1、2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题（本大题共10小题；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请将正确选项填涂在答题卡上.）1若直线与圆相切，则的值是（）A.-2或12B.2或-12C.-2或-12D.2或122若，则下列不等式中，正确的是（ ）A.B.C.D.3已知M，N都是实数，则“”是“”的（）条件A.充分不必要B.必要不充分C.充要D.
2、既不充分也不必要4已知函数（，）的图象（部分）如图所示，则的解析式是A.B.C.D.5已知是定义在上的偶函数，那么的最大值是（ ）A.0B.C.D.16已知x0，y0，且x+2y2，则xy（）A.有最大值为1B.有最小值为1C.有最大值为D.有最小值为7函数的零点个数为（ ）A.B.C.D.8已知函数在内是减函数，则的取值范围是A.B.C.D.9设函数的最小正周期为，且在内恰有3个零点，则的取值范围是（ ）A.B.C.D.10下列说法不正确的是（）A.奇函数的图象关于原点对称，但不一定过原点B.偶函数的图象关于y轴对称，但不一定和y轴相交C.若偶函数的图象与x轴有且仅有两交点，且横坐标分别为，
3、则D.若奇函数的图象与y轴相交，交点不一定是原点二、填空题（本大题共5小题，请把答案填在答题卡中相应题中横线上）11函数的单调增区间是_12已知，则_13设，依次是方程，的根，并且，则，的大小关系是_14已知实数x，y满足条件，则的最大值_.15在中，且在上，则线段的长为_三、解答题（本大题共6小题.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.）16（1）已知，则；（2）已知角的终边上有一点的坐标是，其中，求17已知直线，直线经过点，且（1）求直线的方程；（2）记与轴相交于点，与轴相交于点，与相交于点，求的面积18已知定义域为的函数是奇函数.(1) 求实数的值；(2) 判断并用定义证明该函数在定义
4、域上的单调性；(3) 若方程在内有解，求实数的取值范围19已知全集，若集合，.（1）若，求，；（2）若，求实数的取值范围.20已知函数，.（1）解不等式：；（2）若函数在区间上存在零点，求实数的取值范围；（3）若函数的反函数为，且，其中为奇函数，为偶函数，试比较与的大小.21函数的一段图象如下图所示.（1）求函数的解析式；（2）将函数的图象向右平移个单位，得到的图象.求直线与函数的图象在内所有交点的横坐标之和.参考答案一、选择题（本大题共10小题；在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，请将正确选项填涂在答题卡上.）1、C【解析】解方程即得解.【详解】解：由题得圆的圆心坐标为半径为1，
5、所以或.故选：C2、C【解析】利用不等式的基本性质判断.【详解】由，得，即，故A错误；则，则，即，故B错误；则，所以，故C正确；则，所以，故D错误； 故选：C3、B【解析】用定义法进行判断.【详解】充分性：取，满足.但是无意义，所以充分性不满足；必要性：当成立时，则有,所以.所以必要性满足.故选：B4、C【解析】根据图象可知，利用正弦型函数可求得；根据最大值和最小值可确定，利用及可求得，从而得到函数解析式.【详解】由图象可知，的最小正周期：又又，且，即，本题正确选项：【点睛】本题考查根据图象求解三角函数解析式的问题，关键是能够明确由最大值和最小值确定；由周期确定；通常通过最值点来进行求解，属于
6、常考题型.5、C【解析】f(x)ax2bx是定义在a1,2a上偶函数，a12a0，a.又f(x)f(x)，b0，所以.故选C.6、C【解析】利用基本不等式的性质进行求解即可【详解】，且，（1），当且仅当，即，时，取等号，故的最大值是：，故选：【点睛】本题主要考查基本不等式的应用，注意基本不等式成立的条件7、B【解析】当时，令，故，符合；当时，令，故，符合，所以的零点有2个，选B.8、B【解析】由题设有为减函数，且，恒成立，所以，解得，选B.9、D【解析】根据周期求出，结合的范围及，得到，把看做一个整体，研究在的零点，结合的零点个数，最终列出关于的不等式组，求得的取值范围【详解】因为，所以.由，
7、得.当时，又，则因为在上的零点为，且在内恰有3个零点，所以或解得.故选：D10、D【解析】对于AB，举例判断，对于CD根据函数奇偶性和对称性的关系分析判断即可【详解】对于A，是奇函数，其图象关于原点对称，但不过原点，所以A正确，对于B，是偶函数，其图象关于轴对称，但与轴不相交，所以B正确，对于C，若偶函数的图象与x轴有且仅有两交点，且横坐标分别为，则两个交点关于轴对称，所以，所以C正确，对于D，若奇函数与y轴有交点，则，故，所以函数必过原点，所以D错误，故选：D二、填空题（本大题共5小题，请把答案填在答题卡中相应题中横线上）11、【解析】先求出函数定义域，再换元，利用复合函数单调性的求法求解【
