资源描述
2022-2023学年九上数学期末模拟试卷
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题（每题4分，共48分）
1．如图1，S是矩形ABCD的AD边上一点，点E以每秒kcm的速度沿折线BS－SD－DC匀速运动，同时点F从点C出发点，以每秒1cm的速度沿边CB匀速运动．已知点F运动到点B时，点E也恰好运动到点C，此时动点E，F同时停止运动．设点E，F出发t秒时，△EBF的面积为．已知y与t的函数图像如图2所示．其中曲线OM，NP为两段抛物线，MN为线段．则下列说法：
①点E运动到点S时，用了2.5秒，运动到点D时共用了4秒；
②矩形ABCD的两邻边长为BC＝6cm，CD＝4cm；
③sin∠ABS＝；
④点E的运动速度为每秒2cm．其中正确的是（ ）
A．①②③ B．①③④ C．①②④ D．②③④
2．如图，AB为⊙O的直径，C，D为⊙O上的两点，若AB＝14，BC＝1．则∠BDC的度数是（ ）
A．15° B．30° C．45° D．60°
3．与y=2（x﹣1）2+3形状相同的抛物线解析式为（ ）
A．y=1+x2 B．y=（2x+1）2 C．y=（x﹣1）2 D．y=2x2
4．二次函数y＝ax2+bx+c（a≠0）与一次函数y＝ax+c在同一坐标系中的图象大致为（ ）
A． B． C． D．
5．在Rt△ABC中,∠C=90°,若cosB=,则∠B的度数是( )
A．90° B．60° C．45° D．30°
6．某商品先涨价后降价，销售单价由原来元最后调整到元，涨价和降价的百分率都为．根据题意可列方程为（ ）
A． B．
C． D．
7．已知三地顺次在同-直线上，甲、乙两人均骑车从地出发，向地匀速行驶.甲比乙早出发分钟；甲到达地并休息了分钟后，乙追上了甲.甲、乙同时从地以各自原速继续向地行驶.当乙到达地后，乙立即掉头并提速为原速的倍按原路返回地，而甲也立即提速为原速的二倍继续向地行驶，到达地就停止.若甲、乙间的距离(米)与甲出发的时间(分)之间的函数关系如图所示，则下列说法错误的是（ ）
A．甲、乙提速前的速度分别为米/分、米/分.
B．两地相距米
C．甲从地到地共用时分钟
D．当甲到达地时，乙距地米
8．已知关于x的一元二次方程 (x - a)(x - b) -= 0 (a < b) 的两个根为 x1、x2，(x1< x2)则实数 a、b、x1、x2的大小关系为（ ）
A．a < x1< b <x2 B．a < x1< x2 < b C．x1< a < x2 < b D．x1< a < b < x2
9．如图，在矩形中，在上，，交于，连结，则图中与一定相似的三角形是
A． B． C． D．和
10．一元二次方程有一根为零，则的值为（ ）
A． B． C．或 D．或
11．在△ABC中，∠C＝90°，AC＝9，sinB＝，则AB＝( )
A．15 B．12 C．9 D．6
12．如图示，二次函数的图像与轴交于坐标原点和，若关于的方程（为实数）在的范围内有解，则的取值范围是（ ）
A． B． C． D．
二、填空题（每题4分，共24分）
13．在单词（数学）中任意选择-一个字母，选中字母“”的概率为______．
14．已知，若是一元二次方程的两个实数根，则的值是___________．
15．方程的根是____．
16．如图是水平放置的水管截面示意图，已知水管的半径为50cm，水面宽AB=80cm，则水深CD约为______cm．
17．点P（3，﹣4）关于原点对称的点的坐标是_____．
18．半径为4的圆中，长为4的弦所对的圆周角的度数是_________．
三、解答题（共78分）
19．（8分）如图，一次函数y= -x+b的图象与反比例函数（x>0）的图象交于点A（m , 3）和B（3 , n ）.过A作AC⊥x轴于C，交OB于E，且EB = 2EO
（1）求一次函数和反比例函数解析式
（2）点P是线段AB上异于A，B的一点，过P作PD⊥x轴于D，若四边形APDC面积为S，求S的取值范围.
