厂家的利润最大，故选A.
2．若点P(x，y)满足线性约束条件点A(3，)，O为坐标原点，则·的最大值为________．
答案　6
解析　由题意，知＝(3，)，设＝(x，y)，则·＝3x＋y.
令z＝3x＋y，
如图画出不等式组所表示的可行域，

可知当直线y＝－x＋z经过点B时，z取得最大值．
由解得即B(1，)，故z的最大值为3×1＋×＝6.
即·的最大值为6.

(推举时间：50分钟)
一、选择题
1．(2022·四川)若a>b>0，c<d<0，则确定有(　　)
A.> B.<
C.> D.<
答案　D
解析　令a＝3，b＝2，c＝－3，d＝－2，
则＝－1，＝－1，
所以A，B错误；
＝－，＝－，
所以<，
所以C错误．故选D.
2．若x∈(0,1)，则下列结论正确的是(　　)
A．lg x>x>2x
B．2x>lg x>x
C．x>2x>lg x
D．2x>x>lg x
答案　D
解析　分别画出函数y＝2x，y＝x，y＝lg x的图象，如下图，由图象可知，在x∈(0,1)时，有2x>x>lg x，
故选D.

3．(2021·重庆)关于x的不等式x2－2ax－8a2<0(a>0)的解集为(x1，x2)，且x2－x1＝15，则a等于(　　)
A. B.
C. D.
答案　A
解析　由x2－2ax－8a2<0，得(x＋2a)(x－4a)<0，因a>0，所以不等式的解集为(－2a,4a)，即x2＝4a，x1＝－2a，由x2－x1＝15，得4a－(－2a)＝15，解得a＝.
4．(2022·重庆)若log4(3a＋4b)＝log2，则a＋b的最小值是(　　)
A．6＋2 B．7＋2
C．6＋4 D．7＋4
答案　D
解析　由题意得所以
又log4(3a＋4b)＝log2，
所以log4(3a＋4b)＝log4ab，
所以3a＋4b＝ab，故＋＝1.
所以a＋b＝(a＋b)(＋)＝7＋＋
≥7＋2＝7＋4，
当且仅当＝时取等号．故选D.
5．已知变量x，y满足约束条件，则z＝x＋2y－1的最大值为(　　)
A．9 B．8
C．7 D．6
答案　B
解析　约束条件所表示的区域如图，

由图可知，当目标函数过A(1,4)时取得最大值，故z＝x＋2y－1的最大值为1＋2×4－1＝8.
二、填空题
6．已知f(x)是R上的减函数，A(3，－1)，B(0,1)是其图象上两点，则不等式|f(1＋ln x)|<1的解集是________．
答案　(，e2)
解析　∵|f(1＋ln x)|<1，
∴－1<f(1＋ln x)<1，
∴f(3)<f(1＋ln x)<f(0)，
又∵f(x)在R上为减函数，
∴0<1＋ln x<3，∴－1<ln x<2，
∴<x<e2.
7．若x，y满足条件且z＝2x＋3y的最大值是5，则实数a的值为________．
答案　1
解析　画出满足条件的可行域如图阴影部分所示，则当直线z＝2x＋3y过点A(a，a)时，z＝2x＋3y取得最大值5，所以5＝2a＋3a，解得a＝1.

8．若点A(1,1)在直线2mx＋ny－2＝0上，其中mn>0，则＋的最小值为________．
答案　＋
解析　∵点A(1,1)在直线2mx＋ny－2＝0上，
∴2m＋n＝2，
∵＋＝(＋)＝(2＋＋＋1)
≥(3＋2)＝＋，
当且仅当＝，即n＝m时取等号，
∴＋的最小值为＋.
三、解答题
9．设集合A为函数y＝ln(－x2－2x＋8)的定义域，集合B为函数y＝x＋的值域，集合C为不等式(ax－)(x＋4)≤0的解集．
(1)求A∩B；
(2)若C⊆∁RA，求a的取值范围．
解　(1)由－x2－2x＋8>0得－4<x<2，
即A＝(－4,2)．
y＝x＋＝(x＋1)＋－1，
当x＋1>0，即x>－1时y≥2－1＝1，
此时x＝0，符合要求；
当x＋1<0，即x<－1时，y≤－2－1＝－3，
此时x＝－2，符合要求．
所以B＝(－∞，－3]∪[1，＋∞)，
所以A∩B＝(－4，－3]∪[1,2)．
(2)(ax－)(x＋4)＝0有两根x＝－4或x＝.
当a>0时，C＝{x|－4≤x≤}，不行能C⊆∁RA；
当a<0时，C＝{x|x≤－4或x≥}，
若C⊆∁RA，则≥2，∴a2≤，
∴－≤a<0.故a的取值范围为[－，0)．
10．投资生产A产品时，每生产100吨需要资金200万元，需场地200平方米，可获利润300万元；投资生产B产品时，每生产100吨需要资金300万元，需场地100平方米，可获利润200万元．现某单位可使用资金1 400万元，场地900平方米，问：应作怎样的组合投资，可使获利最大？
解　设生产A产品x百吨，生产B产品y百吨，利润为S百万元，
则约束条件为目标函数为S＝3x＋2y.作出可行域如图阴影部分所示，

作直线l0：3x＋2y＝0，将l0向上平移时，S＝3x＋2y随之增大，
当它经过直线2x＋y＝9和2x＋3y＝14的交点(，)时，S最大，此时，Smax＝3×＋2×＝14.75.
因此，生产A产品325吨，生产B产品250吨时，
利润最大为1 475万元．
11．某工厂生产某种产品，每日的成本C(单位：万元)与日产量x(单位：吨)满足函数关系式C＝3＋x，每日的销售额S(单位：万元)与日产量x的函数关系式S＝已知每日的利润L＝S－C，且当x＝2时，L＝3.
(1)求k的值；
(2)当日产量为多少吨时，每日的利润可以达到最大，并求出最大值．
解　(1)由题意可得L＝
由于当x＝2时，L＝3，所以3＝2×2＋＋2，
解得k＝18.
(2)当0<x<6时，L＝2x＋＋2，所以
L＝2(x－8)＋＋18＝－[2(8－x)＋]＋18≤－2＋18＝6，
当且仅当2(8－x)＝，即x＝5时取得等号．
当x≥6时，L＝11－x≤5.
所以当x＝5时L取得最大值6.
所以当日产量为5吨时，每日的利润可以达到最大，最大值为6万元．