8、详解】由，得，所以函数的定义域为，令，则，因为在上递增，在上递减，而在上为增函数，所以在上递增，在上递减，故答案为：12、【解析】两边同时取以15为底的对数，然后根据对数性质化简即可.【详解】因为所以，所以，故答案为：13、【解析】本题首先可以根据分别是方程的根得出，再根据即可得出，然后通过函数与函数的性质即可得出，最后得出结果【详解】因为，所以，因为，所以，因为函数与函数都是单调递增函数，前者在后者的上方，所以，综上所述，【点睛】本题考查方程的根的比较大小，通常可通过函数性质或者根的大致取值范围进行比较，考查函数思想，考查推理能力，是中档题14、【解析】利用几何意义，设，则k可看作圆上的动点
9、P到原点的连线的斜率，而相切时的斜率为最大或最小值，即可求解.【详解】由题意作出如下图形：令，则k可看作圆上的动点P到原点的连线的斜率，而相切时的斜率为最大或最小值，当直线与圆相切时，在直角三角形OAB中，,，.故答案为：15、1【解析】，且在上，线段为的角平分线，以A为原点，如图建立平面直角坐标系，则，D故答案为1三、解答题（本大题共6小题.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.）16、（1）；（2）当时，；当时，【解析】（1）分子分母同时除以，然后代入计算即可；（2）利用三角函数的定义求出和，再分和讨论计算即可.【详解】（1）分子分母同时除以得原式.（2）由三角函数的定义可知 ，当时，所
10、以；当时，所以所以当时，原式；当时，原式17、（1）；（2）【解析】（1）根据两条直线垂直的斜率关系可得直线的斜率,代入求得截距,即可求得直线的方程.（2）根据题意分别求得的坐标,可得的长,由的纵坐标即可求得的面积【详解】（1）由题意,则两条直线的斜率之积为即直线的斜率为因为,所以可设将代入上式,解得即（2）在直线中,令,得,即在直线：中,令,得,即解方程组,得 ,即则底边的长为,边上的高为故【点睛】本题考查了直线与直线垂直的斜率关系,直线与轴交点坐标,直线的交点坐标求法,属于基础题.18、（1）1；（2）见解析；（3）-1，3）.【解析】(1)根据解得，再利用奇偶性的定义验证，即可求得实数的
11、值；(2)先对分离常数后，判断出为递减函数，再利用单调性的定义作差证明即可；(3)先用函数的奇函数性质，再用减函数性质变形，然后分离参数可得，在内有解，令，只要.【详解】（1）依题意得，故，此时，对任意均有，所以是奇函数，所以.（2）在上减函数，证明如下：任取，则所以该函数在定义域上是减函数（3）由函数为奇函数知，又函数单调递减函数，从而，即方程在内有解，令，只要， 且，当时，原方程在内有解【点睛】本题主要考查函数的奇偶性与单调性以及函数值域的应用，属于难题.已知函数的奇偶性求参数，主要方法有两个，一是利用：（1）奇函数由恒成立求解，（2）偶函数由恒成立求解；二是利用特殊值：奇函数一般由求解，
12、偶函数一般由求解，用特殊法求解参数后，一定要注意验证奇偶性.19、（1），；（2）.【解析】（1）求出集合，直接进行补集和并集运算即可求解；（2）由题意可得：，列出满足的不等关系即可求解.【详解】（1）（2），20、（1）或；（2）；（3）【解析】（1）根据二次不等式和对数不等式的解法求解即可得到所求；（2）由可得，故所求范围即为函数在区间上的值域，根据换元法求出函数的值域即可；（3）根据题意可求出，进而得到和，于是可得大小关系【详解】（1）由，得或，即或，解得，所以原不等式的解集为（2）令，得令，由，得，则，其中令，则在上单调递增，所以，即，所以.故实数的取值范围为（3）由题意得，即，因此，
13、因为为奇函数，为偶函数，所以，解得，所以，因此另法：，所以【点睛】（1）本题考查函数知识的综合运用，解题时要注意函数、方程、不等式间的关系的应用，根据条件及要求合理求解（2）解决函数零点问题时，可转化为方程解得问题处理，也可利用分离变量的方法求解，转化为求具体函数值域的问题，解题时注意转化的合理性和等价性21、（1）（2）【解析】(1)由图象可计算得；(2)由题意可求，进而可以求出在给定区间内与已知直线的交点的横坐标，问题得解.【小问1详解】由题图知，于是，将的图象向左平移个单位长度，得的图象.于是所以，【小问2详解】由题意得故由，得因为，所以所以或或或，所以，在给定区间内，所有交点的横坐标之和为.
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