20．（8分）已知关于的方程有实数根．
（1）求的取值范围；
（2）若该方程有两个实数根，分别为和，当时，求的值．
21．（8分）天门山索道是世界最长的高山客运索道，位于张家界天门山景区．在一次检修维护中，检修人员从索道A处开始，沿A﹣B﹣C路线对索道进行检修维护．如图：已知米，米，AB与水平线的夹角是，BC与水平线的夹角是．求：本次检修中，检修人员上升的垂直高度是多少米？(结果精确到1米，参考数据：)
22．（10分）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，∠BAC＝30°，点O是边AC的中点．
（1）在图1中，将△ABC绕点O逆时针旋转n°得到△A1B1C1，使边A1B1经过点C．求n的值．
（2）将图1向右平移到图2位置，在图2中，连结AA1、AC1、CC1．求证：四边形AA1CC1是矩形；
（3）在图3中，将△ABC绕点O顺时针旋转m°得到△A2B2C2，使边A2B2经过点A，连结AC2、A2C、CC2．
①请你直接写出m的值和四边形AA2CC2的形状；
②若AB＝，请直接写出AA2的长．
23．（10分）如图，一次函数y＝kx+b的图象分别交x轴，y轴于A（4.0），B（0，2）两点，与反比例函数y＝的图象交于C．D两点，CE⊥x轴于点E且CE＝1．
（1）求反比例函数与一次函数的解析式；
（2）根据图象直接写出：不等式0＜kx+b＜的解集．
24．（10分）不透明的袋中有四个小球，分别标有数字1、2、3、4，它们除了数字外都相同。第一次从中摸出一个小球，记录数字后放回袋中，第二次摇匀后再随机摸出一个小球.
（1）求第一次摸出的小球所标数字是偶数的概率；
（2）求两次摸出的小球所标数字相同的概率.
25．（12分）某学校从360名九年级学生中抽取了部分学生进行体育测试，并就他们的成绩（成绩分为A、B、C三个层次）进行分析，绘制了频数分布表与频数分布直方图（如图），请根据图表信息解答下列问题：
分组
频数
频率
C
10
0.10
B
0.50
A
40
合计
1.00
（1）补全频数分布表与频数分布直方图；
（2） 如果成绩为A层次的同学属于优秀，请你估计该校九年级约有多少人达到优秀水平？
26．在一次徒步活动中，有甲、乙两支徒步队伍．队伍甲由A地步行到B地后按原路返回，队伍乙由A地步行经B地继续前行到C地后按原路返回，甲、乙两支队伍同时出发．设步行时间为x（分钟），甲、乙两支队伍距B地的距离为y1（千米）和y2（千米）．（甲、乙两队始终保持匀速运动）图中的折线分别表示y1、y2与x之间的函数关系，请你结合所给的信息回答下列问题：
（1）A、B两地之间的距离为 千米，B、C两地之间的距离为 千米；
（2）求队伍乙由A地出发首次到达B地所用的时间，并确定线段MN表示的y2与x的函数关系式；
（3）请你直接写出点P的实际意义．
参考答案
一、选择题（每题4分，共48分）
1、C
【分析】①根据函数图像的拐点是运动规律的变化点由图象即可判断．②设，，由函数图像利用△EBF面积列出方程组即可解决问题．③由，，得，设，，在中，由列出方程求出，即可判断．④求出即可解决问题．
【详解】解：函数图像的拐点时点运动的变化点根据由图象可知点运动到点时用了2.5秒，运动到点时共用了4秒．故①正确．
设，，
由题意，
解得，
所以，，故②正确，
，，
，设，，
在中，，
，
解得或（舍，
，，，
故③错误，
，
，
，故④正确，
故选：C．
【点睛】
本题考查二次函数综合题、锐角三角函数、勾股定理、三角形面积、函数图象问题等知识，读懂图象信息是解决问题的关键，学会设未知数列方程组解决问题，把问题转化为方程去思考，是数形结合的好题目，属于中考选择题中的压轴题．
2、B
【解析】只要证明△OCB是等边三角形，可得∠CDB=∠COB即可解决问题.
【详解】如图，连接OC，
∵AB=14，BC=1，
∴OB=OC=BC=1，
∴△OCB是等边三角形，
∴∠COB=60°，
∴∠CDB=∠COB=30°，
故选B．
【点睛】
本题考查圆周角定理，等边三角形的判定等知识，解题的关键是学会利用数形结合的首先解决问题，属于中考常考题型．
3、D
【分析】抛物线的形状只是与a有关，a相等，形状就相同．
【详解】y=1（x﹣1）1+3中，a=1．
故选D．
【点睛】
本题考查了抛物线的形状与a的关系，比较简单．
4、D
【分析】先根据一次函数的图象判断a、c的符号，再判断二次函数图象与实际是否相符，判断正误．
【详解】解：A、由一次函数y=ax+c的图象可得：a＞0，此时二次函数y=ax2+bx+c的图象应该开口向上，错误；
B、由一次函数y=ax+c的图象可得：a＞0，c＞0，此时二次函数y=ax2+bx+c的图象应该开口向上，交于y轴的正半轴，错误；
C、由一次函数y=ax+c的图象可得：a＜0，c＞0，此时二次函数y=ax2+bx+c的图象应该开口向下，错误．
D、由一次函数y=ax+c的图象可得：a＜0，c＞0，此时二次函数y=ax2+bx+c的图象应该开口向下，与一次函数的图象交于同一点，正确；
故选：D．
【点睛】
本题考查二次函数的图象，一次函数的图象，解题的关键是熟记一次函数y=kx+b在不同情况下所在的象限，以及熟练掌握二次函数的有关性质：开口方向、对称轴、顶点坐标等．
5、B
【分析】根据锐角三角函数值，即可求出∠B.
【详解】解：∵在Rt△ABC中,cosB=,
∴∠B=60°
故选：B.
【点睛】
此题考查的是根据锐角三角函数值求角的度数，掌握特殊角的锐角三角函数值是解决此题的关键.
6、A
【分析】涨价和降价的百分率都为，根据增长率的定义即可列出方程．
【详解】涨价和降价的百分率都为．根据题意可列方程
故选A．
【点睛】
此题主要考查一元二次方程的应用，解题的关键是根据题意找到数量关系列出方程．
7、C
【分析】设出甲、乙提速前的速度，根据“乙到达Ｂ地追上甲”和“甲、乙同时从Ｂ出发，到相距900米”建立二元一次方程组求出速度即可判断A，然后根据乙到达C的时间求A、C之间的距离可判断B，根据乙到达C时甲距C的距离及此时速度可计算时间判断C，根据乙从C返回A时的速度和甲到达C时乙从C出发的时间即可计算路程判断出D．
【详解】A.设甲提速前的速度为米/分，乙提速前的速度为米/分，
由图象知，当乙到达B地追上甲时，有：，化简得：，
当甲、乙同时从B地出发，甲、乙间的距离为900米时，有：，化简得：，
解方程组：，得：，
故甲提速前的速度为300米/分，乙提速前的速度为400米/分，故选项A正确；
B.由图象知，甲出发23分钟后，乙到达C地，
则A、C两地相距为：（米），故选项B正确；
C.由图象知，乙到达C地时，甲距C地900米，这时，甲提速为（米/分），
则甲到达C地还需要时间为：（分钟），
所以，甲从A地到C地共用时为：（分钟），故选项C错误；
D.由题意知，乙从C返回A时，速度为：（米/分钟），
当甲到达C地时，乙从C出发了2.25分钟，
此时，乙距A地距离为：（米），故选项D正确．
故选：C．
【点睛】
本题为方程与函数图象的综合应用，正确分析函数图象，明确特殊点的意义是解题的关键．
8、D
【分析】根据二次函数的图象与性质即可求出答案．
【详解】如图，设函数y＝（x−a）（x−b），
当y＝0时，
x＝a或x＝b，
当y＝时，
由题意可知：（x−a）（x−b）−＝0（a＜b）的两个根为x1、x2，
由于抛物线开口向上，
由抛物线的图象可知：x1＜a＜b＜x2
故选：D．
【点睛】
本题考查一元二次方程，解题的关键是正确理解一元二次方程与二次函数之间的关系，本题属于中等题型．
9、B
【解析】试题分析：根据矩形的性质可得∠A=∠D=90°，再由根据同角的余角相等可得∠AEB=∠DFE，即可得到结果.
∵矩形
∴∠A=∠D=90°
∴∠DEF+∠DFE=90°
∵
∴∠AEB+∠DEF=90°
∴∠AEB=∠DFE
∵∠A=∠D=90°，∠AEB=∠DFE
∴∽
故选B.
考点：矩形的性质，相似三角形的判定
点评：相似三角形的判定和性质是初中数学的重点，贯穿于整个初中数学的学习，是中考中半径常见的知识点，一般难度不大，需熟练掌握.
10、B
【分析】把代入一元二次方程，求出的值，然后结合一元二次方程的定义，即可得到答案.
【详解】解：∵一元二次方程有一根为零，
∴把代入一元二次方程，则，
解得：，
∵，
∴，
∴；
故选：B.
【点睛】
本题考查了一元二次方程的解，以及一元二次方程的定义，解题的关键是熟练掌握解一元二次方程的方法，正确求出的值.
11、A
【分析】根据三角函数的定义直接求解.
【详解】在Rt△ABC中，∠C＝90°，AC＝9，
∵，
∴，
解得AB＝1．
故选A
12、D
【分析】首先将代入二次函数，求出，然后利用根的判别式和求根公式即可判定的取值范围.
【详解】将代入二次函数，得
∴
∴方程为
∴
∵
∴
故答案为D.
【点睛】
此题主要考查二次函数与一元二次方程的综合应用，熟练掌握，即可解题.
二、填空题（每题4分，共24分）
13、
【分析】由题意可知总共有11个字母，求出字母的个数，利用概率公式进行求解即可．
【详解】解：共有个字母，其中有个，
所以选中字母“”的概率为.
故答案为：.
【点睛】
本题考查概率的求法，如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）=.
14、6
【解析】根据得到a-b=1，由是一元二次方程的两个实数根结合完全平方公式得到，根据根与系数关系得到关于k的方程即可求解.
【详解】∵，故a-b=1
∵是一元二次方程的两个实数根，
∴a+b=-5，ab=k，
∴=1
即25-4k=1,
解得k=6，
故填：6.
【点睛】
此题主要考查一元二次方程的应用，解题的关键是熟知因式分解、根与系数的关系运用.
15、，
【分析】把方程变形为，把方程左边因式分解得，则有y=0或y-5=0，然后解一元一次方程即可．
【详解】解：，
∴，
∴y=0或y-5=0，
∴．
故答案为：．
【点睛】
此题考查了解一元二次方程-因式分解法，其步骤为：移项，化积，转化和求解这几个步骤．
16、1
【解析】连接OA，设CD为x，由于C点为弧AB的中点，CD⊥AB，根据垂径定理的推理和垂径定理得到CD必过圆心0，即点O、D、C共线，AD=BD=AB=40，在Rt△OAD中，利用勾股定理得（50-x）2+402=502，然后解方程即可．
【详解】解：连接OA、如图，设⊙O的半径为R，
∵CD为水深，即C点为弧AB的中点，CD⊥AB，
∴CD必过圆心O，即点O、D、C共线，AD=BD=AB=40，
在Rt△OAD中，OA=50，OD=50-x，AD=40，
∵OD2+AD2=OA2，
∴（50-x）2+402=502，解得x=1，
即水深CD约为为1．
故答案为；1
【点睛】
本题考查了垂径定理的应用：从实际问题中抽象出几何图形，然后垂径定理和勾股定理相结合，构造直角三角形，可解决计算弦长、半径、弦心距等问题.
17、（﹣3，4）．
【分析】根据关于关于原点对称的点，横坐标与纵坐标都互为相反数．填空即可．
【详解】解：点P（3，﹣4）关于原点对称的点的坐标是（﹣3，4），
故答案为（﹣3，4）．
【点睛】
解决本题的关键是掌握好对称点的坐标规律：
（1）关于x轴对称的点，横坐标相同，纵坐标互为相反数；
（2）关于y轴对称的点，纵坐标相同，横坐标互为相反数；
（3）关于原点对称的点，横坐标与纵坐标都互为相反数．
18、或
【分析】首先根据题意画出图形，然后在优弧上取点C，连接AC，BC，在劣弧上取点D，连接AD，BD，易得是等边三角形，再利用圆周角定理，即可得出答案．
【详解】．
如图所示
在优弧上取点C，连接AC，BC，在劣弧上取点D，连接AD，BD，
∵，
∴
∴是等边三角形
∴
∴
∴
∴所对的圆周角的度数为或
故答案为：或．
【点睛】
本题考查了圆周角的问题，掌握圆周角定理是解题的关键．
三、解答题（共78分）
19、（1）y=-x+4，，（2）0<S<4
【分析】（1）由得：，由点横坐标为3得点的横坐标为1，将点代入解析式即可求得答案；
（2）设P的坐标为，由于点P在线段AB上，从而可知，，由题意可知：，从而可求出S的范围.
【详解】（1）由得：，
∵点横坐标为3，
∴点的横坐标为1，即.
∵点在直线 及上，
∴及，
解得：，
∴一次函数的解析式为：，反比例函数的解析式为：；
（2）设点坐标为，
S==
，
∵ ，
∴当时，S随a的增大而增大，
∵当时，；时，
∵，
∴.
【点睛】
本题考查反比例函数与一次函数的综合问题，解题的关键是求出一次函数与反比例函数的解析式，学会设参数解决问题．
20、（1）；（1）1.
【分析】(1)根据方程有实数根，可分为k=0与k≠0两种情况分别进行讨论即可得；
(2)根据一元二次方程根与系数的关系可得，，由此可得关于k的方程，解方程即可得.
【详解】(1)当时，方程是一元一次方程，有实根符合题意，
当时，方程是一元二次方程，由题意得
，
解得：，
综上，的取值范围是；
(2)和是方程的两根，
，，
，
，
解得，
经检验：是分式方程的解，且，
答：的值为.
【点睛】
本题考查了方程有实数根的条件，一元二次方程根与系数的关系，正确把握相关知识是解题的关键.
21、检修人员上升的垂直高度为943米．
【解析】如图，过点B作于点H，在中先求出BH的长，继而求出A1B1的长，一次方程的应用等知识，弄清是法运算，最后选择使原式有意义有在中，根据三角函数求出B1C的长，即可求得结论.
【详解】如图，过点B作于点H．
在中，，，
(米)，
(米)，
在中，，，
，
，
检修人员上升的垂直高度(米)
答：检修人员上升的垂直高度为943米．
【点睛】
本题考查了解直角三角形的应用，添加辅助线，构建直角三角形是解题的关键.
22、（1）n＝60°；（2）见解析；（3）①m＝120°，四边形AA2CC2是矩形；②AA2＝3．
【分析】（1）利用等腰三角形的性质求出∠COC1即可．（2）根据对角线相等的平行四边形是矩形证明即可．（3）①求出∠COC2即可，根据矩形的判定证明即可解决问题．②解直角三角形求出A2C2，再求出AA2即可．
【详解】（1）解：如图1中，
由旋转可知：△A1B1C1≌△ABC，
∴∠A1＝∠A＝30°，
∵OC＝OA，OA1＝OA，
∴OC＝OA1，
∴∠OCA1＝∠A1＝30°，
∴∠COC1＝∠A1+OCA1＝60°，
∴n＝60°．
（2）证明：如图2中，
∵OC＝OA，OA1＝OC1，
∴四边形AA1CC1是平行四边形，
∵OA＝OA1，OC＝OC1，
∴AC＝A1C1，
∴四边形AA1CC1是矩形．
（3）如图3中，
①∵OA＝OA2，
∴∠OAA2＝∠OA2A＝30°，
∴∠COC2＝∠AOA2＝180°﹣30°﹣30°＝120°，
∴m＝120°，
∵OC＝OA，OA2＝OC2，
∴四边形AA2CC2是平行四边形，
∵OA＝OA2，OC＝OC2，
∴AC＝A2C2，
∴四边形AA2CC2是矩形．
②∵AC＝A2C2＝AB•cos30°＝4×＝6，
∴AA2＝A2C2•cos30°＝6×＝3．
【点睛】
本题属于四边形综合题，考查了旋转变换，平行四边形的判定和性质，矩形的判定和性质，解直角三角形等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型．
23、（1）y＝﹣+2，y＝﹣；（2）﹣2＜x＜4
【分析】（1）根据待定系数法即可求得一次函数的解析式，由题意可知C的纵坐标为1，代入一次函数解析式即可求得C的坐标，然后代入y=求得m的值，即可求得反比例函数的解析式；
（2）根据图象找出y＝kx+b在x轴上方且在y=的下方的图象对应的x的范围．
【详解】（1）根据题意，得，
解得k＝﹣，b＝2，
所以一次函数的解析式为y＝﹣+2，
由题意可知，点C的纵坐标为1．
把y＝1代入y＝﹣+2，中，得x＝﹣2．
所以点C坐标为（﹣2，1）．
把点C坐标（﹣2，1）代入y＝中，
解得m＝﹣3．
所以反比例函数的解析式为y＝﹣；
（2）根据图像可得：不等式4＜kx+b＜的解集是：﹣2＜x＜4．
【点睛】
本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题：求反比例函数与一次函数的交点坐标，把两个函数关系式联立成方程组求解，若方程组有解则两者有交点，方程组无解，则两者无交点．也考查了观察函数图象的能力．
24、（1）（数字是偶数）；（2）（数字相同）
【分析】（1）利用概率公式求概率即可；
（2）先列表，然后根据概率公式计算概率即可．
【详解】解：（1）第一次摸出的小球共有4种等可能的结果，其中摸出的小球所标数字是偶数的结果有2种，
∴（数字是偶数）=2÷4
（2）列表如下：
第二次 第一次
1
2
3
4
1
1,1
2,1
3,1
4,1
2
1,2
2,2
3,2
4,2
3
1,3
2,3
3,3
4,3
4
1,4
2,4
3,4
4,4
由表格可知：共有16种等可能的结果，其中两次摸出的小球所标数字相同的可能有4种
∴（数字相同）=4÷16
【点睛】
此题考查的是求概率问题，掌握列表法和概率公式是解决此题的关键．
25、（2）见解析；（2）244人
【分析】（2）首先利用C组的数据可以求出抽取了部分学生的总人数，然后利用频率或频数即可补全频数分布表与频数分布直方图；
（2）根据（2）的几个可以得到A等级的同学的频率，然后乘以362即可得到该校九年级约有多少人达到优秀水平．
【详解】（2）补全频数分布表如下：
分组
频数
频率
C
22
2．22
B
52
2．52
A
42
2．42
合计
222
2．22
补全直方图如下：
（2）∵A层次的同学人数为42人，频率为2.42，
∴估计该校九年级约有 2.4×362=244人达到优秀水平.
【点睛】
本题考查的知识点是频率分布表及用样本估计总体以及频率分布直方图，解题的关键是熟练的掌握频率分布表及用样本估计总体以及频率分布直方图.
26、（1）2；1;（2）线段MN表示的y2与x的函数解析式为y2=x﹣2（20≤x≤60）;（3）点P的意义为：当x=分钟时，甲乙距B地都为千米．
【分析】（1）当x=0时，y的值即为A、B两地间的距离，观察队伍乙的运动图象可知线段MN段为队伍乙从B地到C地段的函数图象，由此可得出B、C两地间的距离；
（2）根据队伍乙的运动为匀速运动可根据路程比等于时间比来求出点M的坐标，设直线MN的解析式为y=kx+b（k≠0），再由M、N点的坐标利用待定系数法求出线段MN的解析式；
（3）设队伍甲从A地到B地运动过程中离B地距离y与运动时间x之间的函数解析式为y=mx+n（m≠0），由点（0，2）、（60，0）利用待定系数法即可求出m、n的值，再令x﹣2=﹣x+2，求出交点P的坐标，结合坐标系中点的坐标意义即可解决问题．
【详解】解：（1）当x=0时，y=2，
∴A、B两地之间的距离为2千米；
观察队伍乙的运动图象可知，B、C两地之间的距离为1千米．
故答案为2；1．
（2）乙队伍60分钟走6千米，走2千米用时60÷6×2=20分钟，
∴M（20，0），N（60，1），
设直线MN的解析式为y=kx+b（k≠0），
则有，
解得：．
∴线段MN表示的y2与x的函数解析式为y2=x﹣2（20≤x≤60）．
（3）设队伍甲从A地到B地运动过程中离B地距离y与运动时间x之间的函数解析式为y=mx+n（m≠0），
则点（0，2）、（60，0）在该函数图象上，
∴有，解得：．
∴当0≤x≤60时，队伍甲的运动函数解析式为y=﹣x+2．
令x﹣2=﹣x+2，解得：x=，
将x=代入到y=﹣x+2中得：y=．
∴点P的意义为：当x=分钟时，甲乙距B地都为千米．
考点：一次函数的应用．
展开阅读全文
浙ICP备2021020529号-1 | 浙B2-20240490 
